四川省南充市2019年中考物理真题试题（含解析）.doc

2019年四川省南充市中考物理试卷
一、选择题（1-8题为单项选择题，每题2分；9-10题为多选题，全部选对的3分，部分选对的2分，有错的得0分；选择题，共10 小题，共22分。将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上）（）
1．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．声音的传播速度为340m/s
B．声音的音调与物体的振幅有关
C．利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度
D．汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声
【解析】A、声音在空气中的传播速度是340m/s，故A错误；B、声音的音调与频率有关，故B错误；C、超声波具有较强的穿透性，并且能够传递信息，所以人们利用超声波可以确定鱼群位置和海水深度，故C错误；D、汽车排气管上安装消声器是在噪声的声源处减弱噪声，故D正确。
【答案】D。
2．（2分）下列现象中属于光的折射现象的是（　　）
A．坐井观天 B．杯弓蛇影 C．海市蜃楼 D．一叶障目
【解析】A、坐井观天指在井中看到的天空只有井口那么大，这是光的直线传播造成的，故A不符合题意；B、杯弓蛇影是指弓在水中成像，属于平面镜成像，是光的反射造成的，故B不符合题意；C、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故C符合题意；D、一叶障目由于光沿直线传播形成的，故D不符合题意。
【答案】C。
3．（2分）下列说法中，错误的是（　　）
A．人体正常体温约为37℃
B．秋冬的早晨出现的雾属于汽化现象
C．物体温度降低时内能减少，温度升高时内能增加
D．热机是将内能转化为机械能的机械
【解析】A、人体正常体温在37℃左右，变化幅度很小，故A正确；B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；C、温度影响物体的内能，温度升高时内能增加；温度降低时内能减少，故C正确；D、热机是利用燃料燃烧释放的内能来做功的，所以是将内能转化为机械能的装置，故D正确。
【答案】B。
4．（2分）以下说法中，正确的是（　　）
A．飞机前进时机翼上方气流的速度较小，对机翼上表面的压强较大
B．一个标准大气压可以支持760cm高的水银柱
C．书包带较宽是为了减小压强
D．匀速上升的飞机，机械能保持不变
【解析】A、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以在相同时间内，空气通过机翼上表面的气流路程较长，流速大，对机翼上表面的压强较小。故A错误；B、1标准大气压所能支持的水银柱的高度是76cm。故B错误；C、书包带较宽是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故C正确；D、飞机匀速上升过程中，质量不变、速度不变，动能不变，但是高度升高，所以重力势能增大，故机械能增大，故D错误。
【答案】C。
5．（2分）如图，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，力F的大小将（　　）

A．变大 B．不变 C．变小 D．不能确定
【解析】如图，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，阻力的大小不变（等于物重G），阻力臂变大，动力臂不断变小，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，动力将变大。

【答案】A。
6．（2分）下列做法中不符合安全用电原则的是（　　）
A．高大建筑物的顶端都要安装避雷针
B．把用电器的三脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用
C．及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线
D．不接触低压带电体，不靠近高压带电体
【解析】A、高大建筑物为避免发生雷击，顶端要安装避雷针，故A符合安全用电原则；B、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用（即用电器的金属外壳没有接地），这样当金属外壳漏电时，电流不能导向大地，会发生触电事故，故B不符合安全用电原则；C、电线的绝缘皮破损老化、破损时应及时更换，否则容易发生触电事故或短路（即火线和零线直接连通），故C符合安全用电原则；D、安全用电的基本原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故D符合安全用电原则。
【答案】B。
7．（2分）下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是（　　）
A． B．
C． D．
【解析】A、图中是通电螺线管，是利用电流的磁效应制成的，故A不符合题意；B、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B不符合题意；C、图中没有电源，是交流发电机的示意图，是根据电磁感应现象工作的，故C不符合题意；D、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，故D符合题意。
【答案】D。
8．（2分）AB两个实心球，已知，，现将两球放入水中后，静止时受到的浮力之比为，则两球在水中静止时所处状态可能是（　　）
A．两球均漂浮 B．两球均浸没
C．A球浸没B球漂浮 D．B球浸没A球漂浮
【解析】由题知，，，则AB两个实心球的质量之比：，由G＝mg可得，两球的重力之比：，A、如果A、B都漂浮，则物体受到的浮力都等于物体的重力，所以浮力之比应该等于重力之比，即浮力之比为2：3，不是6：5，故A错误。B、如果A、B都浸没在水中，则物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮＝ρ水gV排可知，物体受到的浮力跟物体排开水的体积成正比，所以A、B受到的浮力之比应该为1：2，不是6：5，故B错误。CD、因A、B两球既不是都漂浮，又不是都浸没，所以只能是一个漂浮、一个浸没，并且密度大的浸没，密度小的漂浮，因为，所以可以判断A球浸没、B球漂浮，故C正确，D错误。
【答案】C。
9．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．力是改变物体运动状态的原因
B．放在水平桌面上的书，受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力
C．刹车时人会受到向前的惯性力
D．人沿杆竖直向上匀速爬行时，所受摩擦力方向竖直向上
【解析】A、力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动状态的原因，故A正确；B、放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B正确；C、惯性是物体的一种属性，不是力，不能说受到惯性力的作用，故C错误；D、人沿杆竖直向上匀速爬行时，摩擦力与重力平衡，大小相等、方向相反，因为重力方向竖直向下，所以所受摩擦力方向竖直向上，故D正确。
【答案】ABD。
10．（3分）如图电源电压恒为9V，灯L标有“3V 1.5W”（灯L电阻不受温度影响），滑动变阻器R的规格为“0～30Ω”，闭合开关S，当R的滑片移到M点时，灯L正常发光，此时下列分析正确的是（　　）

