2015年辽宁省盘锦市中考物理试题（解析）.doc

2015年辽宁省盘锦市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共9个小题，21分．其中1～6题为单选题，每小题2分；7～9题为多选题，每小题2分．对于多选题，漏选得2分，错选、多选不得分）
1．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：
A、一辆小汽车在高速公路上正常行驶的速度约为30m/s，所以A不符合实际情况；
B、一盏教室内的日光灯，它正常工作时的电流约为0.2A，所以B不符合实际情况。
C、一本物理课本大约0.25kg，重力G＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N，课桌大约0.8m高，由公式W＝Fs＝2.5N×0.8＝2J，所以C符合实际情况；
D、一个普通中学生的体重G＝500N，站在水平地面上与地面的接触面积S＝2×0.02m2＝0.04m2，则他对地的压强约为P＝＝＝12500Pa，所以D不符合实际情况；
故选：C。
【点评】选择题所考查的知识点覆盖率较高，知识横向跨度大，且注重基础和能力的考查，加大了对科学探究能力和研究方法的考查，还考查学生对理论与实际差异的应变能力，体现新课程的基本理念，注重物理知识的应用，从单向封闭走向多维开放。
2．【分析】利用各种物态变化的定义，逐个分析选择项中的提到的物理现象，从而得到符合题意的答案。
【解答】解：
A、冰棍制作的最后一个步骤液态变成固态，是凝固过程。故A错误；
B、从冰箱拿出的冰棍包装袋上“白粉”的形成是水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故B错误；
C、冰棍“冒”出的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的小水滴，此过程需要放热。故C错误。
D、吃冰棍解热，是因为熔化过程要吸收人体的热量，故D正确。
故选：D。
【点评】关于物态变化的题目，首先要确定物质原来所处的状态与现在的状态，结合物态变化的定义来突破这种类型的题目。
3．【分析】平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称。
【解答】解：A、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，与平面镜的大小无关，故A错误；
B、根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像是虚像，故B正确；
C、平面镜所成的像是由光的反射形成的，故C错误；
D、根据平面镜成像特点可知，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，则人向平面镜靠近0.2m，像也靠近平面镜0.2m，故D错误。
故选：B。
【点评】此题涉及到平面镜成像特点，这是光学部分的重点，在中考中也经常出现，要求学生牢记，并学会灵活运用。
4．【分析】（1）由Q＝mq可知，燃料燃烧放出的热量与物体的热值和质量有关；
（2）用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率；
（3）自然界中存在不同形式的能量，在一定条件下各种不同形式的能量间可以相互转化；
（4）热机是把内能转化为机械能的装置；热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能。
【解答】解：A、由Q放＝mq可知，燃料燃烧放出的热量与热值和质量有关，因此不确定质量多少的情况下，热值大的放出的热量不一定多，故A错误；
B、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率，无论科技如何发展，热机的效率可以提高，总存在摩擦、要做额外功，效率一定不会达到100%，故B错误；
C、一种能量可以转化为其它能量。但不是可以转化为任何能量。如机械能，无法转化为核能，故C错误；
D、热机工作的过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查的是热机工作过程中能量的转化和效率问题。需要清楚的是：能量转移和转化的过程，一定伴随能量的损失，所以转移（转化）效率一定小于1。
5．【分析】（1）水平桌面上物体的压力和自身的重力相等。倒置后，由液体压强公式得出压强的变化情况；
（2）水对瓶盖和瓶底的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，水对容器底的压力等于水的重力；上面粗、下面细的容器中水对容器底的压力小于水的重力；上面细、下面粗的容器中水的压力大于水的重力。
