湖北省鄂州市2019年中考物理真题试题（含解析）.docx

2019年湖北省鄂州市中考物理试卷
一、单选题（本大题共15小题，共30分）
1. 成语“引吭高歌”中的“高”是指声音的（　　）
A. 音调高 B. 响度大 C. 音色美 D. 频率高
2. 如图所示是加热-30℃的冰时温度随时间变化的图象，根据图象下列判断正确的是（　　）

A. BC段是冰的熔化过程，温度不变，说明熔化不需要吸热
B. 水的沸点是98℃，说明当地的大气压高于一个标准大气压
C. 冰熔化时温度保持0℃不变，说明冰是晶体
D. 加热相同时间时，冰升温比水快，说明冰的比热容比水大
3. “梁湖碧玉茶”是鄂州市梁子湖的特色农业品牌，曾在“中茶杯”全国名优茶评比中荣获特等奖。下列对于沏茶和品茶过程中情境的解释，正确的是（　　）
A. 沏茶时，杯内水面上方出现白雾，这是汽化现象
B. 沏茶时，玻璃杯的外壁上会出现小水珠，这是液化现象
C. 品茶时茶香四溢，这是一种升华现象
D. 品茶时茶香四溢，这说明了分子在不停地做无规则运动

4. 小曦用高压锅帮妈妈煲鸡汤时，联想到了许多物理知识。下列说法不正确的是（　　）
A. 高压锅煲汤更快是因为液面上方的压强越大，液体的沸点越高
B. 鸡汤沸腾过程中吸收热量，温度不变，内能不变
C. 煲鸡汤过程中，限压阀转动，此过程的能量转化与内燃机的做功冲程相似
D. 限压阀口“烟雾缭绕”，这是水蒸气液化形成的小水珠
5. 关于内能、温度和热量，下列说法中正确的是（　　）
A. 0℃的冰没有内能
B. 质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量越多，其热值越大
C. 物体吸收热量，温度不一定升高
D. 热传递过程中，内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
6. 小丽面向穿衣镜，站在镜前1m处，镜中的像与她相距（　　）
A. 50cm B. 1m C. 1.5m D. 2m
7. 周末阳光明媚，小红和妈妈一同来到梁子湖边散步，看到湖中柳影摇曳，鱼儿戏水。下列说法正确的是（　　）
A. 看到的柳影是光的反射形成的实像
B. 看到的柳影是光的折射形成的虚像
C. 看到的鱼儿是光的反射形成的虚像
D. 看到的鱼儿是光的折射形成的虚像
8. 在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A. 由甲图可知该透镜焦距为40cm
B. 乙图中成的是倒立放大的实像，符合放大镜的成像原理
C. 在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，则成像情况符合投影仪的原理
D. 如果在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像
9. 2019年6月6日，世界女排联赛香港站中，中国女排在比分落后的情况下，发扬顽强拼搏的精神，连续扳回三局，最终以总比分3：2逆转夺冠。下列有关情景中的说法不正确的是（　　）
A. 排球在空中运动过程中受力不平衡
B. 排球被重扣后加速向下运动的过程中，惯性越来越大
C. 队员发球时，击球瞬间对球做了功
D. 二传手向上撑球，球向上运动；主攻手用力向下扣球，球急转直下。说明力的方向会影响力的作用效果
10. 如图所示，利用动滑轮将重力为100N的物体在5s内匀速竖直提升，拉力F为60N，绳子自由端移动的距离为2m，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）
A. 物体移动的速度为0.4m/s
B. 所做的有用功为200J
C. 动滑轮的机械效率为60%
D. 拉力F的功率为24W

