2018年辽宁省营口市中考物理试题（解析）.doc

2018年初中毕业生毕业升学考试物理试题
一、选择题
1. 下列估测的数据最接近实际的是（　　）
A. 某同学立定跳远成绩为2m
B. 手机正常工作的电流约为10A
C. 一元硬币的质量约为60g
D. 教室门的高度约为50cm
【答案】A
【解析】
【详解】A、中学生立定跳远成绩约为2m，故A符合实际；
B、手机正常工作的电流较小，约为10mA，故B不符合实际；
C、一枚一元硬币的质量约为6g，故C不符合实际；
D、教室门的高度约为，故D不符合实际．
故选A．
2. 下列有关声现象的说法正确的是（　　）
A. 声音能在真空中传播
B. 小提琴琴弦的松紧程度不同，发出声音的音调也会不同
C. 外科医生利用次声波振动粉碎人体内的结石
D. 学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
【答案】B
【解析】
【详解】A、声音传播需要介质，真空不能传声；故A错误；
B、小提琴琴弦的松紧程度不同，振动频率不同，发出声音的音调会不同，故B正确；
C、外科医粉碎人体内的结石，是利用的超声波，故C错误；
D、“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声，故D错误．
故选B．
3. 下列物理现象及其原因分析错误的是（　　）
A. 春天，冰雪消融是熔化现象，这个过程要吸热
B. 夏天，常用干冰给食品保鲜，利用了干冰熔化吸热
C. 秋天，草木的叶子上有露珠，这是水蒸气液化形成的
D. 冬天，窗玻璃上会出现冰花，这是水蒸气发生了凝华
【答案】B
【解析】
【详解】A、春天，冰雪消融，这是熔化现象，这个过程中冰要吸收热量，故A正确，不符合题意；
B、夏天，常用干冰给食品保鲜，干冰由固态直接变成气态，是升华现象，吸收热量，故B错误，符合题意；
C、秋天，会看到露珠，这是水蒸气变成小水珠的过程，属于液化现象，液化放热，故C正确，不符合题意；
D、严寒的冬天，玻璃窗上会出现冰花，冰花是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故D正确，不符合题意．
故选B．
【点睛】重点是物态变化过程中的吸热和放热，除了要记清楚六个物态变化的过程谁吸热、谁放热，还要多了解一些物态变化在生活生产中的应用，体会物理知识与生活的紧密联系．
4. 下列对光现象的描述正确的是（　　）
A. 家里的穿衣镜所成的像是等大的实像
B. 红外线能使荧光物质发光，鉴别钞票的真伪
C. 雨过天晴后，天空中出现彩虹是光的色散现象
D. 在公园的湖水中可以看到拱桥的倒影，是由于光的直线传播形成的
【答案】C
【解析】
【详解】A、由平面镜成像特点可知，平面镜成的是正立等大的虚像，故A错误；
B、紫外线最显著的性质是能使荧光物质发光，而不是红外线，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的色散现象，故C正确；
D、平静水面上拱桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D错误．
故选C．
5. 2018年6月14日，第21届世界杯足球赛在莫斯科卢日尼基体育场开幕．下列与足球有关的说法正确的是（　　）
A. 踢球时，脚对球施加了力，球对脚没有力的作用
B. 踢出去的球在空中继续运动，是因为球受到惯性作用
C. 只要脚对球施加的力大小相同，其作用效果一定相同
D. 守门员使球停下来的过程，是力改变了球的运动状态
【答案】D
【解析】
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用力；
（2）惯性是物体本身的一种性质；
（3）影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点；
（4）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态．
【详解】A、因为力的作用是相互的，所以踢球时，脚对球施加力的同时球对脚也施加了力，故A错误；
B、踢出去的球在空中继续运动，是因为球具有惯性；惯性不是力，不能说“受惯性作用”，故B错误；
C、力的大小、方向和作用点都影响力的作用效果，所以脚对球施加的力大小相同时，其作用效果不一定相同，故C错误；
D、守门员使球停下来的过程中，守门员对球有力的作用，球的运动状态发生改变，说明力改变了球的运动状态，故D正确．
故选D．
【点睛】注意对惯性的理解，惯性与物体的运动状态无关，与质量大小有关．
6. 如图所示，当闭合开关S，滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是（　　）

