2018年青海省中考数学试卷（含解析版）.doc

2018年青海省中考数学试卷
一、填空题（本大题共12小题15空，每空2分，共30分）.
1．（4分）﹣的倒数是　 　；4的算术平方根是　 　．
2．（4分）分解因式：x3y﹣4xy=　 　；不等式组的解集是　 　
3．（2分）近年来，党和国家高度重视精准扶贫，收效显著，据不完全统计约有65000000人脱贫，65000000用科学记数法表示为　 　．
4．（2分）函数y=中自变量x的取值范围是　 　．
5．（2分）如图，直线AB∥CD，直线EF与AB、CD相交于点E、F，∠BEF的平分线EN与CD相交于点N．若∠1=65°，则∠2=　 　．

6．（2分）如图，将Rt△ABC绕直角顶点C顺时针旋转90°，得到△DEC，连接AD，若∠BAC=25°，则∠BAD=　 　．

7．（2分）如图，四边形ABCD与四边形EFGH位似，其位似中心为点O，且=，则=　 　．

8．（2分）某水果店销售11元，18元，24元三种价格的水果，根据水果店一个月这三种水果销售量的统计图（如图），可计算出该店当月销售出水果的平均价格是　 　元．

9．（2分）如图，A、B、C是⊙O上的三个点，若∠AOC=110°，则∠ABC=　 　．

10．（2分）在△ABC中，若|sinA﹣|+（cosB﹣）2=0，则∠C的度数是　 　．
11．（2分）如图，用一个半径为20cm，面积为150πcm2的扇形铁皮，制作一个无底的圆锥（不计接头损耗），则圆锥的底面半径r为　 　cm．

12．（4分）如图，下列图案是由火柴棒按某种规律搭成的，第（1）个图案中有2个正方形，第（2）个图案中有5个正方形，第（3）个图案中有8个正方形……，则第（5）个图案中有　 　个正方形，第n个图案中有　 　个正方形．

二、单项选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分.请将正确的选项序号填入下面相应题号的表格内）.
13．（3分）关于一元二次方程x2﹣2x﹣1=0根的情况，下列说法正确的是（　　）
A．有一个实数根 B．有两个相等的实数根
C．有两个不相等的实数根 D．没有实数根
14．（3分）用扇形统计图反映地球上陆地面积与海洋面积所占比例时，陆地面积所对应的圆心角是108°，当宇宙中一块陨石落在地球上，则落在陆地上的概率是（　　）
A． B． C． D．
15．（3分）若P1（x1，y1），P2（x2，y2）是函数y=图象上的两点，当x1＞x2＞0时，下列结论正确的是（　　）
A．0＜y1＜y2 B．0＜y2＜y1 C．y1＜y2＜0 D．y2＜y1＜0
16．（3分）某班举行趣味项目运动会，从商场购买了一定数量的乒乓球拍和羽毛球拍作为奖品．若每副羽毛球拍的价格比乒乓球拍的价格贵6元，且用400元购买乒乓球拍的数量与用550元购买羽毛球拍的数量相同．设每副乒乓球拍的价格为x元，则下列方程正确的是（　　）
A．= B．=
C．= D．=
17．（3分）由一些相同的小立方块搭成的几何体的三视图如图所示，则搭成该几何体的小立方块有（　　）

A．3块 B．4块 C．6块 D．9块
18．（3分）小桐把一副直角三角尺按如图所示的方式摆放在一起，其中∠E=90°，∠C=90°，∠A=45°，∠D=30°，则∠1+∠2等于（　　）

A．150° B．180° C．210° D．270°
19．（3分）如图，把直角三角形ABO放置在平面直角坐标系中，已知∠OAB=30°，B点的坐标为（0，2），将△ABO沿着斜边AB翻折后得到△ABC，则点C的坐标是（　　）

A．（2，4） B．（2，2） C．（） D．（，）
20．（3分）均匀地向一个容器注水，最后将容器注满．在注水过程中，水的高度h随时间t的变化规律如图所示，这个容器的形状可能是（　　）

A． B． C． D．

三、（本大题共3小题，第21题5分，第22题题5分，第23题8分，共18分）.
21．（5分）计算：tan30°++（﹣）﹣1+（﹣1）2018

22．（5分）先化简，再求值：（1﹣）÷，其中m=2+．

23．（8分）如图，在平行四边形ABCD中，E为AB边上的中点，连接DE并延长，交CB的延长线于点F．
（1）求证：AD=BF；
（2）若平行四边形ABCD的面积为32，试求四边形EBCD的面积．

四、（本大题共3小题，第24题8分，第25题8分，第26题9分，共25分）.
24．（8分）如图，同学们利用所学知识去测量三江源某河段某处的宽度．小宇同学在A处观测对岸点C，测得∠CAD=45°，小英同学在距点A处60米远的B点测得∠CBD=30°，请根据这些数据算出河宽（精确到0.01米，≈1.414，≈1.732）．

