2019年黑龙江省哈尔滨市中考物理及答案.doc

哈尔滨市2019年初中升学考试综合试卷
物理部分
16. 下列物理量与测量仪器对应关系不正确的是（ ）
A. 长度——刻度尺 B. 电压——电压表 C. 时间——停表 D. 电阻——电能表
17. 下面对哈尔滨美景描述中，属于熔化现象的是（ ）
A. 初春，太阳岛上冰雪变成涓涓水流
B. 盛夏，防洪纪念塔广场花朵上滚动着晶莹的露珠
C. 深秋，中央大街的树上挂着洁白的雾淞
D. 隆冬，松花江水变成剔透的冰
18. 关于光学知识说法正确的是（ ）

A. 漫反射不遵从光的反射定律 B. 小猫叉不到鱼，是因为看到鱼变深的虚像
C. 白光通过三棱镜发生色散 D. 近视眼需要用凸透镜矫正
19. 下图事例中，利用热传递改变物体内能的是（ ）

A. 晃动试管，沙子温度升高 B. 烧水使水变热
C. 汽油机汽缸内混合物被压缩，温度升高 D. 摩擦使笔杆变热
20. 关于力学知识说法不正确的是（ ）

A. 手对钢片的力大于钢片对手的力 B. 重力的方向竖直向下
C. 急刹车时，乘客因具有惯性会向前倾倒 D. 磁悬浮列车利用分离接触面来减小摩擦
21. 关于简单机械的使用，说法不正确的是（ ）

A. 使用撬棒可以省力 B. 使用定滑轮不能省距离
C. 利用斜面可以省功 D. 使用滑轮组可以改变动力方向
22. 下列表述正确的是（ ）

A. 电视机正常工作电流约为1. 57A B. 电水壶电阻为4840Ω
C. 同种电荷互相排斥 D. 磁极间在不接触时无法发生相互作用
23. 下列涉及压强知识说法不正确的是（ ）

A. 海绵块的形变显示了压力作用效果 B. 用微小压强计可以研究液体压强
C. 托里拆利实验可以测出大气压值 D. 船闸不是连通器
24. 下列现象中，电能转化为机械能的是（ ）

25. 下列关于安全用电的描述，不符合用电原则，需要改正的是（ ）

26. 质地均匀杠杆，每个钩码重0. 5N，下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠杆上有等间隔
的刻度）（ ）