A. 电流表A示数变小
B. 灯泡L的亮度变亮
C. 电压表V1示数变大
D. 电压表V2示数变小
【答案】A
【解析】
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据电源电压不变可知滑片移动时V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L两端的电压变化，进一步可知灯泡实际功率的变化，从而得出灯泡亮暗的变化，根据串联电路电压特点可知R两端的电压变化．
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流．
因电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；
在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，灯泡变暗，即电流表A的示数变小，故A正确；
电流变小，灯泡变暗，故B错误；
由可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故D错误．
故选A．
【点睛】重点是电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电压表是测量谁的电压是关键．
7. 下列有关物理量与质量的关系，说法正确的是（　　）
A 同一地点，物体所受重力大小与质量无关
B. 同种物质，物质的密度大小与质量无关
C. 同一高度，物体的重力势能大小与质量无关
D. 同种燃料，燃烧放出的热量多少与质量无关
【答案】B
【解析】
【分析】物体受到的重力与其质量成正比；
密度是物质的一种特性；
影响重力势能的因素：质量和高度；
当燃料完全燃烧时，由Q放=mq分析同种燃料，燃烧放出的热量多少与质量是否无关．
【详解】A、同一地点的重力常数相等，即物体受到的重力与它的质量成正比；故A错误；
B、密度是物质的一种特性，与物体的体积和质量没有关系，故B正确；
C、影响重力势能的因素：重力和高度，同一高度，物体的重力势能大小与质量有关，故C错误；
D、由可知，燃料燃烧放出的热量与燃料的热值和燃料的质量有关，故D错误．
故选B．
【点睛】注意理解密度的物理意义，密度表示单位体积内物体的质量，密度通常是不变的，与质量、体积无关．
8. 下列做法中，符合安全用电常识的是（　　）
A. 用湿手拔用电器的插头
B. 在高压电线附近放风筝
C. 使用试电笔时手接触金属笔尖
D. 电器起火时先切断电源
【答案】D
【解析】
【分析】（1）不能用湿手接触带电体；
（2）生活中要远离高压带电体；
（3）手要接触试电笔的笔尾金属体；
（4）发生触电时，应先切断电源．
【详解】A、生活中的水是导体，用湿手拔用电器的插头易引发触电，故A错误；
B、在高压电线附近放风筝，风筝容易缠绕到高压线或引发高压电弧触电，是不符合安全用电常识的，故B错误；
C、使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体，故C错误；
D、电器起火时，应先切断电源，再施救，故D正确．
故选D．
9. 小明和班里的同学讨论热学知识，你认为正确的是（　　）
A. 看到阳光下屋内飞舞灰尘，这是分子在不停地作无规则的运动
B. 用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
C. 陨石在坠入大气层时，内能增加，机械能减小
D. 在内燃机的一个工作循环中，燃气对外做功四次
【答案】C
【解析】
【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子比较小，是纳米尺度内的，我们用肉眼是看不到的；我们能够看到的不是分子，是固体的小颗粒；物体克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加；内燃机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮和曲轴转动2周．
【详解】A、尘埃在空气中飞舞是宏观物体在外力作用下的机械运动，故A错误；
B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙，故B错误；
C、陨石坠落的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小，坠落过程中陨石要克服空气阻力做功，把机械能转化为内能，内能增加，机械能减小，故C正确；
D、内燃机的一个工作循环有4个冲程，曲轴转动2周，对外做功1次，故D错误．
故选C．
10. 厨房里能发现许多与物理知识有关的现象，下列说法正确的是（　　）
A. 吸油烟机能将油烟吸走，是因为空气流速越大位置，压强越大
B. 高压锅能很快煮熟食物，是由于锅内气压增大，水的沸点升高
C. 瓷砖表面的“吸盘式”挂钩，是利用大气压将吸盘紧压在瓷砖表面
D. 茶壶的壶身和壶嘴构成连通器
【答案】BCD
【解析】
【分析】（1）利用流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
（2）液体的沸点跟气压有关，气压越大，沸点越高；
（3）空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强；
（4）上端开口底部连通的容器是连通器，连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的．
【详解】A、流体压强与流速的关系：流体在流速越大的位置压强越小；所以，抽油烟机在工作时，转动的扇叶处空气流速大，压强小，故A错误；
B、气压越大时，沸点越高，所以高压锅增大锅内气体的压强，能提高水的沸点，食物在高温下容易煮熟．故B正确；
C、把吸盘紧压在光滑的瓷砖表面上，吸盘内的空气被排出，大气压就把吸盘紧压在了墙上，利用了大气压，故C正确；
D、茶壶的壶身和壶嘴上端开口、底部连通，构成连通器，故D正确．
故选BCD．
11. 如图所示是有关电和磁的两个重要的科学探究实验，下列说法正确的是（　　）