11. 甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带正电荷，则甲（　　）
A. 一定带正电荷 B. 一定带负电荷 C. 可能带负电荷 D. 可能带正电荷
12. 科技引领生活，5G时代已经来临。车辆利用5G通讯网络可在一、两公里之外提前感知交通信号灯，为无人驾驶提供支持。如图所示，是用于路口的5G指示灯，则红黄绿三种颜色指示灯的连接方式及5G通讯传递信息的形式分别是（　　）
A. 串联　  超声波 B. 串联　　电磁波
C. 并联　　超声波 D. 并联　　电磁波
13. 如图所示，下列电路图中与实物图一致的是（　　）

A. B.
C. D.
14. 下列说法正确的是（　　）
A. 当有人触电时应立即切断电源
B. 家中多个大功率用电器可以在同一插线板上同时使用
C. 光缆通信中光在光纤里一直沿直线传播
D. 太阳能、风能、核能都是可再生能源
15. 如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（　　）

A. 物体受到的浮力大小关系为FA>FB>FC
B. 三个物体的密度大小关系为ρA>ρB>ρC
C. 容器底部受到水的压力大小关系为F甲>F乙>F丙
D. 容器对桌面的压强大小关系为p甲=p乙=p丙
二、填空题（本大题共3小题，共8分）
16. 鄂州机场目前正在全面建设之中，预计2021年投入运营。建成后，它将是通向世界窗口、通向国际经济贸易的桥梁。预计2021年机场货运吞吐量突破100万吨，则当年机场运载货物总重突破______N．鄂州地处我国中部地区，1.5h的飞行能覆盖经济占全国90%、人口占全国80%的地区，距离北京、上海、深圳、广州都是1000km。假设飞机从鄂州飞往北京的时间为1.5h，则飞机飞行的平均速度是______km/h（计算结果保留一位小数），飞机在抵达北京着陆之前减速降落过程中，机械能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

17. 如图所示，在探究串联电路电压关系的实验中，小磊同学先用电压表测量了电阻R1两端的电压为1V，然后保持电压表接A点不动，将接B点的那段导线改接到C点，电压表的示数为3V．已知R1=5Ω，则电阻R2两端的电压为______V，通过R2的电流为______A．如果他保持电压表接B点不动，将电压表接A点的那段导线改接到C点，这种接法是错误的，理由是______。

18. “清风不识字，何故乱翻书”所述清风能翻书，是风使书本上表面空气流动速度变大，导致书本上表面压强______（选填“增大”或“减小”）；用吸管“吸”饮料时，饮料是在______作用下被“吸”入口中的。
三、计算题（本大题共2小题，共15分）
19. 某同学利用如图甲所示的电路进行探究，电源电压恒为9V，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图象。则

（1）该同学探究的是______的关系；
（2）五次记录实验数据中，电压表的示数为多少？滑动变阻器阻值变化范围是多少？

20. 用弹簧测力计悬挂一实心物块，物块下表面与水面刚好接触，如图甲所示。由此处匀速下放物块，直至浸没于水中并继续匀速下放（物块始终未与容器接触）。物块下放过程中，弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水中的深度h的关系如图乙所示。求：

（1）物块完全浸没在水中受到的浮力；
（2）物块的密度；
（3）从物块刚好浸没水中到h=10cm过程中，水对物块下表面的压强变化了多少Pa？

四、作图题（本大题共3小题，共9分）
21. “坐井观天，所见甚小”，青蛙在枯井和有水的井中“观天”的范围大小是不同的。如图所示，一只青蛙在井底（井中有水）中央，请用光路图作出井底之蛙“观天”的最大范围。

22. 如图甲所示，小明用水平力F推放在水平地面的木箱，在此过程中，推力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，木箱运动速度v的大小随时间t变化的情况如图丙所示。请在甲图上画出t=2s时，木箱在水平方向上受力的示意图，并标明力的大小（O点为箱子的重心）。