27. 如图甲，R1为定值电阻，Rp为滑动变阻器，闭合开关，Rp的滑片从一端移动
到另一端，得到电压与电流图像如图乙，下列说法
正确的是（ ）
A. 电源电压为3V，R1阻值为1. 8Ω
B. 电路消耗的最小功率为0. 2W
C. 当Rp总阻值的3/5接入电路时，它与定值电阻消耗的功率之比为6:5
D. 当电流为0. 4A时，R1与Rp连入电路的阻值之比为1:2
36.（2分)自然界中，能量的转化和转移过程遵守 定律. 水能和风能都属于 能.
37.（2分）在研究“固体熔化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中，共同需要的测量工具是停表和 .
晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是 .
38.（2分）在地球上，驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离，利
用了声可以传播 . 在月球上，表面为真空，真空不能传声，
宇航员不能直接交流而要靠电磁波互相联系，其中的道理是
.
39.（2分）如图所示，用2N的拉力匀速竖直向上拉绳子自由端，将重为3. 5N物体提升0. 1m，不计
绳重与摩擦，动滑轮机械效率为 ；若物体重力变大，则动滑轮机械效率将 .
40.（2分）把质量为2kg，温度为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量为 J，这些热量相
当于完全燃烧 m3的天然气所放出的热量.【c水＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝4.2×107J/m3】
第39题图 第41题图 第42题图 第43题图
41.（2分）如图，同一小车从同一斜面的同一高度由静止释放，分别滑至粗糙程度不同的三个水平面
上时速度为v0.（a)（b)图中小车最终停在图示位置，分析可知：在水平面上小车所受阻力即为小车
所受合力，因为力可以改变物体运动状态，所以小车在（a）图比在（b）图受到的阻力大，
更明显；若（c）图水平面光滑，则小车在该水平面上将 .
42.（2分）在探究“影响电流热效应的因素”的实验中，要探究电流热效应与电流关系，应控制的变量是
.如图所示，R1＝5Ω，R2＝10Ω，电源电压3V，则通电10s电流通过R1、R2产生
热量之比为 .
43.（2分）如图，2018年10月24日，港珠澳大桥正式通车，大桥的海底隧道位于40米深的海水下，
海水在此深度处产生的压强为 Pa.若汽车重力为G1，车内人和物体的总重为G2，车轮与桥
面接触的总面积为S，当车在水平桥面行驶时，汽车对桥面压强p＝ （ρ海水＝1.03×103kg/m3，
g＝10N/kg)
44.（2分）在安全工作条件下，将“2.5V 0.3A”小灯泡L1和“3.0V 0.3A”小灯泡L2串联在电路中工作，通
过两灯的电流之比为 ；若将L1和L2并联在另一电源下工作，则L1和L2能消耗的总功率
最大值为 W.（设灯丝电阻不变）
45.（2分）如图，先将溢水杯装满水，然后用测力计拉着重为4N、体积为100cm3的石块，缓慢浸没
在水中，溢出的水全部收集到小空桶中，桶中水重为 N，石块静止时，测力计示数为 N.
(ρ水＝1.0×103kg/m3, g＝10 N/kg）
46.（2分）如图所示，请你画出静止在水平桌面上的茶壶所受力的示意图.（画图时用实心点0表示力
的作用点）
47.（2分）如图所示，请你画出烛焰上A点经平面镜MN所成的像A'.（保留作图痕迹）

第45题图 第46题图 第47题图
48.（5分）“创新”小组在某次实践活动中，采集了一块矿石（矿石不吸水），测量它的密度.
（1）在测量之前，要观察量筒的 .

（2）测量过程的情景如上图，正确且合理测量质量的操作顺序为 ，测出矿石的
密度为 g/cm3.
（3）永深同学继续如下操作：
①将矿石从量筒中取出，直接放在天平上测质量记为m测，并记下此时量筒中水面的刻度值V3.
②测量体积时，才发现矿石有变化了，将它处理复原后，浸没在量筒的水中，记下此时水面的
刻度值V4，从而求出矿石的体积并算出密度.
这样的操作可能对实验结果产生影响，请你写出产生的影响及原因.

49.（5分）在探究“凸透镜成像规律”实验中，已知凸透镜焦距为10cm.所用光源为新型“蜡烛”.（新型“蜡
烛”薄且烛焰稳定）
（1）调整好器材后，进行实验，某次实验结果如图1，凸透镜成这种像的条件是 .
将“蜡烛”A从此位置在光具座上逐渐靠近透镜，发现经过图中 位置后，无论
怎样调节光屏都无法承接到像，只能透过透镜观察到正立、放大的虚像，如图2.

（2）“蜡烛”移到距透镜二倍焦距处，观察光屏上的像感觉与物等大，请你简述证明像与物等大的办
法.（器材足够用）

（3）君妍同学用凸透镜观察书上的字，如图3，她换用不同焦距的凸透镜放在原位置再次观察，发
现像发生变化，便萌生了探究凸透镜所成像与焦距关系的想法，请写出需要收集的证据.

50.（6分）用标有“2.5V”小灯泡，进行“研究小灯泡的电功率”实验.（允许加在小灯泡两端的最大电压
为1.2U额）

（1）进行实验：
①如图1是未连接好的电路，请你用笔画线代替导线，正确连接图中实物电路.
②如图2，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数是 A，灯泡额定功率是 W.
（2）通过实验得到：灯泡实际功率越大，灯越亮. 试从能量转化角度解释“灯泡实际功率越大，灯越
亮”的原因.