25．（8分）如图△ABC内接于⊙O，∠B=60°，CD是⊙O的直径，点P是CD延长线上一点，且AP=AC．
（1）求证：PA是⊙O的切线；
（2）若PD=，求⊙O的直径．

26．（9分）某中学为了解学生对新闻、体育、娱乐、动画四类电视节目的喜爱情况，进行了统计调查．随机调查了某班所有同学最喜欢的节目（每名学生必选且只能选择四类节目中的一类）并将调查结果绘成如下不完整的统计图．根据两图提供的信息，回答下列问题：
（1）最喜欢娱乐类节目的有　 　人，图中x=　 　；
（2）请补全条形统计图；
（3）根据抽样调查结果，若该校有1800名学生，请你估计该校有多少名学生最喜欢娱乐类节目；
（4）在全班同学中，有甲、乙、丙、丁等同学最喜欢体育类节目，班主任打算从甲、乙、丙、丁4名同学中选取2人参加学校组织的体育知识竞赛，请用列表法或树状图求同时选中甲、乙两同学的概率．

五、（本大题共2小题，第27题11分，第28题12分，共23分）.
27．（11分）请认真阅读下面的数学小探究系列，完成所提出的问题：

（1）探究1：如图1，在等腰直角三角形ABC中，∠ACB=90°，BC=a，将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，连接CD．求证：△BCD的面积为a2．（提示：过点D作BC边上的高DE，可证△ABC≌△BDE）
（2）探究2：如图2，在一般的Rt△ABC中，∠ACB=90°，BC=a，将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，连接CD．请用含a的式子表示△BCD的面积，并说明理由．
（3）探究3：如图3，在等腰三角形ABC中，AB=AC，BC=a，将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，连接CD．试探究用含a的式子表示△BCD的面积，要有探究过程．

28．（12分）如图，抛物线y=ax2+bx+c与坐标轴交点分别为A（﹣1，0），B（3，0），C（0，2），作直线BC．
（1）求抛物线的解析式；
（2）点P为抛物线上第一象限内一动点，过点P作PD⊥x轴于点D，设点P的横坐标为t（0＜t＜3），求△ABP的面积S与t的函数关系式；
（3）条件同（2），若△ODP与△COB相似，求点P的坐标．

2018年青海省中考数学试卷
参考答案与试题解析

一、填空题（本大题共12小题15空，每空2分，共30分）.
1．（4分）﹣的倒数是　﹣5　；4的算术平方根是　2　．
【考点】22：算术平方根；28：实数的性质．
【专题】1：常规题型；511：实数．
【分析】根据倒数和算术平方根的定义计算可得．
【解答】解：﹣的倒数是﹣5、4的算术平方根是2，
故答案为：﹣5、2．
【点评】本题主要考查实数，解题的关键是掌握倒数和算术平方根的定义．
2．（4分）分解因式：x3y﹣4xy=　xy（x+2）（x﹣2）　；不等式组的解集是　﹣3≤x＜2　
【考点】55：提公因式法与公式法的综合运用；CB：解一元一次不等式组．
【专题】11：计算题．
【分析】根据因式分解和不等式组的解法解答即可．
【解答】解：x3y﹣4xy=xy（x+2）（x﹣2），
解不等式组可得：
﹣3≤x＜2，
故答案为：xy（x+2）（x﹣2）；﹣3≤x＜2．
【点评】此题考查因式分解，关键是根据因式分解和不等式组的解法解答．
3．（2分）近年来，党和国家高度重视精准扶贫，收效显著，据不完全统计约有65000000人脱贫，65000000用科学记数法表示为　6.5×107　．
【考点】1I：科学记数法—表示较大的数．
【专题】1：常规题型．
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：将65000000用科学记数法表示为：6.5×107．
故答案为：6.5×107．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
4．（2分）函数y=中自变量x的取值范围是　x≥﹣2且x≠1　．
【考点】E4：函数自变量的取值范围．
【分析】根据被开方数大于等于0，分母不等于0列式计算即可得解．
【解答】解：由题意得，x+2≥0且x﹣1≠0，
解得x≥﹣2且x≠1．
故答案为：x≥﹣2且x≠1．
【点评】本题考查了函数自变量的范围，一般从三个方面考虑：
（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；
（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；
（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数非负．
5．（2分）如图，直线AB∥CD，直线EF与AB、CD相交于点E、F，∠BEF的平分线EN与CD相交于点N．若∠1=65°，则∠2=　50°　．

【考点】JA：平行线的性质．
【专题】551：线段、角、相交线与平行线．
【分析】先根据平行线的性质求出∠BEN的度数，再由角平分线的定义得出∠BEF的度数，根据平行线的性质即可得出∠2的度数．
【解答】解：∵AB∥CD，∠1=65°，
∴∠BEN=∠1=65°．
∵EN平分∠BEF，
∴∠BEF=2∠BEN=130°，
∴∠2=180°﹣∠BEF=180°﹣130°=50°．
故答案为：50°．