23. 如图所示为电磁铁和永磁体相互作用产生的磁场，请根据图中磁感线的方向标出永磁体右端的磁极，并在括号内标出电磁铁电源的“+”、“-”极。

五、实验探究题（本大题共2小题，共18分）
24. 在探究“影响压力作用效果的因素”实验中，某小组同学利用小桌、砝码、海绵等物品在水平桌面上进行探究。

（1）实验中用______反映压力的作用效果，采用了转换法。
（2）比较甲、乙两图的实验可以得出______；比较丙图和______图，可以得出压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）本实验还采用了______的研究方法。
25. 为测定“额定电压为3.8V的小灯泡电功率”的实验中，电源电压保持不变。
（1）按图甲所示的电路图连接电路。实验时，若无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表示数几乎为零，则故障的原因可能是______（选填“电流表与导线”或“灯泡与灯座”）接触不良。
（2）故障排除后，闭合开关，变阻器滑片P在某处时，电压表示数为3V，电流表示数如图乙所示。若想测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向______端（选填“左”或“右”）移动。
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______W，
通电10min小灯泡消耗的电能为______J。
（4）把这样的两个灯泡串联在电压为6V的电路中，电路的总功率为______W。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】
解：振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小，“引吭高歌”中的“高”是指声音的响度。
故选：B。
响度的大小主要与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。
了解生活中常说的词是指声音的什么特性：音量是指响度，音高是指音调，高保真是指音色，音品也指音色。
2.【答案】C
【解析】
解：A、图象中BC段是冰的熔化过程，虽然温度不变，但熔化过程必需吸热，故A错误；
B、水的沸点随气压的升高而升高，随气压的降低而降低，沸点是98℃，说明当地的大气压低于一个标准大气压，故B错误；
C、由图象可知，在BC段，物质的温度保持0℃不变，所以该固体的熔点是0℃，此过程中物质正在熔化，是晶体，故C正确；
D、冰完全熔化为水时，质量不变；同一个加热器进行加热，加热时间相同时冰和水吸收的热量相同；冰升温比水快（即冰上升的温度较高），由Q=cm△t可知，冰的比热容比水小；故D错误。
故选：C。
（1）熔化前晶体处于固态、熔化过程处于固液共存状态、熔化完成后是液态，熔化过程不断吸热，温度不变；
（2）水的沸点随气压的升高而升高，随气压的降低而降低；
（3）晶体首先吸收热量，温度升高，达到熔点，继续吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是这种晶体的熔点。晶体完全熔化后，吸收热量，温度不断升高。
（4）水的比热容比冰大，相同质量的冰和水在吸热相同热量的情况下，冰升温快，水升温慢。
对于此类图形题，应明确横、纵坐标轴及各关键点所代表的物理意义，熟练掌握相关知识点是解题的关键所在。
3.【答案】D
【解析】
解：A、沏茶时，杯内水面上方出现白雾，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故A错误；
B、沏茶时，玻璃杯的内壁上会出现小水珠，是热的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；
CD、茶香四溢是因为茶水的香味分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，故C错误、D正确。
故选：D。
（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，物体温度越高分子的无规则运动越剧烈。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；以及分子运动的有关知识。
4.【答案】B
【解析】
解：A、液体沸点与压强的大小有关，压强越高液体沸点越高，高压锅煲汤更快就是因为液面上方的压强大，液体的沸点高，故A正确；
B、正在沸腾的鸡汤，温度虽然不变，但不断吸收热量，所以其内能增加，故B错误；
C、煲鸡汤过程中，限压阀转动，此过程的能量转化情况是内能转化为机械能，与内燃机的做功冲程相似，故C正确；
D、限压阀口“烟雾缭绕”，“烟雾”不是气体，而是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故D正确；
故选：B。
（1）液体沸点与压强的大小有关；
（2）内能的大小跟质量、温度、状态有关；
（3）内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能。
（4）物质由气态变成液态是液化。
本题是一道考查物态变化和内能知识的综合题目，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
5.【答案】C
【解析】