A. 甲图中开关S闭合后，轻质导体棒ab会运动
B. 甲图实验探究的是发电机的工作原理
C. 乙图中导体棒cd切割磁感线运动时，灵敏电流计的指针会发生偏转
D. 乙图实验说明电能可以转化为机械能
【答案】AC
【解析】
【分析】电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；磁场对通电导体有力的作用．
【详解】图甲实验是通电导线在磁场中受到磁场力的实验，是电动机的原理图，开关S闭合后，轻质导体棒ab会运动，故A正确，B错误；
乙图实验是电磁感应原理，是发电机的原理图，当导体棒切割磁感线运动时，电路中产生电流，灵敏电流表指针发生偏转，机械能转化为电能，故C正确，D错误；
故选AC．
【点睛】注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个实验，两个实验从图看很相似，容易混淆，区分的方法是，有电源的是研究磁场对通电导线作用力的实验，有灵敏电流计的是研究电磁感应的实验．
12. 如图所示，在两个完全相同的容器中装有甲、乙两种不同的液体，将体积相等的实心小球A、B、C分别放入两个容器中，放入小球后两个容器中的液体深度相同，且A、C两球排开液体体积相同，B球在甲液体中悬浮，在乙液体中下沉．则下列选项正确的是（　　）

A. 甲液体比乙液体对容器底的压强大
B. 三个小球中密度最小的是C球
C. A、C两球所受的浮力相等
D. 如果把A、C两球对调，A球在乙液体中可能下沉
【答案】ABD
【解析】
【分析】（1）已知VA=VB=VC，VA排=VC排，根据B在甲中悬浮，A在甲中漂浮，可求确定A、B的密度关系；根据B在乙中下沉，可确定以液体和B的密度关系；再利用压强公式分析两液体对容器底部的压强关系；
（2）根据A、C漂浮，且两球排开液体体积相同，利用F浮=ρgV排可得出三个小球的密度关系以及A、C两球所受浮力关系；
（3）因不能确定ρA和ρ乙的关系，所以不能确定把A、C两球对调后，A放在乙液体中的浮沉情况．）
【详解】A、由图可知，B在甲中悬浮，A在甲中漂浮，则，，由B在乙中下沉，可知，，则；已知两容器中的液体深度相同，由可得，两液体对容器底部的压强关系：；故A正确；
B、由B在乙中下沉，C在乙中漂浮可知，，，则，由A、C漂浮，且两球排开液体体积相同，可得，，则，，，因为，则，所以三个小球的密度关系为：，故B正确；
C、，，根据可得，A、C两球所受浮力关系为：，故C错误；
D、因为，，所以，已知，但不能比较和的关系，所以不能确定把A、C两球对调后，A放在乙液体中的浮沉情况，可能A球在乙液体中可能下沉，故D正确．
故选ABD．
【点睛】重点是浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，先根据浮沉状态判断出两液体密度的大小，再结合阿基米德原理判断液体的密度大小，及三个球的密度大小关系．
13. 如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表和电流表的示数与R的关系分别如图乙、丙所示．下列说法正确的是（　　）