（3）以小灯泡为例，用数据说明选用电流表0.6A而不用3A量程的理由.

51.（6分）随着智能化的普及，机器人在人类的生活中扮演着重要的角色.在图书管理领域机器人可以
辅助或替代管理员整理图书，表中所列数据是某新型图书智能管理机器人工作的
部分技术参数.

现在智能机器人以最大负重将图书匀速竖直提升至最大高度，用时5s.则此次提升过程中：
（1）机器人提升图书速度是多少?

（2）机器人对书做功是多少?

（3）机器人的电动机工作电流是多少（结果保留两位小数）？电动机做功是多少？

答案和解析
1.【答案】D
【解析】
解：
A、刻度尺是测量长度的工具，故A不符合题意；
B、电压的测量仪器电压表，故B不符合题意；
C、停表是测量时间的仪表，故C不符合题意；
D、电阻用电流表和电压表测，不能用电能表测，故D符合题意。
故选：D。
对每个选项分别分析，明确每种测量工具的用途，就能确定符合题意的选项。
刻度尺、电压表、电流表、停表是初中物理的常用测量工具，使用前要先观察其量程和分度值，注意各种测量仪器的正确使用方法和注意事项，才能去使用各种仪器。
2.【答案】A
【解析】
解：A、春天，冰雪消融，它是物质从固态变为液态的过程，是熔化现象，故A符合题意；
B、夏天，露珠晶莹，露珠是液体，它是由空气中的水蒸气放热液化后形成的，故B不符合题意。
C、秋天，雾淞是固体，它是由空气中的水蒸气放热凝华后形成的，故C不符合题意。
D、冬天，松花江水变成剔透的冰，冰是固体，它是由液态的水放热凝固后形成的，故D不符合题意。
故选：A。
熔化是指物质从固态变为液态的过程，它需要吸热；
液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热；
凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，它需要放热；
凝固是指物质从液态变为固态的过程，它需要放热。
要判断各选项的物态变化是否相对应，首先要弄清楚各选项的物态变化特点，然后根据变化前后的物态特征来判断属于哪种物态变化。
3.【答案】C
【解析】
解：A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。故A错误；
B、水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。故B错误；
C、棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大；所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，红光在最上面，紫光在最下方，故C正确；
D、由题干图可知：像呈在视网膜的前方，所以该模型是近视眼，近视眼是由于晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴具有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚。故D错误。
故选：C。
解答此题从以下知识点入手：
（1）漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
（2）从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。
（3）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。
（4）近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；远视眼是晶状体会聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正。
此题涉及到光的漫反射、光的折射、光的色散、近视眼的成因，以及矫正方法等知识点，是一道综合性较强的题目，也是中考的热点。
4.【答案】B
【解析】
解：A、晃动试管，沙子与试管之间发生摩擦，克服摩擦做功，沙子的内能变大，故A错误；
B、烧水使水变热是通过热传递改变了物体的内能，故B正确；
C、气缸内气体被压缩，机械能转化为气体的内能，故C错误。
D、摩擦笔杆，克服摩擦做功，笔杆变热，是通过做功改变了物体的内能，故D错误。
故选：B。
解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
5.【答案】A
【解析】
解：
A、物体间力的作用是相互的，一对相互作用力间的大小相等，所以手对钢片的力等于钢片对手的力，故A错误；
B、重力方向始终竖直向下，故B正确；
C、公共汽车紧急刹车时，乘客会向前倾倒，这是由于乘客具有惯性，故C正确；
D、磁悬浮列车利用了磁极间的相互作用使接触面分离来减小摩擦力，但列车仍然受到阻力作用，故D正确。
故选：A。
（1）物体间力的作用是相互的，一对相互作用力间的大小相等。
（2）重力方向始终竖直向下；
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
（4）减小摩擦了的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、让两接触面分离、变滑动为滚动。
本题围绕一些常见的力学现象，考查了重力方向、减小摩擦力的方法、惯性、相互作用力的特点等，综合性强，要求我们对基本的概念的规律要熟练掌握。
6.【答案】C
【解析】
解：
A、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，可以省力，故A正确；
B、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，也不省距离，故B正确；