【解答】解：（1）瓶对桌面的压力等于瓶和水的总重力，
无论正放还是倒放，它们的总重力不变，即对桌面的压力不变，倒置后，瓶与桌面的接触面积小，根据p＝可知，倒置后瓶对桌面的压强大，即p1＜p2；
（2）正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；
倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，一部分水压的是瓶子的侧壁，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力；
因此即F1＞F2。
故选：A。
【点评】比较液体压强的大小关系可以根据液体压强的计算公式p＝ρgh进行分析；液体对容器底部的压力可以根据F＝pS分析，也可以根据容器的形状比较压力与重力的关系分析，会灵活运用不同的比较方法。
6．【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后用应用并联电路特点与欧姆定律分析答题。
【解答】解：由图示电路图可知，两电阻并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端电压；
当滑片P从最左端向右移动到中间位置过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，通过滑动变阻器支路的电流增大，
干路电流变大，电流表A1与A2的示数都变大，在此过程中电源电压不变，电压表示数不变，故A错误，B正确；
电源电压U不变，电压表示数不变，干路电流I变大，由P＝UI可知，电路总功率变大，故C错误；
电流表A1测通过R1的电流，电压表V与电流表A1示数比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，当滑片P从最左端向右移动到中间位置过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变小，故D错误。
故选：B。
【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题；分析清楚电路结构是正确解题的关键。
7．【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）物体做匀速直线运动时，速度大小保持不变，与所受到的力无关；
（3）航空器材需要质量小的元件，要想使航空器材质量减小，在体积一定的情况下，减小密度，一般都选择高强度、低密度的合金或新型合成材料作为航空器材；
（4）质量使物体本身的属性，与物体的形状、状态、位置无关。
【解答】解：A、因为力的作用是相互的，手打排球时，手对球施加力的作用，反之球也对手施加同样大小的反作用力，因此手会感到疼痛，故A正确；
B、因为做匀速直线运动的物体方向不变，速度大小不变，速度为一定值，与所受到的力无关，故B错误；
C、航空器材常采用密度小、强度高的合金材料，故C正确；
D、从地球到月球，位置变了，但物体的质量与位置无关，因此质量不变。之所以在月球上举起杠铃比在地球上容易，是因为杠铃的重力到月球上变小了。故D错误。
故选：AC。
【点评】此题考查了四个方面的物理知识，综合性较强，准确掌握好相关知识点是正确解题的关键。
8．【分析】①空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大；
②漏电保护器的作用，出现“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电；
三孔插座的第三个孔接地线，三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳；
③安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；
④用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体。
【解答】解：
A、家庭电路中的空气开关跳闸，原因有两个，短路或总功率过大。故A错误；
B、家庭电路安装漏电保护器、用电器使用三线插头都是防止漏电而采取的安全措施。故B正确；
C、对于高压带电体，我们应当采取的措施是必须远离高压带电体，如发现有高压输电线落在或靠近地面，不可走近，应立即设立警示牌，并通知电力部门抢修。故C错误；
D、试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题考查的是我们对安全用电常识的掌握，属于生活技能的考查。掌握安全用电常识，是保证安全，避免受到伤害的基本要求。