A．灯L的电阻为6Ω
B．电压表V1示数为6V
C．R接入电路中的阻值为18Ω
D．电路消耗的总功率为4.5W
【解析】由图知，灯和滑动变阻器是串联的，电压表V1并联在电源两端，则V1测电源电压，电压表V2和灯泡并联，则V2测量灯泡的电压，当R的滑片移到M点时，灯泡正常发光，由P＝UI可得，电路中的电流：I0.5A，则灯L的电阻：RL6Ω，故A正确。已知电源电压恒为9V，V1测电源电压，所以V1的示数为9V，故B错误。此时灯L正常发光，则UL＝3V，滑动变阻器两端电压为：U'＝U﹣UL＝9V﹣3V＝6V，滑动变阻器接入电路中的阻值：R'12Ω，故C错误。电路消耗的功率为：P＝UI＝9V×0.5A＝4.5W，故D正确。
【答案】AD。
二、填空题（每空1分，共18分）
11．（2分）小明在探究“凸透镜成像规律”的实验中他把蜡烛放在距透镜30cm时，在光屏上形成清晰缩小的像，此时的成像特点可应用于　照相机　（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。现将蜡烛向透镜方向移动10cm，要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏　远离　透镜（填“远离”或“靠近”）。
【解析】把蜡烛放在距透镜30cm时，物距为30cm，在光屏上形成清晰缩小的像，则u＞2f，此时的成像特点可应用于照相机。
现将蜡烛向透镜方向移动10cm，物距减小，像距增大、像变大，则要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜方向移动。
【答案】照相机；远离。
12．（2分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于　可再生　能源（填“可再生”或“不可再生”）；4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是靠　电磁波　来传输的，华为5G时代即将来临，将会让人们的生活更加方便快捷。
【解析】（1）太阳能可以从自然界中源源不断的得到，属于可再生能源；
（2）4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是由电磁波来传递信息的。
【答案】可再生；电磁波。
13．（2分）如图，容器中装有深度为10cm，质量为60g的水，已知容器的质量为30g，底面积为5cm2，容器底部受到水的压强为　1000　Pa，容器对水平桌面的压强是　1800　Pa．（ρ水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg）