C、利用斜面可以省力，但费距离，但不能省功，故C错；
D、使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，故D正确。
故选：C。
（1）动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力、但费距离；
（2）定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，也不省距离；
（3）利用机械可以省力，但费距离，但不能省功；
（4）使用定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向；使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向。
本题考查了杠杆、定滑轮、斜面、滑轮组的特点，要知道：使用机械时，可以省力、可以省距离，但不能省功。
7.【答案】C
【解析】
解：
A、由P=UI可得，电视机正常工作的电流：I==≈0.64A，故A错误；
B、由P=可得，电水壶的电阻为R===48.4Ω，故B错误；
C、由图知，两个小球都带正电，彼此远离，说明同种电荷互相排斥，故C正确；
D、磁极间没有直接接触，通过周围的磁场也可以发生相互作用，故D错误。
故选：C。
（1）已知电视机额定电压和额定功率，利用公式I=得到正常工作的电流；
（2）已知电水壶额定电压和额定功率，利用公式R=得到电阻；
（3）电荷间相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）磁体周围空间存在磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
此题考查了电功率变形公式的应用、电荷间相互作用及磁场的作用，包含的知识点较多，难度不大，熟练掌握基础知识就能正确解答。
8.【答案】D
【解析】
解：A、在压力作用下，海绵发生形变，故我们可以通过观察实验时海绵的凹陷程度来显示压力的作用效果。故A正确；
B、压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大。故用微小压强计可以研究液体压强。故B正确；
C、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故C正确；
D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故D错误。
故选：D。
（1）在探究压力的作用效果时，通过海绵的凹陷程度来表现压力作用效果，这叫做转换法；
（2）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；
（3）托里拆利实验最早测出了大气压的值；
（4）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。
此题涉及到压力的作用效果，探究液体压强的特点实验，连通器原理，大气压的测量方法等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
9.【答案】A
【解析】
解：A、磁场对电流作用是电动机的原理，消耗电能，得到机械能，是电能转化为机械能，故A符合题意。
B、通电导体具有磁性属于电流的磁效应，即消耗电能产生磁能，故B不符合题意。
C、把声音信息转换成电信息，消耗机械能，得到电能，即将机械能转化为电能，是电磁感应现象，故C不符合题意；
D、电磁感应现象将机械能转化为电能，故D不符合题意。
故选：A。
分别分析该题中各个选项所提到的能量的形式的变化，看哪种形式的能量增加了，那种形式的能量减小了，进而判断出能量的转化过程，从而确定是机械能转化为电能的答案。
本题考查电动机、发电机、奥斯特实验的工作时能的转化，是一道基础题。
10.【答案】D
【解析】
解：
A、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电事故，故A符合用电原则；
B、使用测电笔检验插座的相线时，手要接触笔尾金属体，故B符合用电原则；
C、带保险丝的一端与火线连接，中间一条与零线连接，接电水壶外壳的一条与地线连接，故C符合用电原则；
D、灯泡的正确接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；图中开关接在零线上，是错误接法，需要改正，故D不符合用电原则。
故选：D。
（1）发生触电，应先切断电源；
（2）使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体；
（3）对于三线插头和三孔插座的连接，带保险丝的线应与火线连接，才能起到保护作用，另一条与零线连接，才能形成通路，地线应与电水壶的金属外壳连接；
（4）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
本题考查安全用电知识，记住相应的规则是关键。
11.【答案】D
【解析】
解：AC、由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同，故AC错误；
B、左边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为1.5N，0.5N×2×4L≠1.5N×5L，故杠杆不平衡，故C错误；
D、由边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为2N，0.5N×2×6L=2N×3L，故杠杆平衡，故D正确。
故选：D。