9．【分析】（1）根据F浮＝ρ液gV排，可判断出两个小球所受浮力的大小关系；
（2）根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出物体密度和液体密度的大小关系，物体漂浮，则物体密度小于液体密度；物体下沉，则物体密度大于液体密度。
（3）根据物体的浮沉条件结合阿基米德原理分析D选项。
【解答】解：A、乙液体中，A漂浮，A的密度小于乙液体的密度，B下沉，B的密度大于乙液体的密度，两个小球的体积相同，根据m＝ρV，A的质量小于B的质量，故A正确；
B、A、B在甲液体中均下沉，则甲液体的密度均小于两个小球的密度，由A知，乙液体的密度大于A的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故B正确；
C、由A知，A的质量小于B的质量，则可知A的重力小于B的重力，因为A、B都沉底，由F浮＝ρgV排可得，在甲液体中受到的浮力相同，压力＝小球重﹣浮力，所以在甲液体中小球A对容器底的压力小于小球B对容器底的压力，故C正确；
D、由图可知，在甲液体中，小球下沉，则GA＞F浮甲，在乙液体中，GA＝F浮乙，所以F浮甲＜F浮乙，由F浮＝G排＝m排g可知，小球A在甲液体中排开液体的质量小于在乙液体中排开液体的质量，故D错误。
故选：ABC。
【点评】此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，难度较大。
二、填空题（每空1分，共28分）
10．【分析】①声是由于物体振动产生的；
②判断物体是运动和静止，首先选择参照物，被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的；反之，则是运动的。
③改变物体内能的方法：做功和热传递。
④扩散是指某种物质的分子通过不规则运动、扩散运动而进入到其它物质里的过程，温度越高，分子运动加剧，扩散现象越明显。
【解答】解：①鼓声是由于鼓皮振动产生的。
②以河岸为参照物，龙舟与河岸之间的位置发生了变化，所以龙舟是运动的。
③煮粽子时，是通过热传递方式增大了粽子的内能；
④我们能闻到煮粽子时发出的阵阵清香，这是扩散现象。
故答案为：振动；运动；热传递；扩散。
【点评】本题考查声音的产生、运动和静止的相对性、物体内能的改变、扩散现象等，虽然比较基础，但是考查的知识点太多，综合性强。
11．【分析】①已知路程和时间，利用v＝可直接求得速度；
②防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。
【解答】解：6min＝h，
列车运行的平均速度：
v＝＝＝100km/h；
噪音小是在声源处减弱噪声的。
故答案为：100；声源。
【点评】此题考查了速度的计算和控制噪声的途径。现代的城市已经把控制噪声列为环境保护的重要项目之一，因此，噪声污染也是现在中考的一个热点。
12．【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，再根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。
【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
电路中的电流：
I＝＝＝0.5A，即电流表的示数为0.5A；
R2两端的电压：
U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
R2＝＝＝8Ω。
故答案为：0.5；8。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
13．【分析】（1）太阳能电池板获取太阳能，转化为电能，为飞机提供动力；
（2）流体压强与流速的关系：在流体流速越大的地方，压强越小；在流体流速越小的地方，压强越大；
（3）飞机与地面之间的信息传播是利用电磁波传递信息的。
【解答】解：
（1）太阳能电池板的作用是将太阳能转化为电能。
（2）飞机在飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速大，则下方空气的压强大于上方空气的压强，产生向上的压强差、压力差，因此是根据流体流速大的位置压强小（流体压强与流速的关系）来获得升力的。
（3）飞行员通过电磁波和地面指挥中心相联系。
故答案为：电；流体流速大的位置压强小（流体压强与流速的关系）；电磁波。
【点评】本题考查了能量转化、流体压强与流速的关系、电磁波的应用等知识，虽然综合性强，但都属于基础，难度不大！