A. 电源电压为6V
B. 滑动变阻器R的最大阻值是20Ω
C. R0的最小电功率为0.4W
D. 当滑片P置于中点时，R的电功率为0.8W
【答案】ABC
【解析】
【分析】由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）根据电压表和电流表的示数与R的关系，可得滑片在最大值和最小值处电压表和电流表的示数，由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压；
（2）计算R0的阻值和滑动变阻器的最大阻值；
（3）根据图象得出的最小电压和电流，利用电功率公式计算此时R0的最小功率；
（4）当滑片P置于中点时，由串联电路特点和欧姆定律求出电路中电流，由P=I2R即可求出滑动变阻器的功率．
【详解】由电路图可知，R与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流．
A、由图甲、乙可知，当时，即只有连入电路中时，电压表示数最大为6V，即电源电压，故A正确；
B、由图丙知，当时，电路中电流：，由欧姆定律可得的阻值：
；
由乙图知，当滑动变阻器连入阻值最大时，电压表示数为2V，即，此时电路中电流最小，由丙图可知：；由串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压：，由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：；故B正确；
C、的最小功率：，故C正确；
D、当滑片P置于中点时，电路中的电流：，
此时R的功率：，故D错误．
故选ABC．
【点睛】重点是串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，从图象中获取滑动变阻器接入电路中的电阻与对应的电流、电压表的示数是关键．
三、填空题
14. 盛夏时公园里的人工湖能减弱周围地区的“热岛效应”．假设湖水吸收的热量被相同质量的沙石吸收，则沙石升高的温度_____（选填“大于”、“小于”或“等于”）湖水升高的温度．我们在岸上看到湖水中嬉戏的鲤鱼其实是光的_____所形成的鲤鱼的_____（选填“实”或“虚”）像．
【答案】 (1). 大于； (2). 折射； (3). 虚
【解析】
【分析】（1）质量等同，吸收的热量又相等，根据吸收热量的公式Q=Cm△t可知，比热容与升高的温度成反比，水的比热容大于沙石的比热容；
（2）光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射．
【详解】因为水的比热容大于沙石的比热容，水和沙石的质量等同，吸收的热量又相等，根据可知，沙石升高的温度大于湖水升高的温度；
鱼反射的光斜射向水面时，会发生折射现象，当光从水中射入空气中时，折射光线会远离法线，光线射入我们的眼睛，而我们由于错觉，认为光沿直线传播，逆着光的方向看上去，看到鱼的虚像，而且比实际位置高．
15. 当玻璃棒和丝绸摩擦时，丝绸带_____电，是因为在摩擦过程中丝绸_____（选填“得到”或“失去”）电子．反复摩擦后，发现玻璃棒的温度升高，这是通过_____方式改变物体内能的．
【答案】 (1). 负； (2). 得到； (3). 做功
【解析】
【分析】（1）摩擦起电并不是创造了电荷，也不是消灭了电荷．摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
（2）改变内能的方式包括做功和热传递．
【详解】摩擦起电的实质是电子在物体之间的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去了电子，同时丝绸得到了电子，所以丝绸带负电．
反复摩擦后，发现玻璃棒的温度升高，这是通过做功方式改变物体内能的．即机械能转化为内能．
16. 近日，我国部分地区发生了洪水灾害，空军采用直升飞机救援，地面控制中心通过_____波向直升飞机发出指令，这种波在真空中的传播速度为_____m/s；直升飞机在匀速上升过程中，动能_____，机械能_____．（后两个空选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】 (1). 电磁； (2). 3×108； (3). 不变； (4). 变大
【解析】
【分析】（1）广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
（2）机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大．
【详解】直升飞机受到地面指挥中心的控制，地面控制中心是通过电磁波来传达指令的；这种波在真空中传播速度，即光速为；
直升飞机在匀速上升过程中，质量不变，速度不变，故动能不变；
同时高度增加，则重力势能变大，因机械能等于动能与势能的总和，故直升飞机的机械能不断变大．
17. 小李家的电饭煲铭牌模糊不清，为了测其额定功率，他关掉家里其他所有用电器，让电饭煲正常工作1min，观察到家里标有3000r/（kW•h）的电能表转盘转了50转，则这段时间内电饭煲消耗的电能是_____J，其额定功率是_____W．1度电可供小李家中的4盏“220V 5W”的LED灯同时正常工作_____h．
【答案】 (1). 6×104； (2). 1000； (3). 50
【解析】
【分析】（1）根据电能表的参数可求出当电能表的转数为50转时消耗的电能，还知道正常工作时间，根据电功率的公式可求电饭煲的额定功率．
（2）利用公式W=Pt可计算一度电可供这些灯同时工作的时间．
【详解】由“”可知，电路中每消耗的电能，电能表转盘转过3000转，电能表转了50转，电饭煲消耗的电能：
，
因电饭煲正常工作，则电饭煲的额定功率：
；
四盏LED灯的总功率：，
由得，可供这些灯同时正常工作的时间：
．
18. 如图所示，两个相同的玻璃瓶，橡皮塞上插进一根两端开口的细玻璃管，使橡皮塞塞住瓶口，其中甲瓶内装满水，乙瓶没有装满，玻璃管内水面距瓶底20cm，则甲瓶底部受到水的压强为_____Pa；要探究大气压随高度的变化，应选用的是_____（填“甲”或“乙”）装置，当该装置随电梯从一楼上升到二十楼，管内的液面会_____（选填“上升”或“下降”）．（g取10N/kg；ρ水＝1.0×103kg/m3）