动力和阻力应使杠杆转动的方向相反；根据杠杆的平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂进行判断。
本题考查杠杆的平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂，难度不大。
12.【答案】C
【解析】
解：
由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。
（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，
由图乙可知，电源的电压U=3V，电路中的电流I=0.6A，
由I=可得，R1的阻值：
R1===5Ω，故A错误；
（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′=0.2A，R1两端的电压U1=1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UP=U-U1=3V-1V=2V，
则滑动变阻器的最大阻值：
RP===10Ω，
电路消耗的最小功率：
P小=UI′=3V×0.2A=0.6W，故B错误；
（3）因串联电路中各处的电流相等，
所以，当Rp总阻值的接入电路时，Rp与定值电阻消耗的功率：
=====，故C正确；
（4）当电流为0.4A时，电路的总电阻：
R总===7.5Ω，
Rp连入电路的阻值：
RP″=R总-R1=7.5Ω-5Ω=2.5Ω，
所以，R1与Rp连入电路的阻值之比R1：RP″=5Ω：2.5Ω=2：1，故D错误。
故选：C。
定值电阻R1和滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。
（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，根据图乙读出电源的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；
（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图乙读出电路中的最小电流和R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用P=UI求出电路消耗的最小功率；
（3）当Rp总阻值的接入电路时，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出Rp与定值电阻消耗的功率；
（4）当电流为0.4A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出Rp连入电路的阻值，进一步得出R1与Rp连入电路的阻值之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
13.【答案】能量守恒   机械
【解析】
解：自然界中，能量的转化和转移过程都遵守能量守恒定律。
水能和风能的本质都属于机械能，同时也都属于可再生能源，还是一次能源。
故答案为：能量守恒；机械（或可再生、一次）。
能量守恒定律：是各种能量形式互相转换是有方向和条件限制的，能量互相转换时其量值不变，表明能量是不能被创造或消灭的。能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变；
根据能源的实质，不同能源的分类可判断水能和风能的类型。
本题主要考查了对能量守恒定律的了解，以及对水能和风能的认识，属基础知识的考查。
14.【答案】温度计   吸收热量，温度不变
【解析】
解：
（1）“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计和停表；
（2）晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是吸收热量，温度不变。
故答案为：温度计；吸收热量，温度不变。
（1）“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计；
（2）液体沸腾和晶体熔化时都要吸收热量，温度不变。
本题考查熔化和凝固的实验，解答此题的关键是知道熔化和凝固的特点。
15.【答案】信息   电磁波可以在真空中传播
【解析】
解：
（1）驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离，利用了声可以传播信息。
（2）在月球上，表面为真空，真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，所以宇航员不能直接交流而要靠电磁波互相联系。
故答案为：信息；电磁波可以在真空中传播。
（1）声音既可以传递信息，也可以传递能量；
（2）声音的传播需要介质，真空不能够传声；电磁波可以在真空中传播。
本题考查了声音的作用、电磁波的传播特点，属于基础题目。
16.【答案】87.5%   变大
【解析】
解：
（1）由图知n=2，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率：
η=====×100%=87.5%；
（2）若物体重力变大，根据W=Gh知，有用功增加，额外功不变，根据η===可知，滑轮组的机械效率变大。
故答案为：87.5%；变大。
（1）由图知n=2，根据η====求出机械效率。
（2）根据η=，分析额外功、有用功的变化判定机械效率的变化。
本题考查了使用动滑轮机械效率的计算以及影响机械效率的因素，理解相关信息是关键。
17.【答案】4.2×105   0.01
【解析】