14．【分析】（1）物体经验摩擦可以吸引轻小的其他物体，我们就说这个物体带了电荷，简称带了电。
（2）根据电荷间的相互作用规律“同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引”来判断。
【解答】解：（1）摩擦过的梳子可以吸引水流，说明摩擦使梳子带上了电荷，简称带了电。
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；当梳子靠近带负电的小球。小球被排斥。说明梳子带负电。
故答案为：带电； 负。
【点评】有了吸引轻小物体的性质这是带电，产生响声和火花的是带电积累到一定程度发生的放电。
15．【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能可以相互转化。
【解答】解：物体从高空落下的过程中，高度越来越小，所以重力势能越来越小，速度越来越快，所以动能越来越大，所以物体落下的过程中重力势能转化为动能；物体高度越高，具有的重力势能越大，物体落到地面时做功本领就越大；
故答案为：动能； 越大。
【点评】本题考查了重力的概念及动能和势能相互转化。在判断动能和势能相互转化时，要先分析每种形式能的变化情况，若是动能和势能相互转化，一定是一种形式的能变小，另一种形式的能变大。
16．【分析】平面镜成像的原理是光的反射形成的，成的像是虚像，是由光的反向延长线形成的虚像。
光射到水面时，一部分光线发生了反射，另一部分发生了折射而进入水中。
凸透镜对光线有会聚作用。
【解答】解：
物体的亮暗取决于物体上的光进入人眼的多少。
建筑物在湖中的“倒影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，光射到水面时，一部分光线发生了反射，另一部分发生了折射而进入水中，所以湖水的“倒影”看起来比建筑物本身“暗”一些。
照相机的镜头是凸透镜，利用了凸透镜能成倒立缩小的实像，凸透镜对光线有会聚作用，远视是由于晶状体聚光能力变弱，使得像成在视网膜之后，由此可知凸透镜可以用来矫正远视眼。
故答案为：折射；凸；会聚；远。
【点评】本题考查了平面镜成像的原因和特点、凸透镜的应用。透镜都属于光的折射现象。
17．【分析】电流通过导体时向外放出热量的现象叫做电流的热效应；
家庭电路中用电器之间是并联的；
根据Q＝W＝t求出产生的热量。
【解答】解：
电热驱蚊器是利用电流的热效应来工作的；
家庭电路中各用电器之间可以单独工作，互不影响，所以电灯、电风扇等其它家用电器是并联的；
通电100s产生的热量：Q＝W＝t＝×100s＝550J。
故答案为：热；并；550。
【点评】此题主要考查的是学生对家庭电路连接的认识、电流热效应、电能计算公式的理解和掌握，注意变形公式的熟练运用，属于基础题。
18．【分析】大气压随着高度的增大而减小，高原地区，地势高，气压低；物质由气态变成液态的过程叫做液化。
【解答】解：
青藏高原，海拔高，气压低于标准气压，水的沸点低于100℃，这说明水的沸点随高度增加而降低；
杯中的开水与外界进行热传递，温度降低，杯内的水蒸气遇冷液化为水，杯内气体由于与外界发生热传递，温度降低，气体体积不变，杯内气体压强变小，小于杯外大气压，使杯内外气体产生压力差，随杯内气体温度降低，压力差越来越大。所以杯盖难拧开。
故答案为：降低；大气压。
【点评】越往高处，空气越稀薄，即气压越低，即气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
19．【分析】线圈在磁场中转动切割磁感线时会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象。机械能转化成电能，是发电机的原理。
通电线圈在磁场中受力转动，电能转化成机械能，是电动机的原理。
【解答】解：
甲图是发电机的原理图，线圈在磁场中转动切割磁感线时会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象；
乙图是电动机的原理图，通电线圈在磁场中会受力转动。
故答案为：电磁感应；电动。
【点评】注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。
20．【分析】根据题意分析电路结构，然后根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题。
【解答】解：
由电路图可知，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联总电压，乙测R2两端电压，
串联电路中电流处处相等，
根据I＝，
＝＝＝＝，
由此可得：＝；