【解析】（1）水的深度h＝10cm＝0.1m，
容器底部受到水的压强：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
（2）质量为60g的水，容器的质量为30g，总质量为：
m＝60g+30g＝90g，
重力为：G＝mg＝90×10﹣3 kg×10N/kg＝0.9N
水平桌面受到容器的压力：
F＝G＝0.9N，
容器对桌面的压强：p=1800Pa。
【答案】1000；1800。
14．（2分）小红参加校运动会百米赛跑，跑完全程用时15s，则全程的平均速度是　6.7　m/s（结果保留一位小数），以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物是　运动　的（填“运动”或“静止”）。
【解析】（1）小红的平均速度v6.7m/s；
（2）以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物相对于小红的位置不断变化，故建筑物是运动的。
【答案】6.7；运动。
15．（2分）将物体A放在水平面上，在水平拉力F1作用下，以V1＝4m/s的速度向右匀速运动，在同一水平面上，物体A受到水平拉力F2作用时，以V2＝6m/s的速度向右匀速运动两次移动的距离相同，则两次拉力做功W1　＝　W2（填“＞”、“＜”或“＝”），两次拉力的功率P1　＜　P2（填“＞”、“＜”或“＝”）。
【解析】将物体A放在水平面上，在水平拉力作用下，以一定的速度向右匀速运动；同一物体在同一水平面上，压力的大小与接触面的粗糙程度均不变，则摩擦力大小不变，根据二力平衡条件可知，水平拉力都等于摩擦力，即F1＝F2＝f；
两次拉力相等，两次移动的距离也相同，根据W＝Fs可知，拉力做的功相等，即W1＝W2；
两次拉力相等，v1＝4m/s，v2＝6m/s，由P＝Fv可知，两次拉力的功率P1＜P2。
【答案】＝；＜。
16．（2分）弹簧测力计下悬挂一物体，当物体的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为5N，当物体的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为3N，现将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时所受浮力是　9　N，该物体的密度为　0.75×103　kg/m3．（ρ水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg）
【解析】（1）当物体的体积浸入水中时，排开水的体积为V，弹簧测力计示数为5N，
根据称重法测浮力：G﹣F浮＝F和阿基米德原理有：
G﹣ρ水gV5N﹣﹣﹣﹣﹣①；
当物体的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为3N，同理有：
G﹣ρ水gV3N﹣﹣﹣﹣﹣②；
① ﹣②得：ρ水gV＝12N﹣﹣﹣﹣﹣③，
将③代入①得：
G＝12N5N＝9N；
由③知，物体浸没受到的浮力为12N＞9N，由物体的浮沉条件，将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时处于漂浮状态，由漂浮的特点，物体所受浮力是：
F＝G＝9N；
（2）由③得物体的体积：V；
该物体的密度为：
Ρ=0.75×103kg/m3。
【答案】9；0.75×103。
17．（2分）如图是电热饮水机电路原理图，已知R1＝100Ω，R2＝20Ω，当开关S1、S2闭合时，饮水机处于　加热　状态（填“保温”或“加热”），饮水机的保温功率与加热功率之比为　1：6　。

【解析】（1）当S闭合、S1断开时电路为R1的简单电路，当开关S1、S2都闭合时R1与R2并联，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，当开关S，S1都闭合时，电路中的总电阻最小，
由P可知，电路中的总功率最大，饮水机处于加热状态；
（2）饮水机处于保温状态时，电路为R1的简单电路，则电路的总功率：P保温；
饮水机处于加热状态时，R1与R2并联，加热功率为：P加热，
所以饮水机的保温功率与加热功率之比：1：6。
【答案】加热；1：6。
18．（2分）如图，灯L标有“4V 2W”，R＝20Ω，闭合开关S时，灯L正常发光（灯丝的电阻不受温度影响），电流表示数为　0.7　A，通电1min电路中产生的热量为　168　J。

【解析】由图知R与L并联，电流表测干路电流，灯L正常发光，
所以U＝UR＝UL＝4V，
由P＝UI可得通过灯泡的电流：IL0.5A，
由欧姆定律可得通过R的电流：IR0.2A，
由并联电路的电流特点可得电流表示数：I＝IL+IR＝0.5A+0.2A＝0.7A；
通电1min电路中产生的热量：Q＝W＝UIt＝4V×0.7A×60s＝168J。
【答案】0.7；168。
19．（2分）如图甲所示电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3W字样，图乙是通过小灯泡的电功率随其两端电压变化的图象。滑动变阻R1的最大值为40Ω，定值电阻R2＝10Ω，当闭合S、S1、断开S2、P在中点时，R2的功率为0.9W，电源电压为　9　V，当闭合S、S2、断开S1、小灯泡功率为1.6W时，滑动变阻器连入电路中的阻值　12.5　Ω。