解：（1）水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（75℃-25℃）=4.2×105J；
（2）由题知，Q吸=Q放，则由Q放=qV可得需要天然气的体积：
V===0.01m3。
故答案为：4.2×105；0.01。
（1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用Q吸=cm△t计算水吸收热量；
（2）由题知，Q吸=Q放，可利用Q放=qV的变形公式求出需要天然气的体积。
本题综合考查了水吸收热量的计算、燃料燃烧放出热量的计算公式的应用，因条件已给出，难度不大。
18.【答案】力的作用效果   做匀速直线运动
【解析】
解：力是改变物体运动状态的原因，（a）（b）两图相比，（a）图中小车运动的距离短，说明小车在（a）图比在（b）图受到的阻力大，力的作用效果更明显；
小车原来处于运动状态，若（c）图水平面光滑，则小车在水平方向上不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，小车该水平面上将做匀速直线运动。
故答案为：力的作用效果；做匀速直线运动。
接触面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车速度减小得越慢，运动得越远；根据现象推理，若小车不受摩擦力，将做匀速直线运动。
此题考查学生对牛顿第一定律的理解和掌握，本实验应用了控制变量法与科学推理法，掌握该方法的应用是正确解题的关键。
19.【答案】电阻和通电时间   1：2
【解析】
解：由公式Q=I2Rt知，要探究电流热效应与电流的关系，需要控制的条件是电阻和通电时间，改变的是电流大小；
由图知，R1、R2串联，所以I1=I2，t1=t2，
由公式Q=I2Rt知通电10s电流通过R1、R2产生热量之比：
====。
故答案为：电阻和通电时间；1：2。
①电流产生的热量与电流、电阻和通电时间都有关系，要研究电流热效应与电流关系，要保持电阻和通电时间相同；
②由图知，两只电阻串联，通过的电流和通电时间都相同，已知电阻阻值，利用Q=I2Rt比较产生热量关系。
此题考查了焦耳定律的应用，注意探究过程中控制变量法和转换法的应用。
20.【答案】4.12×105  
【解析】
解：（1）海水在此深度处产生的压强p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×40m=4.12×105Pa。
（2）汽车对桥面压强p'==。
故答案为：4.12×105Pa，。
本题应使用液体压强公式p=ρgh和压强公式p=进行求解。
本题考查液体压强与固体压强的计算，使用相关公式直接求解即可，属于简单题。
21.【答案】1：1   1.375
【解析】
解：（1）将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过两灯的电流之比为1：1；
（2）将L1和L2并联在另一电源下工作时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1=2.5V，U2=3.0V，
所以，电路两端的最大电压U=U1=2.5V，此时小灯泡L1正常发光，通过的电流I1=0.3A，
由I=可得，小灯泡L2的电阻：
R2===10Ω，
则通过灯泡L2电流：I2′===0.25A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路中的电流：
I=I1+I2′=0.3A+0.25A=0.55A，
则L1和L2能消耗的总功率最大值：
P=UI=2.5V×0.55A=1.375W。
故答案为：1：1； 1.375。
（1）将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时，根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流之比；
（2）将L1和L2并联在另一电源下工作时它们两端的电压相等，电路的最大电压等于两灯泡额定电压中较小的，根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻和此时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出L1和L2能消耗的总功率最大值。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的。
22.【答案】1   3
【解析】
解：
（1）石块缓慢浸没在水中，V排=V=100cm3=1×10-4m3，
石块受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-4m3=1N，
根据阿基米德原理知，桶中水重（排开水的重）：G排=F浮=1N。
（2）石块静止时，测力计示数：F=G-F浮=4N-1N=3N。
故答案为：1；3。
（1）由阿基米德原理知，物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力；
（2）石块静止时，由称重法求测力计示数。
本题考查阿基米德原理和称重法的应用，关键理解称重法的原理。
23.【答案】解：（1）机器人提升图书速度：
v===0.12m/s；
（2）机器人对书的作用力F=G=200N，
机器人对书做功：
W=Fs=200N×0.6m=120J；
（3）由P=UI得，机器人的电动机工作电流：
I==≈0.83A；
电动机做功：
W=Pt=40W×5s=200J。
答：（1）机器人提升图书速度是0.12m/s；
（2）机器人对书做功为120J；
（3）机器人的电动机工作电流是0.83A；电动机做功为200J。
【解析】