解：A、内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，不管在什么样的温度下，物体都会存在内能，0℃的冰也有内能，故A错误。
B、相同质量的不同燃料完全燃烧时，放出热量越多的热值越大，故B错误；
C、物体吸收热量，内能变大，温度不一定升高，可能是状态发生了变化，例如晶体的熔化过程，故C正确；
D、影响物体内能的因素有温度和质量，温度高的物体的内能不一定大，温度低的物体可能比温度高的物体内能大，故热量可以从内能少的物体传向内能多的物体，故D错误。
故选：C。
（1）内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，
（2）热值是燃料本身的一种性质，不同的燃料，完全燃烧时释放的热量不同；
（3）物体吸收热量，内能变大，温度不一定升高，可能是状态发生了变化；
（4）热传递的条件：温度差。
热量、内能、温度是热学里三个最重要，同时也是联系最密切的概念，要真正理解。
6.【答案】D
【解析】
解：
根据平面镜成像特点可知，像和物距离平面镜的距离是相等的，因为小丽距平面镜的距离是1m，则镜中的像与镜面相距也是1m，所以小丽的像距小丽2m。
故选：D。
平面镜成的像与物体是等大的，像和物距离平面镜的距离是相等的。
明确平面镜成像时，像和物距离平面镜的距离是相等的，再进行相关推算，并注意题目中所指的距离是哪一个。
7.【答案】D
【解析】
解：我们看到湖中的鱼儿是因为光从水中斜射入空气中时，发生折射形成的虚像；
看到湖中的柳影，属于平面镜成像，是光在水面发生反射形成的虚像，故ABC错误，D正确。
故选：D。
（1）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像等。
此题考查了光的折射和反射的现象，明确相关的原理并知道折射与反射所成的都是虚像。
8.【答案】C
【解析】
解：A、由甲图可知该透镜焦距为40cm-30cm=10cm，故A错误；
B、由图可知，物距大于像距，当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，是照相机的成像原理，故B错误；
C、根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故C正确。
D、凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即要将光屏向右移动才能在光屏上成清晰的像，故D错误；
故选：C。
（1）凸透镜的焦距是使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离；
（2）当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，照相机这一光学器件正是应用了这点；
（3）物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像；物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像；
（4）当凹透镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方。
本题考查学生对凸透镜成像规律的应用，常见题目。
9.【答案】B
【解析】
解：A、排球在空中运动过程中速度和大小都在变化，处于非平衡状态，所以受力不平衡。故A正确；
B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，排球被重扣后加速向下运动的过程中，质量不变，惯性大小不变。故B错误；
C、队员发球时，击球瞬间对球施加了力的作用，同时排球在力的方向上通过了一定距离，所以做了功。故C正确；
D、二传手向上撑球，球向上运动；主攻手用力向下扣球，球急转直下。力的方向不同，球的运动方向不同，说明力的方向会影响力的作用效果，故D正确。
故选：B。
（1）静止或匀速直线运动是运动状态不变，受的是平衡力，物体的速度大小或运动方向的变化都是运动状态变化，一定受到不平衡力，受到单独一个力也是不平衡力；
（2）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
（3）力做功的条件是：作用在物体上有力，同时沿力的方向有一段距离。
（4）力的大小、方向和作用点共同影响力的作用效果。
此题考查了平衡状态的判断、力是否做功的判断、力的作用效果、惯性等，涉及的考点众多，但都属于基础知识，难度不大。
10.【答案】D
【解析】
解：动滑轮上绳子的有效股数n=2，
由s=nh可得，物体上升的高度：h===1m，
则物体移动的速度：v===0.2m/s，故A错误；
所做的有用功：W有=Gh=100N×1m=100J，故B错误；
拉力做的总功：W总=Fs=60N×2m=120J，
动滑轮的机械效率：η=×100%=×100%≈83.3%，故C错误；
拉力F的功率：P===24W，故D正确。
故选：D。
动滑轮上绳子的有效股数为2，知道绳子自由端移动的距离，根据s=nh求出物体上升的高度，利用v=求出物体移动的速度，根据W=Gh求出所做的有用功，利用W=Fs求出拉力做的总功，再根据η=×100%求出动滑轮的机械效率，最后利用P=求出拉力F的功率。
本题考查了速度公式和做功公式、功率公式、机械效率公式的应用，要注意动滑轮动滑轮绳子的有效股数为2。
11.【答案】C
【解析】
解：
由图知乙、丙相互排斥，说明乙、丙一定带同种电荷，已知丙带正电，则乙一定也带正电；图中甲、乙相互吸引，根据异种电荷相互吸引、带电体具有吸引轻小物体的性质可知，甲可能带负电或不带电。