【答案】 (1). （1）2000； (2). （2）乙； (3). 上升．
【解析】
【分析】（1）已知甲瓶水的深度，利用p=ρgh求解瓶底部受到水的压强；
（2）气压计的原理是利用内外压强差使细管内液柱上升或下降来判断气压的改变；当大气压发生改变时，瓶内压强与外部压强不同，则细管内液柱将发生改变；根据气压与高度的关系分析得出管内液面的变化．
【详解】甲瓶底部受到水的压强：
；
甲瓶内装满水，没有空气，外部气压发生变化时不会引起玻璃管内液柱高度的变化，无法判断大气压的变化；
而乙瓶内有空气，瓶内有气压，当外界气压变化时，液柱高度会发生变化，能判断大气压的变化，所以选择乙装置；
当电梯从一楼上升到十楼，所处高度变高，外界大气压随高度的增加而减小，瓶内气压大，在瓶内外气压差的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内液面上升．
19. 如图所示是一种电热暖手袋的简易电路图，当专用插头插入电源并闭合开关S时，红色指示灯L和发热体R之间的连接方式是_____，电流通过发热体R会使其温度升高，这种现象叫做电流的_____效应．

【答案】 (1). 并联； (2). 热．
【解析】
【分析】（1）并联电路中电流有多条路径，串联电路中电流只有一条路径，据此判断红色指示灯L和发热体R之间的连接方式；
（2）电流通过导体时产生热量，称为电流的热效应．
【详解】读图可知，电路中有两条电流的路径，因此红色指示灯L和发热体R之间的连接方式是并联；
电流通过发热体R会使其温度升高，这种现象叫做电流的热效应．除超导现象外，电流流过导体都会发热．
20. 如图所示，物体重为20N，某人在5s内用4N的拉力匀速地将该物体在水平方向移动了1m，则绳子自由端移动的速度为_____m/s，拉力做功为_____J，此物体受到的摩擦力为_____N．（不计滑轮重、绳重、滑轮与轴及滑轮与绳之间的摩擦）

【答案】 (1). 0.4； (2). 8； (3). 8
【解析】
【分析】（1）已知移动的距离和所用的时间，根据速度的公式可求绳子自由端移动的速度；已知动滑轮绳子的段数和物体移动的距离，可求绳子自由端通过的距离；
（2）由W=Fs计算拉力做的功；不计滑轮重、绳重、滑轮与轴及滑轮与绳之间的摩擦，由拉力和摩擦力的关系求出物体受到的摩擦力．
【详解】由图知，动滑轮上绳子的段数为2，则绳子自由端移动的距离：；
绳子自由端移动的速度：；
拉力做的功：；
不计滑轮重、绳重、滑轮与轴及滑轮与绳之间的摩擦，
由可得，物体受到的摩擦力：．
【点睛】关键是判断有几段绳子承担物体的重（拉着动滑轮），方法是只要数出直接与动滑轮连接的绳子段数即可，且要牢记．
21. 如图所示是太阳能LED照明路灯，LED是一种发光二极管，它是由_____材料制成的，可以把电能直接转化成_____能，太阳能是_____（选填“可再生”或“不可再生”）能源、清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生_____（选填“裂变”或聚变”）释放出巨大的能量．

