高等数学 期末复习之常微分方程部分.doc
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19 第11章 常微分方程习题课 一. 内容提要 1.基本概念 含有一元未知函数(即待求函数)的导数或微分的方程,称为常微分方程;其中出现的的最高阶导数的阶数称为此微分方程的阶;使微分方程在区间上成为恒等式的函数称为此微分方程在上的解;显然一个微分方程若有解,则必有无穷多解;若阶微分方程的解中含有个不可合并的任意常数,则称其为此微分方程的通解;利用个独立的附加条件(称为定解条件)定出了所有任意常数的解称为特解;微分方程连同定解条件一起,合称为一个定解问题;当定解条件是初始条件(给出在同一点处的值)时,称为初值问题. 2.一阶微分方程的解法 (1)对于可分离变量方程, 先分离变量(当时)得, 再两边积分即得通解 . (2)对于齐次方程, 作变量代换,即,可将其化为可分离变量的方程,分离变量后,积分得,再以代替便得到齐次方程的通解. (3)形如的方程, ①若均为零,则是齐次方程; ②若不全为零,则不是齐次方程,但 当时,只要作变换,即可化为可分离变量的方程; 当时,只要作平移变换,即(其中是线性方程组的惟一解),便可化为齐次方程 . (4)全微分方程 若方程之左端是某个二元函数的全微分,则称其为全微分方程,显然即为通解,而原函数可用曲线积分法、不定积分法或观察法求得. 通常用充要条件来判定是否为全微分方程.对于某些不是全微分方程的,可乘上一个函数使之成为全微分方程 (注意到当时与原方程同解),并称为积分因子;一般说来,求积分因子比较困难,但有时可通过观察得到. (5)一阶线性微分方程的通解公式 当不恒为零时,称其为一阶线性非齐次微分方程;当恒为零,时,即称为一阶线性齐次微分方程,这是一个可分离变量的方程,易知其通解为;由此用“常数变易法”即可得到非齐次微分方程的通解 . (6)对于Bernoulli方程 (),只需作变换,即可化为一阶线性方程. 3.高阶方程的降阶解法 以下三种方程可通过变量代换降成一阶方程再求解: (1)对于方程,令化为;在实际求解中,只要对方程连续积分次,即得其通解 . (2)对于(不显含),作变换,则,于是 化一阶方程;显然对可作类似处理. (3)对于(不显含),作变换,则,于是可化为一阶方程. 4.线性微分方程解的结构 (1)线性齐次微分方程解的性质 对于线性齐次微分方程来说,解的线性组合仍然是解. (2)线性齐次微分方程解的结构 若是阶线性齐次微分方程的线性无关的解,则其通解为 . (3)线性非齐次微分方程解的结构 线性非齐次微分方程的通解,等于其对应的齐次方程的通解与其自身的一个特解之和,即. (4)线性非齐次微分方程的叠加原理 1设()是方程 的解,则是方程 的解. 2若实变量的复值函数是方程 的解,则此解的实部是方程 的解;虚部是方程 的解. (5)线性非齐次方程的解与对应的齐次方程解的关系 线性非齐次方程任意两个解的差是对应的齐次方程的解. 5.常系数线性微分方程的解法 (1)求常系数线性齐次微分方程通解的“特征根法” 1写出的特征方程 , 并求特征根; 2根据特征根是实根还是复根以及重数写出通解中对应的项(见下表) 特征根为 给出通解中的 单实根 1项: 重实根 项: 一对单复根 2项: 一对重复根 2项: (2)下列两种情况可用“待定系数法”求常系数线性非齐次方程的特解 对于,应设特解 , 其中等于为特征根的重数(),是待定系数.将代入原方程,可定出,从而求得. 对于 (),应设特解 , 其中等于为特征根的重数(),是待定的次多项式.将代原方程,即可定出,从而求得. 或因为 (其中是次的复系数多项式). 对于方程 可设其特解 , (是次待定复系数多项式,等于为特征根的重数),将代入方程 中,可定出,于是,从而原方程的特解. 特例 求得 6.Euler方程的解法 (1) 形如 的线性变系数微分方程称为Euler方程,是一种可化为常系数的变系数微分方程. (2) 解法 只需作变换 ,即,即可将其化为常系数线性微分方程. 若引入微分算子,则 ,,, 于是很容易写出对应的齐次方程的特征方程. 7. 应用常微分方程解决实际问题的一般步骤 (1) 在适当的坐标系下,设出未知函数,据已知条件写出相关的量; (2) 根据几何、物理、经济及其它学科的规律(往往是瞬时规律或局部近似规律)建立微分方程; (3) 提出定解条件; (4) 求定解问题的解; (5) 分析解的性质,用实践检验解的正确性. 二.课堂练习(除补充题外,均选自复习题12) 1.填空题 (1)已知及是方程的解,则其通解为. 解:因,都是解,且线性无关,故是通解. (2)设一质量为的物体,在空气中由静止开始下落 .若空气阻力为,则其下落的距离所满足的微分方程是, 初始条件是. 解:因为,而,,,故得方程 ,化简得; 在如图所示的坐标系下,初始条件为. (3)微分方程的特解的形式为. 解: 因为特征方程为,,而是二重特征根,故应设. (4)若都是线性非齐次微分方程的解,则其通解为. 