故选：C。
（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
12.【答案】D
【解析】
解：
根据生活经验可知，交通指示灯中的三个灯不会同时亮，即可以单独工作，且工作时互不影响，所以可以判断出三种颜色指示灯是并联的；
5G通讯是利用电磁波来传递信息的。
故选：D。
并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响。由于三个电灯不会同时工作，由并联电路的特点知，三个电灯是并联。
电磁波有着广泛的应用，5G通讯传递信息利用的是电磁波。
本题考查的是学生利用物理知识解释生活现象的能力，属于基础题目。
13.【答案】A
【解析】
解：由实物图可知，电流从电源的正极出发，经过电流表、灯泡L1，再经过开关，灯泡L2回到负极，电压表并联在电流表、灯泡L1、开关的两端。
A、由电路图可知，两灯泡串联，电流从电源的正极出发，经过电流表、灯泡L1，再经过开关，灯泡L2回到负极，电压表并联在电流表、灯泡L1、开关的两端，与实物图符合，故A正确；
B、由电路图可知，两灯泡并联，与实物图不符，故B错误；
C、由电路图可知，两灯泡串联，电压表测量灯泡L2两端电压，实物图中电压表测量灯泡L1两端电压，与实物图不符，故C错误；
D、由电路图可知，两灯泡串联，电压表测量灯泡L2和L1两端电压，与实物图不符，故D错误；
故选：A。
由实物图可知，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L1两端电压，对各选项逐一分析。
本题考查根据实物图画电路图，关键是分析实物图中电路的连接，根据实物图画出对应的电路图，这是本题的重点也是难点。
14.【答案】A
【解析】
解：A、发现有人触电时，首先要切断电源，再采取救人措施，故A正确；
B、家庭电路中不能同时使用很多大功率用电器，否则会使电路中电流的过大，而引起火灾，故B错误；
C、光在光导纤维中不断反射，不是沿直线传播的，故C错误；
D、核能不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。太阳能，风能在自然界中可以不断再生、连续利用，属于可再生能源，故D错误。
故选：A。
（1）发现有人触电时，首先切断电源，再实行救援措施；
（2）家庭电路电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大；
（3）光纤通信是通过激光在光纤内不断反射向前传播，从而传递信息的；
（4）能源从是否可再生角度划分为可再生能源和不可再生能源。可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，光纤通信以及能源的分类难度不大。
15.【答案】D
【解析】
解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排＜VB排＜VC排，
根据F浮=ρ液gV排可知，浮力的大小关系为：FA＜FB＜FC，故A错误；
B、由图可知，A和B处于漂浮，C处于悬浮，
则由浮沉条件可知：GA=FA，GB=FB，GC=FC，
由于FA＜FB＜FC，所以GA＜GB＜GC；
由于正方体A、B、C的体积相同，
所以根据ρ==可知，物体密度的大小关系：ρA＜ρB＜ρC，故B错误；
C、由图可知三个完全相同的容器内水的深度相同，由P=ρgh可知液体底部压强关系是P甲=P乙=P丙，
三个容器的底面积相同，根据F=PS可求容器底部受到水的压力大小关系：
F甲=F乙=F丙，故C错误；
D、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙=F丙，根据p=可知，容器对桌面的压强大小关系为p甲=p乙=p丙，故D正确；
故选：D。
（1）由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
（2）由图得出A、B、C三个正方体所处的状态，利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
（3）由图可知三个完全相同的容器内水的深度相同，由P=ρgh可知液体底部压强关系，再根据F=PS可求容器底部受到水的压力大小关系；
（4）根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力；利用p=判断对桌面的压强大小关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
16.【答案】1×1010   666.7   减小
【解析】
解：
（1）货物的总质量m=100万吨=1×109kg，
当年机场运载货物的总重：
G=mg=1×109kg×10N/kg=1×1010N；
（2）飞机飞行的平均速度：
v==≈666.7km/h；
（3）飞机在抵达北京着陆之前减速降落过程中，质量不变，速度减小，高度降低，所以其动能和重力势能都会减小，则机械能减小。
故答案为：1×1010；666.7；减小。
（1）根据G=mg求出当年机场运载货物总重；
（2）根据v=求出平均速度；
（3）机械能包括动能和势能；动能大小影响因素有质量和运动速度；重力势能影响因素有质量和高度。
此题主要考查的是学生对重力计算、速度计算和机械能影响因素的理解和掌握，难度不大。
17.【答案】2   0.2   会导致电压表“+、-”接线柱接反