【解析】（1）当闭合S、S1、断开S2时，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，
P在中点时，R2的功率为0.9W，
根据P＝I2R2知，此时电路的电流为：I=0.3A，
根据I可得，电源电压为：U＝I（R2）＝0.3A9V；
（2）当闭合S、S2、断开S1时，滑动变阻器R1与小灯泡串联，根据图乙知，当小灯泡的电功率为1.6W时，小灯泡两端的电压为4V，
根据P＝UI知，此时电路的电流：I′=0.4A，
根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压：U2＝U﹣UL＝9V﹣4V＝5V，
则滑动变阻器连入电路中的阻值：R′2=12.5Ω。
【答案】9；12.5。
三、探究与解答题（共30分，第20、21小题各2分，第22、23小题各3分，第24题4分，第25、26小题各8分）
20．（2分）如图，在舞蹈室的墙面上装有一块平面镜，王老师用一激光笔从S点照向镜面，在地面上P点看到一光斑，请用平面镜成像特点完成光路图。

【解析】根据像与物体关于平面镜对称先作出S的像点S'，连接S'P，与平面镜的交点即为入射点，再连接A与入射点连线为入射光线，P与入射点连线为反射光线，如图所示：

21．（2分）如图，物体A放在斜面上处于静止状态，在图中画出A所受重力G和对斜面的压力F的示意图。

【解析】过物体的重心画一条竖直向下的带箭头的线段，符号为G，即为重力的示意图；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为F，即为压力的示意图。如图所示：

22．（3分）如图，小红同学在“测量盐水的密度”实验中，操作步骤如下：

（1）把天平放在水平桌面上，游码放在零刻度线，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向　左　（填“左”或“右”）调节，直到横梁水平平衡。
（2）已知空烧杯的质量为28g，现将适量盐水装入烧杯，并放在天平的左盘，测量其质量，待天平平衡时，如图乙所示。然后将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图丙所示由此计算出盐水的密度为　1.1×103　kg/m3。
（3）小红同学此次实验操作测得的盐水密度将偏　大　（填“大”或“小”）。
【解析】（1）把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处后，由图甲知，指针偏右，此时应将左端的平衡螺母向左调节，直到指针对准分度盘中央的刻度线；
（2）由图乙知，天平标尺的分度值为0.2g，盐水和烧杯的总质量＝50g+20g+20g+4g＝94g，盐水的质量为94g﹣28g＝66g；盐水的体积V＝60ml＝60cm3，
盐水的密度ρ1.1g/cm3＝1.1×103kg/m3；
（3）把烧杯中的盐水全部倒入量筒中测体积时，由于烧杯内壁粘有盐水，所以测得体积V偏小，根据ρ可知，所测盐水密度偏大。
【答案】（1）左；（2）1.1×103；（3）偏大。
23．（3分）如图甲是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置：

（1）两个相同的烧杯中装有　质量　相同且初温相同的水和煤油，用相同的酒精灯对它们加热。
（2）根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（见图乙）。
由图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，吸收的热量　不相同　（填“相同”或“不相同”），计算出煤油的比热容是　2.1×103　J/（kg•℃）。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【解析】（1）要探究“不同物质吸热规律”，需要控制物质的质量和热源相同，所以要使水和煤油质量和初温相同，用相同的酒精灯对它们加热；
（2）由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即水吸收的热量是煤油的2倍，
根据c可知，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，
故煤油的比热容：c煤油c水4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）。
【答案】（1）质量；（2）不相同；2.1×103。
24．（4分）如图是“测量小灯泡电阻”的实验装置电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V。
（1）检查无误后，闭合开关滑动变阻器的滑片向左移动，请写出A表、V表的示数变化情况：　电流表示数变大，电压表示数变大　。
（2）移动滑片获得了表格中的实验数据：
实验次数
发光情况
电压
U/V
电流
I/A
灯丝电阻
1
刚发光
1.5
0.2

2
暗
2.5
0.30
8.3
3
亮
3.8
0.42
9.0
请计算出第1次实验时灯丝的电阻，R1＝　7.5　Ω。
（3）分析数据及实验现象可知：灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯丝的电阻与　温度　有关。
（4）现电压表0～15V量程损坏，而0～3V量程完好，在不增减器材的情况下，请设计测量小灯泡额定功率的实验，写出必要的调整步骤：　将电压表并联在变阻器两端，当电压表示数为：6V﹣3.8V＝2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据P＝UI计算即可　。