由电路图可知，当开关S断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流，
＝＝＝＝＝。
故答案为：1：4；1：5。
【点评】本题考查了求电阻之比、电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
三、作图题（本题包括3个小题，共9分）
21．【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点作出反射光线，反向延长两条折射光线，即可得到发光点S的像点S′。
【解答】解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。两条折射光线的反向延长线的交点即为发光点S的像点S′．如图所示：

【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
22．【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。
（2）首先确定另一个力F的作用点和方向，然后按照力的示意图的画法画出这个力，再根据力臂是指从支点到力的作用线的距离作出其力臂。
【解答】解：宣传牌所受重力在其重心上，过重心沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示，即为其所受重力示意图；
B为支点，则宣传牌受到一个向右的拉力，其作用点在A点，过点A沿水平向右的方向画一条有向线段，用F表示，即为拉力示意图，然后过支点B做拉力作用线的垂线段，用L表示，即为其力臂。如图所示：

【点评】（1）画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
（2）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
23．【分析】（1）磁极间相互作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
（2）电磁铁中电流越大，磁性越强。
【解答】解：开关闭合后，螺线管与条形磁铁相互排斥，应使电磁铁上侧是N极，由安培定则可知：螺线管中电流方向从下方流入；滑动变阻器滑片P向左移动使弹簧的长度变短，由此可得出需使滑动变阻器左侧下接线柱连入电路。如图所示：

【点评】本题考查了磁极间相互作用规律、影响电磁铁磁性强弱的因素和安培定则的使用，综合性较强。
四、简答题（4分）
24．【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。任何物体都有惯性，利用斧头的惯性可以将其套在斧柄上。
（2）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。据此分析回答。
【解答】解：
（1）用撞击锤柄的方法时，锤头和锤柄一起向下运动，当锤柄停止运动，锤头由于惯性继续向下运动，使锤头紧紧套在锤柄上。
（2）在锤头和锤柄的缝隙中钉入木楔时，接触面粗糙程度不变，增大压力从而增大摩擦力，使锤头紧紧套在锤柄上。
【点评】本题主要考查学生用惯性知识、掌握增大和减小摩擦力的方法解释生活中一些现象的能力，体现了从物理走向生活，是一道基础题。
五、计算题（本题包括3个小题，共22分．要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
25．【分析】（1）知道热水器的容积（装满水后水的体积），利用密度公式求水的质量，又知道水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量；
（2）知道电热丝产生的热量全部被水吸收，即Q吸＝Q放，可求电热丝产生的热量；知道电热水器正常工作，其电功率等于额定功率，再利用Q放＝W＝Pt求加热时间。
【解答】解：
（1）由图可知：V＝50L＝5×10﹣2m3；
根据ρ＝可得，
水的质量m＝ρV＝1.0×103Kg/m3×5×10﹣2m3＝50Kg；
水吸收的热量Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（Kg•℃）×50Kg×（75℃﹣15℃）＝1.26×107J；
（2）由题知，Q吸＝Q放＝W，
根据P＝可得，
加热时间t＝＝＝7000s。
答：
（1）水需要吸收1.26×107J的热量；
（2）将水加热到设定的最高温度所需的时间是7000s。
【点评】本题考查了电功率公式、密度公式、吸热公式，考查的知识点较多、计算量大，但难度适中，是一道中档题。解本题的关键：由电热水器的铭牌得出相关信息并利用好。计算时注意单位换算要正确：1L＝1dm3＝1×10﹣3m3。