【解析】
解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，则电阻R1两端的电压U1=1V，
保持电压表接A点不动，将接B点的那段导线改接到C点时，电压表测电源两端的电压，则U=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电阻R2两端的电压U2=U-U1=3V-1V=2V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R2的电流I2=I1===0.2A；
如果他保持电压表接B点不动，将电压表接A点的那段导线改接到C点时，会导致电压表“+、-”接线柱接反，这种接法是错误的。
故答案为：2；0.2；会导致电压表“+、-”接线柱接反。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，保持电压表接A点不动，将接B点的那段导线改接到C点时，电压表测电源两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电阻R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过R2的电流；如果他保持电压表接B点不动，将电压表接A点的那段导线改接到C点时，根据电流表正确使用判断这种接法错误的原因。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，知道电压表的正确使用是关键。
18.【答案】减小   大气压
【解析】
解：（1）风吹过书页的上表面时，使书表面上空气流动速度增大，而导致书上表面压强减小，而书页下表面的压强不变，在上下压强差的作用下，书页会向上翻，故有“清风不识字、何故乱翻书”之说。
（2）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里。
故答案为：减小；大气压。
（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
（2）用吸管“吸”饮料利用的是大气压。
此题考查大气压的应用、流体压强和流速的关系，对于流速和流体压强的问题，一定要明确被研究的物体的两个侧面的流体流速，用流速来分析流体压强，用压强来分析压力，通过压力差来分析物体受到的作用。
19.【答案】电流与电阻
【解析】
解：（1）由图乙可知，通过定值电阻的电流随其阻值的变化而变化，但电流和电阻的乘积不变，
所以，该同学探究的是电流与电阻的关系；
（2）由图乙可知，五次记录实验数据中，Ux=IRx=1.0A×5Ω=-----0.2A×25Ω=5V，
即电压表的示数为5V；
当Rx=5Ω时电路中的电流I=1.0A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=可得，此时电路的总电阻：
R总===9Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R滑=R总-Rx=9Ω-5Ω=4Ω；
当Rx′=25Ω时电路中的电流I′=0.2A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时电路的总电阻：
R总′===45Ω，
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R滑′=R总′-Rx′=45Ω-25Ω=20Ω，
所以，滑动变阻器阻值变化范围是4Ω～20Ω。
答：（1）电流与电阻；
（2）五次记录实验数据中，电压表的示数为5V，滑动变阻器阻值变化范围是4Ω～20Ω。
（1）由图乙可知，通过定值电阻的电流随其阻值的变化而变化，但电流和电阻的乘积不变，据此判断实验研究的问题；
（2）根据欧姆定律求出五次记录实验数据中电压表的示数，当Rx=5Ω时电路中的电流I=1.0A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小；当Rx=25Ω时电路中的电流I=0.2A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律和串联电路的规律求出变阻器连入电路中的电阻变化范围。
本题考查串联电路的规律和欧姆定律及控制变量法的运用，会分析实验数据得出有用的信息是关键。
20.【答案】解：
（1）由图象可知，弹簧测力计的最大示数F最大=15N，此时物块未浸入水中，则物块重力G=F最大=8N；
物块全浸入时弹簧测力计的示数F示=4N，
受到的浮力：
F浮=G-F示=8N-4N=4N；
（3）由F浮=ρ水gV排得物块的体积：
V=V排=F浮ρ水g=4N1×103Kg/m3×10N/Kg=4×10-4m3，
物块的质量：
m=Gg=8N10N/kg=0.8kg，
ρ物=mV=0.8kg4×10-4m3=2×103kg/m3；
（3）由图乙可知，h1=4cm时物块刚好浸没水中，从物块刚好浸没水中到h2=10cm过程中，
物块下表面变化的深度△h=h2-h1=10cm-4cm=6cm=0.06m，
水对物块下表面的压强变化：
△p=ρ水g△h=1×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa。
故答案为：（1）物块完全浸没在水中受到的浮力为4N；
（2）物块的密度2×103kg/m3；
（3）从物块刚好浸没水中到h=10cm过程中，水对物块下表面的压强变化了600Pa。
【解析】