（1）根据v=求出速度；
（2）机器人对书的作用力F=G=200N，根据W=Fs求出机器人对书做功；
（3）根据P=UI求出工作电流；根据W=Pt求出电动机做的功。
此题主要考查的是学生对速度、功、电功率和电功计算公式的理解和掌握，难度不大。
24.【答案】解：过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，如图所示：

【解析】

静止在水平桌面上茶壶，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
25.【答案】解：过平面镜作A点的对称点，即为烛焰上A点在平面镜中所成的像A′．如图所示：

【解析】

平面镜成像的特点是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像、物关于平面镜对称。
本题的关键是抓住平面镜成像特点是像物关于平面镜对称。
26.【答案】量程和分度值   ④①③⑤   2.6
【解析】
解：（1）在用量筒测量矿石的体积时，首先要观察量筒的量程和分度值；
（2）正确且合理测量质量的操作顺序为现将游码归零，然后调节横梁平衡，将矿石放在左盘，右盘放砝码，此时横梁不平衡，应增减砝码或移动游码，不能再调节平衡螺母，故②是错误的，③正确；再用排水法测量矿石体积；故正确且合理测量质量的操作顺序④①③⑤；
（3）由图③可得，矿石质量m=52g，由⑤可知，矿石的体积V=60ml-40ml=20ml=20cm3，
矿石的密度ρ===2.6g/cm3，
将矿石从量筒中取出，矿石上沾有水，并记下此时量筒中水面的刻度值V3；
直接放在天平上测质量记为m测，导致质量偏大，将它处理复原后，质量无影响；
浸没在量筒的水中，记下此时水面的刻度值V4，由于将矿石从量筒中取出时带走一部分水，导致矿石测量体积偏大，由ρ=可知，密度偏小。
故答案为：（1）量程和分度值；（2）④①③⑤；2.6；（3）见解答部分。
（1）在测量体积之前，要观察量筒的量程和分度值；
（2）先调零，再调节横梁平衡，由此可知合理测量质量的操作顺序；读出矿石的质量和体积，利用密度公式计算密度；
（3）将矿石从量筒中取出，矿石上沾有水，并记下此时量筒中水面的刻度值V3；
直接放在天平上测质量记为m测，导致质量偏大，根据密度公式分析。
本题是有关固体密度的测量实验，测量密度的实验题是常规性实验题，要掌握天平、量筒的正确使用及密度的计算公式。
27.【答案】物距大于2f   40cm
【解析】
解：（1）物体成倒立缩小的实像，凸透镜成这种像的条件是物距大于2f；
凸透镜成像时，在一倍焦距以内成虚像，虚像都不能呈现在光屏上，所以50cm-40cm=10cm 即40cm 处；
（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大。
（3）①在物距大于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
②在物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
故答案为：（1）物距大于2f；40cm；（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大；
（3）在物距大于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
（1）解决此题需掌握凸透镜成像的特点：
物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，像距f和2f之间，照相机根据这个原理制成；
物距等于2f，凸透镜成倒立等大的实像，据此可以确定凸透镜的焦距；
物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立缩小的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；
物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成；
（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，然后进行比较。
（3）在物距大于二倍焦距时（或物距大于一倍焦距小于二倍焦距时），当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
掌握凸透镜成像的几种成像情况是解决此题的关键。
28.【答案】0.32   0.8
【解析】
解：（1）①变阻器按一上一下接入电路中，电压表与灯并联，如下所示：

②如图2，电流表选用小量程，分度值为0.02A，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数是0.32A，灯泡额定功率是：
P=UI=2.5V×0.32A=0.8W；
（2）电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程，灯泡实际功率越大，表示单位时间电流做的功越多，即转化成的光能越大，故灯越亮；
（3）由欧姆定律，灯正常发光时的电阻为：
R===A，允许加在小灯泡两端的最大电压为1.2U额=3V，因灯的电阻随温度的升高而