26．【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P＝UI和I＝求出灯泡的电阻；
（2）当开关S1闭合，S2、S3断开，滑片P滑至滑动变阻器左端时，电路为灯泡与滑动变阻器串联，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；
（3）当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时，电阻R1与滑动变阻器阻值的一半并联，利用欧姆定律求出通过个电阻的电流，电流表测电路中的电流，根据并联电路电流的规律求出电流表的示数，利用P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：（1）因为小灯泡正常发光，根据P＝UI可得，
小灯泡正常发光时的电流IL＝＝＝0.5A，
根据I＝可得，
小灯泡正常发光时的电阻RL＝＝＝5Ω；
（2）当开关S1闭合，S2、S3断开，滑片P滑至左端，R2、L串联，灯L正常发光，
电路电流I＝IL＝0.5A
电源电压U电＝I（R2+RL）＝0.5A×（10Ω+5Ω）＝7.5V；
（3）当S1、S2、S3都闭合时，且滑片滑到中点时，R1与R2′并联
R1中电流I1＝＝＝0.5A；
R2中电流I2＝＝＝1.5A
电流表的示数I干＝I1+I2＝0.5A+1.5A＝2.0A，
电路消耗的总功率P＝UI＝7.5V×2A＝15W。
答：
（1）灯L正常发光时的电阻是5Ω；
（2）电源电压是7.5V；
（3）电流表的示数是2.0A；电路消耗的总功率是15W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
27．【分析】（1）分析钢绳拉力随时间t变化的图象，石料以恒定的速度下降，当石块没有浸入水中时，拉力等于重力，据此求出小石料的质量；当石块完全浸入后，浮力等于重力减去拉力，据此求出石料受到的浮力；
（2）根据阿基米德原理求石料排开水的体积（石料的体积）；
（3）根据正方体石料求出石料的边长，分析钢绳拉力F随时间t变化的图象，得出石料没入水中的时间，求出石料下降的速度，当石料浸入水中时，拉力等于1.5×104N，根据P＝＝＝Fv求出石料浸没后钢丝绳拉力的功率。
【解答】解：
（1）由图象可知：在空气中受到的拉力F1＝2.5×104N，
浸没在水中受到的拉力F2＝1.5×104N
因为匀速下降浸没水中
石料全部浸没水中受到的浮力F浮＝F1﹣F2＝2.5×104N﹣1.5×104N＝1.0×104N；
（2）根据F浮＝G排＝ρ液V排g
石料的体积V石＝V排＝＝＝1m3；
（3）根据V＝l3＝1m3，得石料边长l＝1m
由图可知200s至300s之间石料下降1m
石料运动的速度V石＝＝＝0.01m/s；
石料浸没后钢丝绳拉力的功率
P＝＝＝Fv＝1.5×104N×0.01m/s＝150W。
答：
（1）石料全部没入水中受到的浮力1.0×104N；
（2）石料的体积1m3；
（3）石料浸没后钢丝绳拉力的功率150W。
【点评】解决本题的关键是通过图乙确定石料的重力及钢丝绳受到的拉力，并会利用称重法计算出石料受到的浮力。
六、实验探究题（本题包括5个小题，共36分）
28．【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，首先要明确刻度尺的分度值，并确定是否从零刻度线量起；读书时视线与刻线相垂直，测量结果要估读到分度值的下一位；
（2）水在0～4℃具有热缩冷胀的反常膨胀特点。
人体温度变化比较小，所以测量人体温度的体温计测量范围不需要太大；
确定温度计的最小分度值，根据图示读数。
（3）天平使用前应先调节，调节时应先将游码拨回标尺的零刻度处，而且天平一旦调平，使用过程中不可以再调节平衡螺母。
根据物体质量＝砝码的质量+游码对应的刻度值计算。
【解答】解：（1）图甲中刻度尺的分度值为1mm，测量的始端在2.00cm处，末端在3.47cm处，所以物体的长度为L＝3.47cm﹣2.00cm＝1.47cm；
（2）①实验室里常用的温度计是根据 液体的热胀冷缩的原理制成的。
②体温计是测量体温的温度计，图中体温计的测量范围为35℃～42℃；
③温度计最小分度值是1℃，液柱下面的数值的绝对值大，温度是零下，液柱对着10以下第2条刻度，温度计示数是﹣12℃。
（3）①A图中，游码没有拨回到零刻度处；
C图中，已经在测量物体的质量了，还去调节平衡螺母这也是不允许的；
②由图可知，游码对应的刻度值为4.4g．则物体的质量是m＝100g+20g+10g+4.4g＝134.4g。
故答案为：（1）1.47；
（2）①液体的热胀冷缩；②35～42℃；③﹣12℃；
（3）①在调节平衡螺母前游码未归零；在称量过程中调节平衡螺母；②134.4。