【解析】（1）图中，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，电压表测灯的电压，检查无误后，闭合开关滑动变阻器的滑片向左移动，变阻器连入电路的电阻变小，电路的电阻变小，由欧姆定律，电流示数变大，根据I＝IR，电压表示数变大；
（2）根据表中数据，由欧姆定律，请计算出第1次实验时灯丝的电阻，R1=7.5Ω。
（3）分析数据及实验现象可知：灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯丝的电阻与温度有关。
（4）现电压表0～15V量程损坏，而0～3V量程完好，将电压表并联在变阻器两端，根据串联电路电压的规律，当电压表示数为：6V﹣3.8V＝2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据P＝UI计算即可。
【答案】（1）电流表示数变大，电压表示数变大；（2）7.5；（3）温度；
（4）将电压表并联在变阻器两端，当电压表示数为：6V﹣3.8V＝2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据P＝UI计算即可。
25．（8分）如图，电源电压不变，定值电阻R1＝6Ω，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0～3V，滑动变阻器R2的规格为“40Ω 1A”，闭合开关后，当滑片P置于M点时，电流表示数为0.3A，当滑片P置于N点时，电流表示数变化了0.1A，且滑动变阻器连入电路中的阻值。
（1）求定值电阻R1前后两次电功率之比；
（2）求电源电压；
（3）在不损坏元件的情况下，求出滑动变阻器的取值范围。

【解析】（1）滑片由M点滑到N点，电阻变大，电路中的电流减小，所以滑片P置于N点时电路中的电流：IN＝IM﹣0.1A＝0.3A﹣0.1A＝0.2A，
定值电阻R1前后两次电功率之比：9：4；
（2）滑片P置于M点时，电源电压U＝IM（R1+RM），
滑片P置于N点时，电源电压U＝IN（R1+RN），
RN＝2RM，
所以0.3A×（R1+RM）＝0.2A×（R1+2RM），
解得RM＝R1＝6Ω，
电源电压：
U＝IM（R1+RM）＝0.3A×（6Ω+6Ω）＝3.6V；
（3）根据电流表量程和滑动变阻器规格可知，电路中的最大电流为I大＝0.6A，
由欧姆定律可得，电路总电阻：R=6Ω，
滑动变阻器连入电路的最小阻值：
R滑小＝R﹣R1＝6Ω﹣6Ω＝0Ω；
电压表的量程为0～3V，滑动变阻器两端的最大电压U滑＝3V，
R1两端的电压U1＝U﹣U滑＝3.6V﹣3V＝0.6V，
根据串联电路的分压特点可知：，，
解得R滑大＝30Ω，
所以在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为0Ω～30Ω。
【答】（1）定值电阻R1前后两次电功率之比为9：4；
（2）电源电压为3.6V；
（3）在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为0Ω～30Ω。
26．（8分）如图，杠杆在水平位置平衡，物体M1重为500N，OA：OB＝2：3，每个滑轮重为20N，滑轮组的机械效率为80%，在拉力F的作用下，物体M2以0.5m/s速度匀速上升了5m。（杠杆与绳的自重、摩擦均不计）
求：（1）物体M2的重力；
（2）拉力F的功率；
（3）物体M1对水平面的压力。

【解析】（1）因杠杆与绳的自重、摩擦均不计，故克服动滑轮重力做的功为额外功，
则滑轮组的机械效率：η，即：80%，
解得物体M2的重力：G＝80N；
（2）由图知，绳子的有效段数为2，绳的自重、摩擦均不计，则作用在绳子自由端的拉力：F=50N；
物体M2以0.5m/s速度匀速上升了h，绳子自由端移动的距离为：s＝2h，
由v可得绳子自由端的速度为：
v绳＝2v＝2×0.5m/s＝1m/s；
拉力F的功率：
P=Fv绳＝50N×1m/s＝50W；
（3）由力的平衡条件可得，B端对定滑轮向上的拉力：
F′B＝3F+G定＝3×50N+20N＝170N，
根据力的作用是相互的，则定滑轮对杠杆B端的拉力为：FB＝F′B＝170N，
根据杠杆的平衡条件可得：FA×OA＝FB×OB，
故绳子对杠杆A端的拉力为：FAFB170N＝255N，
力的作用是相互的，则绳子对M1向上的拉力为FA′＝FA＝255N，
根据力的平衡，地面对M1的支持力：
F支＝G1﹣FA′＝500N﹣255N＝245N；
由力的相互性可知，物体M1对水平面的压力：
F压＝F支＝245N。
【答】（1）物体M2的重力为80N；
（2）拉力F的功率为50W；
（3）物体M1对水平面的压力为245N。

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