【答案】 (1). 半导体； (2). 光； (3). 可再生； (4). 聚变
【解析】
【分析】LED是一种发光二极管，消耗电能，产生光能；
可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭；
太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能．
【详解】LED是一种半导体发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能；
太阳能取之不尽用之不竭，属于可再生能源，并且环保无污染；
在太阳内部，氢原子核在超高温、高压下作用下发生聚变，释放巨大的核能．
三、作图题
22. 如图所示，凸透镜与水面平行，一侧的焦点恰好在水面上，水中一束入射光线射向凸透镜的焦点，请画出这束光线发生反射和折射后的光路图．
（ ）

【答案】
【解析】
【分析】（1）光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
（2）光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角；
（3）过焦点的入射光线，经凸透镜后平行于主光轴射出．
【详解】根据反射角等于入射角，在法线右侧水中画出反射光线；光由水中斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线；过焦点的入射光线，经凸透镜折射后平行于主光轴射出，如图所示：

【点睛】涉及凸透镜或凹透镜的光路作图，应牢记凸透镜和凹透镜的三条特殊光线，在画图中灵活运用，像这一类的作图即可迎刃而解．
23. 电磁铁通电后，小磁针静止在如图所示位置，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电磁铁的磁性增强．请在图中用笔画线代替导线，把元件连接起来（连线不要交叉），并标出电磁铁的N极．
（ ）

【答案】
【解析】
【分析】（1）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数．滑动变阻器滑片移动，如何引起电流的变化；
（2）根据小磁针的指向确定通电螺线管的极性，根据安培定则判断通电螺线管的接法．
【详解】已知小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用可知，电磁铁的左端为S极，右端为N极．由安培定则可确定，电流要从电磁铁的左端流入，右端流出．当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电磁铁的磁性增强，说明电路中的电流变大，变阻器连入电路的电阻变小，就要选取滑动变阻器的左下面的接线柱．电路图设计如下：

24. （1）如图1所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图．当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水．请在图中画出动力F1、阻力F2和动力臂L1．
（ ）

图1
（2）在“测定小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，请你用笔画线代替导线，将图2实物图电路连接完整（注意电表选择合适的量程）。__

图2

【答案】 (1). (2).
【解析】
【分析】（1）根据杠杆原理分析出杠杆所示动力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的距离，支点为点O，分别作出支点到力的作用线的垂线段即可．
【详解】(1) [1]由图和题意可知，O为支点，水对浮标的向上作用力为动力，入水口对B端的向上作用力为阻力；入水口处的水对塞子产生竖直向上的压力，所以过杠杆B点作竖直向上的力即为阻力；浮力竖直向上，所以过浮标重心作竖直向上的力即为动力，过支点O作动力作用线的垂线段即为动力臂如图所示：

(2)[2]测定小灯泡电功率时，小灯泡最大电压是额定电压的1.2倍，故小灯泡的最大电压为

故电压表应该选择0—3V的量程，小灯泡的额定电流约为

电路中的最大电流为额定电流的1.2倍，故最大电流为

故电流表应选择0—0.6A的量程，如图所示：

四、简答题
25. 冰壶比赛时，运动员需要不断调整自己的运动状态，他的两只脚的作用分别为蹬冰和滑行，所以两只鞋底的表面不同．请你说出甲、乙两只鞋底哪只是滑行脚的鞋底？并利用学过的物理知识解释其中的道理．