【点评】此题考查长度的测量、温度计及其读数、天平的使用，是一道综合性很强的题目。也是一些基本实验操作中最为基础的，也最容易出错的知识，应该熟练掌握。
29．【分析】（1）当纸板EF在同一平面上时，能够在纸板F上观察到反射光线。当纸板EF不在同一平面上时，若不能观察到反射光线，则说明两者反射光线和入射光线在同一平面上；
（2）根据测量分析即可；
（3）让光线逆着BO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OA方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案。
【解答】解：（1）把纸板向前或向后转折，在纸板F上都不能看到反射光线，这说明反射光线与入射光线和法线在同一平面内；
（2）分析上表中反射角和入射角的数据可知，反射角等于入射角；
（3）当光逆着原来的反射光线入射时，反射光线也逆着原来的入射光线反射出去，即将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的OA方向射出，这说明在反射现象中光路是可逆的。
故答案为：（1）反射光线、入射光线、法线在同一平面内；
（2）反射角等于入射角；
（3）可逆的。
【点评】本题考查了研究光的反射定律的实验。本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。以及光路具有可逆性。
30．【分析】（1）实验时用一个小车，通过两个滑轮和下方挂着的钩码对小车施加两个相反方向的拉力；
不在同一条直线上，小车不能处于静止状态，要发生转动，可以探究二力平衡二力是否必须作用在同一条直线上；
（2）卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，两个力不再作用在同一物体上；
把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触，硬纸板与桌面间就不存在摩擦力了。
【解答】解：
（1）甲装置实验中通过改变砝码质量来改变对小车拉力的大小，所以可探究二力平衡与二力大小的关系；
保持两边力相等，用手将小车扭转一个角度后松手，小车不能处于静止状态，要发生转动，可以探究二力平衡二力是否必须作用在同一条直线上；
（2）当小卡片平衡时，用剪刀沿虚线迅速剪断小卡片，由于二力不在同一物体上，所以两侧钩码落下，说明二力平衡的又一个条件是两个力必须在同一物体上；
把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触，硬纸板与桌面间就不存在摩擦力，即减小了摩擦力对实验的影响。
故答案为：（1）质量；在同一条直线上；（2）作用在同一物体上；减小摩擦对实验的影响。
【点评】本题考查二力平衡条件的实验，注意控制变量法的应用。用空中悬着的小卡片代替放在水平桌面的小车，简化实验，便于操作。
31．【分析】（1）根据h与s的关系（s＝nh）结合表格中数据判断承担物重的绳子段数，然后绕线；
（2）为准确地测出拉力，需竖直向上匀速拉动测力计；进行读数时，注意测力计的分度值；
根据公式η＝×100%＝×100%计算机械效率；
（3）根据结论：同一滑轮组的机械效率与物重有关，找出实验数据即可；
（4）由表中第3、4组数据可知，物重相同，动滑轮重力不同，
先根据W＝Gh求出有用功和克服动滑轮做的功，然后根据W＝Fs求出总功，则克服绳重及摩擦做的那部分额外功等于总功减去有用功和克服动滑轮做的功。
【解答】解：（1）由前4组实验数据知，s＝3h，所以滑轮组由3段绳子承担物重，因此应从动滑轮绕起，如图所示：

（2）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，这样才能准确测出拉力的值；
由图知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为1.6N；
η＝×100%＝×100%＝×100%≈66.7%；
（3）由表中第 1、2、3组数据可知，同一滑轮组的机械效率与物重有关。
（4）由表中第3、4组数据可知，物重相同，动滑轮重力不同，机械效率不同，由此可得，滑轮组的机械效率与摩擦和动滑轮重有关
根据表中第3组数据可知，有用功：W有＝Gh＝4N×0.1m＝0.4J；克服动滑轮做的功：W动＝G动h＝0.5N×0.1m＝0.05J；总功：W总＝Fs＝2N×0.3m＝0.6J；
则克服绳重及摩擦做的那部分额外功：W额＝W总﹣W有﹣W动＝0.6J﹣0.4J﹣0.05J＝0.15J。
故答案为：（1）见上图；
（2）竖直；1.6N；66.7%；（3）1、2、3；（4）动滑轮重；0.15。