（1）由图象可知，弹簧测力计的最大示数，此时物块未浸入水中，物块重力等于最大示数；由图得出物块全浸入时弹簧测力计的示数，利用称重法求受到的浮力；
（2）利用F浮=ρ液V排g求物体的体积，利用G=mg求物体的质量，利用密度公式求物体的密度；
（3）由图乙可知，h1=4cm时物块刚好浸没水中，可求从物块刚好浸没水中到h2=10cm过程中物块下表面变化的深度，利用p=ρgh求水对物块下表面的压强变化。
本题考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理、液体压强公式的应用，分析图象得出相关信息是关键。
21.【答案】解：井中有水时，光线射到水面会发生折射现象，由于光是从空气斜射向水，所以入射角大于折射角，因此井底之蛙看到的视野范围比没水时会看到更大；大致范围如图中两条入射光线之间的区域所示，如下图：

【解析】

青蛙之所以坐在井里，只能看到很小的一片天，就是因为光是沿直线传播的缘故。
当井中有水时，光由空气进入水中，在水面上要发生折射，根据折射定律画出大致的光线传播路径，确定青蛙的视野范围。
本题通过作图的形式考查了光是沿直线传播的，并结合了成语，是一道好题，解答此题的关键有两点：一是看光线的方向是否正确，光线是从外界射进井里；二是光的传播路径是否是直的。
22.【答案】解：如图乙所示，木箱在2s时所受的推力为150N；
由v-t图象可知，在3～5s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，则滑动摩擦力为100N；在1～3s内物体做加速直线运动，滑动摩擦力只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关，则滑动摩擦力仍然为100N，即在2s时的摩擦力为100N。
过O点分别沿水平向右和水平向左的方向画出推力和摩擦力的示意图，并标明其符号和大小，如图所示：

【解析】

木箱在水平方向上受到推力和摩擦力的作用。根据图示并结合题意求出推力和摩擦力的大小，然后根据力的示意图的画法画出力的示意图。
（1）如图乙所示得出木箱在2s时所受的推力；
（2）v-t图象可知，1～3s内物体运动的速度变化即可判断所处的状态；滑动摩擦力只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关，据此求得2s时木箱受到的摩擦力。
本题考查力的示意图的画法，从两个图象分析运动状态、速度大小、推力大小，已知条件都包含在图象中，是中考的热点，考查学生的读图能力，综合性很强，有一定的难度。
23.【答案】解：磁感线从右向左，可以判断电磁铁的右端是S极，永磁体的右端是S极；根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，则四指所指的方向为电流的方向，则电流从电磁铁的右端进入，从左端流出，所以电源的右端是正极，左端是负极。如图所示：