【答案】如图甲鞋底光滑，所以摩擦力小，便于在冰面滑行，故甲是滑行脚的鞋底；
如图乙鞋底粗糙，所以摩擦力大，便于蹬冰使人前行，故乙是蹬冰脚的鞋底．
【解析】
【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；
（2）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．
【详解】甲是滑行脚的鞋底，乙是蹬冰脚的鞋底；
由图知，甲鞋底比较光滑，这样可以通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，便于滑行，所以甲是滑行脚的鞋底；
乙鞋底比较粗糙，这样可以通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力（即向前运动的动力），也起到防滑的作用，所以乙是蹬冰脚的鞋底．
五、计算题
26. 2018年5月13日，中国首艘国产航母01A型航空母舰离开大连港码头，开始海试．（g取10N/kg）请问：
（1）航母001A设计排水量约6.5万吨，那么它满载时受到浮力是多少？
（2）一位体重为600N的歼15舰载机飞行员，双脚与水平甲板的接触面积是400cm2，则他双脚站立时对甲板的压强是多少？
（3）若舰载机飞行员驾驶歼15战机以1800km/h的巡航速度飞越渤海海峡时，发动机的推力为2×105N，则飞机发动机的功率为多少？
【答案】（1）6.5×108N；（2）1.5×104Pa；（3）1×108W
【解析】
【分析】（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；
（2）飞行员对甲板的压力等于其重力，又知受力面积，根据压强的公式得到他双脚站立时对甲板的压强；
（3）根据P=Fv算出发动机的功率．
【详解】（1）航母满载时的排水量：，
根据阿基米德原理知，排水水的重即为浮力，所以航母满载时受到的浮力：
；
（2）飞行员对水平甲板的压力：；
双脚站立时对甲板的压强：
．
（3）飞机发动机的功率：
．
【点睛】重点是压强公式、重力公式、功率、阿基米德原理和物体漂浮条件的应用，关键是知道水平面上物体的压力与自身的重力相等，并正确理解排水量的含义．
27. 在如图甲所示的电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为16Ω，滑动变阻器的最大阻值是40Ω，小灯泡的额定电压为6V，通过小灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示．当开关S2闭合，S1、S3断开时，滑动变阻器接入电路中的阻值为4Ω，小灯泡恰好正常发光．求：

（1）小灯泡的额定功率；
（2）电源电压；
（3）当开关S1、S2、S3都闭合时，移动滑动变阻器的滑片P，当电路消耗的总功率为6W时，求滑动变阻器接入电路中的电阻值．
【答案】（1）3W；（2）8V；（3）32Ω
【解析】
【分析】（1）由图象读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI算出小灯泡的额定功率；
（2）当开关S2闭合，S1、S3断开，L与R2串联，当滑动变阻器接入电路中的阻值为4Ω，小灯泡恰好正常发光，根据U=IR算出滑动变阻器的电压，滑动变阻器的电压加灯泡两端的电压等于电源电压；
（3）当开关S1、S2、S3都闭合时，R1、R2并联，由电功率的公式算出R1的功率；总功率减去R1的功率即为R2的功率，根据电功率的公式算出R2的电阻．
【详解】（1）由题知灯泡的额定电压为6V，由图象读出灯泡正常发光时的电流为，则小灯泡的额定功率：；
（2）当开关闭合，、断开，L与串联，当滑动变阻器接入电路中的阻值为，小灯泡恰好正常发光，则电路的电流，
滑动变阻器两端的电压：；
电源电压为：；
（3）当开关、、都闭合时，、并联，因并联电路各支路两端的电压相等，则的功率：；
因总功率等于各电阻消耗功率之和，所以的功率：；
由可得，的电阻：．
【点睛】重点是电功率的相关计算，注意熟练应用串、并联电路的电压和电流特点，都是电路的最基本规律，另外把电路图读懂是关键，要清楚不同的开关闭合时电路的连接情况．
28. 如图甲是一种电热加湿器，其原理如图乙所示，闭合开关，当电热丝R将加热仓中的水加热到沸腾后变成水蒸气喷出，增加空气的湿度．当加热仓中的水对底部的压强减少到一定程度时，注水阀门便会自动打开从储水箱中注水．加湿器的工作电压为220V，最大功率为40W，气雾调节器R2的阻值范围是0﹣1210欧．求：