【点评】此题是“探究滑轮组的机械效率”实验，考查了滑轮组机械效率的计算，根据数据分析影响滑轮组效率的因素，同时考查了有关滑轮组的组装及测力计的读数问题，要细心分析每一个问题。
32．【分析】（1）选择滑动变阻器的规格，要从电路需要滑动变阻器的最大电阻和电路允许通过的最大电流考虑：
滑动变阻器的最大阻值要稍大于电路需要滑动变阻器的最大阻值。
滑动变阻器允许通过的最大电流大于电路最大电流。
（2）根据灯泡正常工作时电流的大约值确定电流表的量程，然后使电流表与灯泡串联连接；
（3）连接电路时，开关处于断开状态，滑动变阻器滑片滑到阻值最大处；
（4）电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连；
（5）根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表示数；根据串联分压特点确定滑片移动方向。
（6）分析图象，得出小灯泡额定电压对应的电流，利用P＝UI求出电功率。小灯泡灯丝电阻受温度影响是变化的；小灯泡不发光的原因可能是小灯泡实际功率过小。
（7）要测量未知定值电阻，需测量出未知定值电阻的电压和电流，应用并联电路特点与欧姆定律求出通过未知定值电阻的电流，然后应用R＝求出未知定值电阻表达式。
【解答】解：（1）灯泡正常工作时电流：I＝＝≈0.2A。
测定灯泡功率的实验中，灯泡与滑动变阻器串联，根据串联电路电压特点得，灯泡正常工作时，滑动变阻器电压为：U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V；
由I＝可得，滑动变阻器电阻为：R滑＝＝＝17.5Ω，故滑动变阻器应选“50Ω 0.5A”的滑动变阻器；
（2）因为灯泡的额定电流约为0.2A，因此电流表量程选择0～0.6A量程；
将电流表的0.6A接线柱与灯泡的左接线柱相连，如图所示：

（3）连接电路时，开关处于断开状态；闭合开关前，需滑动变阻器滑片滑到阻值最大处，即将滑片位于最左端，即A端；
（4）灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此与电压表并联的电路断路，即灯泡断路。
（5）根据图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.2V；
要测量灯泡的额定功率，需使电压表的示数为2.5V，因此需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向B端移动。
（6）通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图象可知：
①当电压为2.5V时，电流为0.2A，额定功率为P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度影响。
③小灯泡不发光，根据图象分析其原因是小灯泡实际功率过小，达不到发光程度；
（7）按照电路图正确连接电路；
①开关S1闭合，S2断开，此时灯泡与电阻并联，它们两端电压相等，调节滑动变阻器，使得电流表的示数分别为0.25A、0.2A或0.1A，则由图象可知，对应的电压分别为2.5V，1.5V，0.5V，
②保持滑片位置不动，断开开关S1，闭合开关S2，此时灯泡与定值电阻并联，电流表测干路电流，记下电流表的读数为I，
通过定值电阻的电流Ix＝I﹣IL＝I﹣0.25A，或I﹣0.2A，或I﹣0.1A，
Rx的表达式为：Rx＝＝或或。
故答案为：（1）B；
（2）见上图；
（3）A；
（4）小灯泡断路；
（5）2.2；B；
（6）①0.625；②温度；③小灯泡实际功率过小；
（7）①开关S1闭合，S2断开，此时灯泡与电阻并联，它们两端电压相等，调节滑动变阻器，使得电流表的示数分别为0.25A、0.2A或0.1A，则由图象可知，对应的电压分别为2.5V，1.5V，0.5V，
②保持滑片位置不动，断开开关S1，闭合开关S2，此时灯泡与定值电阻并联，电流表测干路电流，记下电流表的读数为I，
通过定值电阻的电流Ix＝I﹣IL＝I﹣0.25A，或I﹣0.2A，或I﹣0.1A，
或或。
【点评】此题综合考查了电路的连接、电压表的读数、实验过程的设计，具有代表性；特别是最后一问设计实验，有一定的难度，需要仔细分析，重点掌握。
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日期：2022/1/24 19:39:25；用户：微信用户；邮箱：orFmNt6JxbombNK--PZkfnvM8130@；学号：42171657
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