解:由线性非齐次方程的解与对应的齐次方程解的关系可知,, 都是对应的齐次方程的解,且线性无关,故对应的齐次方程的通解为;由非齐次方程解的结构得其通解. (5)(补充)已知满足,则. 解:两边对求导得,整理得 , 分离变量后积分得,即,; 又当时,,即故,所以. (6)(补充)设有连续导数,且.若曲线积分与路径无关,则. 解: 记.因为积分与路径无关,故有,即,亦即.它的通解为 . 由得,于是. 解:由题设知, 2.选择题 (1)函数(为任意常数)是微分方程的 (A) 通解. (B)特解. (C)不是解. (D)解,但不是通解,也不是特解. 答( D ) 解:因为,经检验是解,但含有任意常数,故不是特解,又因为只含一个独立的任意常数,故也不是通解. (2)微分方程,其特解形式为 (A). (B). (C). (D). 答( C) 解:,特解为. 因为,,而是特征方程的单根,故应设;而不是特征方程根,故应设,因此. (3)微分方程是 (A)一阶线性齐次方程. (B)一阶线性非齐次方程. (C)齐次方程. (D)可分离变量方程. 答( C ) 解:原方程可化为. (4)(补充)具有特解,, 的三阶常系数线性齐次微分方程是 (A). (B). (C). (D). 答( B ) 解: 由方程的特解可知,其特征根为,于是特征方程为即,故方程为 . (5)(补充)方程通过点且在该点处与直线相切的积分曲线为 (A). (B). (C). (D). 答( D) 解:因为,,故通解为.由初始条件得,所以所求积分曲线为 . (6)(补充) 方程的特解应设为 (A). (B). (C). (D). 答(D) 解:对应的齐次方程的特征方程为,特征根为 . 令.对于,因是 单特征根,故设;对于,因是单特征 根,故设 ;从而. (7)(06考研)函数满足的一个微分方程是 (A). (B) . (C) . (D) . 答(D) 解:因为,即特征方程为,故排除(A)、 (B).由是特征方程的单根,知,故排除(C). 3.求下列方程的通解 (2) ; 解:方程化为,是一阶线性方程. . (5); 解:原方程可化为,故通解为 . (10) . 解:设,即,则.代入原方程得 .此为齐次方程,再设,则,故方程化为.分离变量为 ,两边积分得 . 代回原变量并整理得 . 4.求下列微分方程满足所给初始条件的特解 (1),; 解:原方程化为,即. 令,得. ,即 ,故通解为. 由,得,所以特解为 . (3),,; 解:令,则,原方程化为 ,即 .积分得 .由,,得,故.解之得.由,.故特解为 . 5(补充).设是微分方程的一个解,求此微分方程满足条件的特解. 解:将代入微分方程得,解之得,于是此微分方程为,即. 其对应的齐次方程的通解为,于是此微分方程的通解为.由得,故特解为. 6(补充).设是一条向上凸的连续曲线,其上任意一点处的曲率为,且此曲线上点处的切线方程为,求该曲线的方程. 解:因为曲线向上凸,故,于是有,化简得二阶方程.令,则,故方程化为.分离变量后积分得.由题设有,于是可定出,所以,再积分得.由得,因此该曲线. 7(补充).某湖泊的水量为,每年排入湖泊内含污染物的污水量为,流入湖泊内不含的水量为,流出湖泊的水量为.已知1999年底湖中的含量为,超过国家规定指标.为了治理污染,从2000年初起,限定排入湖泊中含污水的浓度不超过.问至少需经过多少年,湖泊中污物的含量降至以内?(注:设湖水中的浓度是均匀的.) 解:设2000年初(记此时)开始,第年湖泊中污物的总量为,浓度为,则在时间间隔内,排入湖泊中污染物的量为,流出湖泊的水中的量为,因而在此间隔内湖泊中污染物的改变量为,.分离变量解得,由得,故. 令,解得 ,即至少需经过年湖泊中污物的含量降至以内. 8.求下列Euler方程的通解 (2). 解:设,方程化为 .………………….(*) ,. . 设,代入方程(*),得 .由此定出 ,故.从而原方程的通解为 . 9.设对于半空间内任意的光滑有向封闭曲面, 都有 , 其中在内具有连续的一阶导数,且,求. 解:由曲面积分与曲面无关的条件,有 ,即. 所以 . 由,即,可求出,故 . 10(补充).设函数二阶可导且.过曲线上任意一点,作该曲线的切线及轴的垂线,上述二直线与轴所围成的三角形的面积记为,区间上以为曲边的曲边梯形面积记为,并设恒为,求此曲线的方程. 解:曲线上点处的切线方程为.切线与轴的交点为.由,知,于是 ;而 ();故由条件得,由此还可得. 将两边对求导并整理得.令,则,于是方程化为,解之得,由和得,于是,从而.再由得,故所求曲线方程为. 11(06考研).设函数在内具有二阶导数,且 满足等式. (1) 验证; (2) 若,求函数的表达式. 解: (1)由,得 , . 因为,所以有,即 . (2)由(1)得,由知,即; 于是得,由,得,所以. 12(07考研).解初值问题 解:令 于是 由 解得 12(07考研). 设幂级数在内收敛,其和函数 (I)证明 (II)求的表达式. 解:(I)对 代入 于是 从而有 (II)因为故 所以 19- 配套讲稿:
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