（1）电热丝R1的电阻值；
（2）若加热仓以最大功率工作时的效率为84%，那么将加热仓中质量为30g温度为20℃的水加热到100℃需要多长时间？[c水＝4.2×103J（kg•℃）]
（3）设电热丝电阻不变，电热丝R1工作时最小功率是多少？
【答案】（1）1210Ω；（2）300s；（3）10W
【解析】
【分析】（1）当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，气雾调节器接入电路的电阻为0，只有电热丝工作，根据电功率的公式求出其电阻值；
（2）根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量，已知效率为84%，可求得消耗电能，再利用电功率的公式可求得时间；
（3）当滑片移到最右端时，气雾调节器和电热丝串联，此时电阻最大，功率最小，根据求出电流，再根据P=I2R1求出电热丝R1工作时最小功率．
【详解】（1）当气雾调节器的滑片移到最左边时，气雾调节器接入电路的电阻为0，只有电热丝工作，此时电热丝的最大功率为40W，
由可得，电热丝的电阻值：；
（2）水吸收的热量：
，
由可得，消耗的电能：
，
由可得，加热需要时间：
；
（3）当滑片移到最右端时，气雾调节器的最大阻值和电热丝串联，电路中电流最小，电热丝工作时功率最小，
则电路中的最小电流：
，
电热丝工作时最小功率：
．
【点睛】重点是电功率和吸收热量的计算，牢记和，在纯电阻电路中两公式可以直接使用，计算稍显简单．
六、实验、探究题
29. 在探究“水沸腾时温度变化的特点”实验时：

（1）小华组装好实验器材后开始实验，请你指出图甲中存在的操作错误是_____．
（2）纠正错误操作后，开始计时．第3min温度计的示数如图乙所示，该示数为_____℃，从记录数据的表格可以分析出：水沸腾的特点是温度_____，继续_____．
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
…
温度/℃
90
92
94

98
98
98
…
（3）根据水的沸点可判断当时当地的气压_____（选填“是”或“不是”）1标准大气压．
（4）小华和另一位同学选用的实验装置相同，且同时开始实验，但水开始沸腾的时间不同，他们绘制的沸腾图象如图丙所示，其中水的质量较大的图象为_____（选填“a“”或“b”）．
【答案】 (1). 温度计的玻璃泡与容器底接触； (2). 96； (3). 不变； (4). 吸热； (5). 不是； (6). b
【解析】
【分析】（1）测量液体温度时，要使温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，不能接触容器底和容器壁；读数时视线与液柱上表面所对刻线相平；
（2）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；
（3）根据沸点与气压之间的关系，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低解答．
（4）在装置相同的情况下，水的质量越大，升温会越慢．
【详解】（1）使用温度计测量流体温度时，玻璃泡不能碰着容器的底或壁，所以图甲中温度计测液体温度的错误为：温度计的玻璃泡与容器底接触；
（2）温度计的分度值是，此时是零上，液柱上表面对准了上面第6个小格处，示数为；
从记录数据的表格可得：液体沸腾时，温度不变，继续吸热，这是流体沸腾最显著的特点；
（3）由记录数据知，当水的温度达到时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，沸点是，沸点低于标准大气压下的沸点，由此可判断当地的气压不是1个标准大气压；
（4）读图丙可以看出，在同样加热的情况下，b的升温较慢，其原因应该是水的质量多于a的缘故，升高相同的温度时需要的时间长，即水的质量较大的图象为b．
30. 小明在探究“凸透镜成像的规律”实验时，实验操作规范．

（1）实验前，要调整烛焰、凸透镜、光屏的中心在_____，实验一段时间后，他发现光屏上的像偏上，那么他应该把凸透镜向_____（选填“上”或“下”）适当调节，才能使像最终成在光屏的中央．
（2）当他将蜡烛、凸透镜、光屏调节到图甲所示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，此时成像原理与_____（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）相同；若将蜡烛向右移动5cm，保持凸透镜的位置不动，则应将光屏向_____（选填“左”或“右”）适当移动才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比原来的像要_____（选填“大”或“小”）些．
（3）小明近日发现自己看不