【解析】

根据磁体周围的磁感线从N极出来进入S极，判断电磁铁和永磁体的极性；由电磁铁的磁极，根据安培定则判断电流方向，判断电源正负极。
知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一者都可以判断另外几者。
24.【答案】海绵凹陷程度   受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显   乙   控制变量
【解析】
解：（1）该实验是通过海绵的凹陷程度来显示压力作用效果的，这用到了转换法；
（2）图甲和图乙，物体的受力面积相同而压力不同，乙图压力大，乙图力的作用效果明显，由此可得：受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显；
图乙和图丙，桌子和海绵间的压力相同而受力面积不同，乙图受力面积小，乙图压力作用效果明显，由此可知：压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）影响压力作用效果的因素是压力和受力面积，研究压力的作用效果与受力面积的关系时需要控制压力相同；在研究压力的作用效果与压力大小的关系时需要控制受力面积相同，这用到了控制变量法。
故答案为：（1）海绵凹陷程度；（2）受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；  乙；（3）控制变量。
力可以使物体发生形变，相同受力面的形变程度越大，压力作用效果越明显，可以通过受力面形变程度的大小判断压力的作用效果；
根据控制变量法的要求，根据实验所控制的变量、分析图示实验现象，然后得出实验结论。
本题考查了影响压力效果的因素实验，应用了转换法与控制变量法，应用控制变量法、认真分析图示实验现象即可正确解题。
25.【答案】灯泡与灯座   左   1.292   775.2   1.8
【解析】
解：（1）闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路的地方，电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，故障是灯泡与灯座接触不良了；
（2）变阻器滑片P在某处时，电压表示数为3V，小于灯泡额定电压，应使电路中的电流增大，滑动变阻器的阻值应变小，滑片应向左端移动，直到电压表示数等于额定电压3.8V；
（3）如图丙所示，电流表量程为0-0.6A，分度值为0.02A，电流表示数0.34A，
小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.34A=1.292W；
通电10min小灯泡消耗的电能为：W=UIt=3.8V×0.34A×10×60s=775.2J；
（4）把这样规格的两个小灯泡串联连接在电源电压为6V的电路中时，每个灯泡两端的电压为3V，由图象乙可知，电路的电流为0.3A，
灯泡的电阻为R===10Ω，
串联电路中的总电阻：R总=2R=2×10Ω=20Ω，
电路的总功率：P总===1.8W。
故答案为：（1）灯泡与灯座；（2）左；（3）1.292；775.2；（4）1.8。
（1）灯泡不亮，可能是灯泡断路或灯泡短路；电流表无示数，说明电路存在断路；电压表示数等于电源电压，
说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析可知电路故障是：灯泡断路。
（2）变阻器滑片P在某处时，电压表示数为3V，根据该示数与灯泡额定电压间的关系，判断滑片的移动方向，直到电压表示数等于灯泡额定电压为止；
（3）已知额定电压，和电流表的示数，根据P=UI算出小灯泡的额定功率；
根据W=UIt算出通电10min小灯泡消耗的电能；
（4）把这样规格的两个小灯泡串联连接在电源电压为6V的电路中时，根据电阻的串联求出电路中的总电阻，根据P=计算出功率。
本题考查了电路故障分析、滑动变阻器的调节等问题；分析电路故障时，应根据实验现象，分析各种可能的故障原因，然后综合分析得出结论；最后一问有一定的难度，解题时要细心，认真分析，这一问容易出错。

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