【点评】本题考查的是平行线的性质，角平分线定义．解题时注意：两直线平行，内错角相等；两直线平行，同旁内角互补．
6．（2分）如图，将Rt△ABC绕直角顶点C顺时针旋转90°，得到△DEC，连接AD，若∠BAC=25°，则∠BAD=　70°　．

【考点】R2：旋转的性质．
【专题】1：常规题型；558：平移、旋转与对称．
【分析】根据旋转的性质可得AC=CD，再判断出△ACD是等腰直角三角形，然后根据等腰直角三角形的性质求出∠CAD=45°，由∠BAD=∠BAC+∠CAD可得答案．
【解答】解：∵Rt△ABC绕其直角顶点C按顺时针方向旋转90°后得到Rt△DEC，
∴AC=CD，
∴△ACD是等腰直角三角形，
∴∠CAD=45°，
则∠BAD=∠BAC+∠CAD=25°+45°=70°，
故答案为：70°．
【点评】本题考查了旋转的性质，等腰直角三角形的判定与性质，熟记各性质并准确识图是解题的关键．
7．（2分）如图，四边形ABCD与四边形EFGH位似，其位似中心为点O，且=，则=　　．

【考点】SC：位似变换．
【专题】1：常规题型．
【分析】直接利用位似图形的性质结合位似比等于相似比得出答案．
【解答】解：∵四边形ABCD与四边形EFGH位似，其位似中心为点O，且=，
∴=，
则==．
故答案为：．
【点评】此题主要考查了位似变换，正确掌握位似图形的性质是解题关键．
8．（2分）某水果店销售11元，18元，24元三种价格的水果，根据水果店一个月这三种水果销售量的统计图（如图），可计算出该店当月销售出水果的平均价格是　15.3　元．

【考点】W2：加权平均数．
【专题】1：常规题型；542：统计的应用．
【分析】根据加权平均数的计算方法，分别用单价乘以相应的百分比，计算即可得解．
【解答】解：该店当月销售出水果的平均价格是11×60%+18×15%+24×25%=15.3（元），
故答案为：15.3．
【点评】本题考查扇形统计图及加权平均数，解题的关键是掌握扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小及加权平均数的计算公式．
9．（2分）如图，A、B、C是⊙O上的三个点，若∠AOC=110°，则∠ABC=　125°　．

【考点】M5：圆周角定理．
【分析】首先在优弧AC上取点D，连接AD，CD，由由圆周角定理，可求得∠ADC的度数，又由圆的内接四边形的性质，求得∠ABC的度数．
【解答】解：如图，在优弧AC上取点D，连接AD，CD，
∵∠AOC=100°，
∴∠ADC=∠AOC=55°，
∴∠ABC=180°﹣∠ADC=125°．
故答案为：125°．

【点评】此题考查了圆周角定理以及圆的内接四边形的性质．此题难度不大，注意掌握辅助线的作法，注意掌握数形结合思想的应用．
10．（2分）在△ABC中，若|sinA﹣|+（cosB﹣）2=0，则∠C的度数是　90°　．
【考点】16：非负数的性质：绝对值；1F：非负数的性质：偶次方；T5：特殊角的三角函数值．
【分析】先根据非负数的性质求出sinA=，cosB=，再由特殊角的三角函数值求出∠A与∠B的值，根据三角形内角和定理即可得出结论．
【解答】解：∵在△ABC中，|sinA﹣|+（cosB﹣）2=0，
∴sinA=，cosB=，
∴∠A=30°，∠B=60°，
∴∠C=180°﹣30°﹣60°=90°．
故答案为：90°．
【点评】本题考查的是特殊角的三角函数值，熟记各特殊角度的三角函数值是解答此题的关键．
11．（2分）如图，用一个半径为20cm，面积为150πcm2的扇形铁皮，制作一个无底的圆锥（不计接头损耗），则圆锥的底面半径r为　7.5　cm．

【考点】MP：圆锥的计算．
【专题】559：圆的有关概念及性质．
【分析】由圆锥的几何特征，我们可得用半径为20cm，面积为150πcm2的扇形铁皮制作一个无底的圆锥形容器，则圆锥的底面周长等于扇形的弧长，据此求得圆锥的底面圆的半径．
【解答】解：设铁皮扇形的半径和弧长分别为R、l，圆锥形容器底面半径为r，
则由题意得R=20，由Rl=150π得l=15π；
由2πr=15π得r=7.5cm．
故答案是：7.5cm．
【点评】本题考查的知识点是圆锥的表面积，其中根据已知制作一个无底的圆锥形容器的扇形铁皮的相关几何量，计算出圆锥的底面半径和高，是解答本题的关键．
12．（4分）如图，下列图案是由火柴棒按某种规律搭成的，第（1）个图案中有2个正方形，第（2）个图案中有5个正方形，第（3）个图案中有8个正方形……，则第（5）个图案中有　14　个正方形，第n个图案中有　3n﹣1　个正方形．

【考点】38：规律型：图形的变化类．
【专题】2A：规律型；51：数与式．
【分析】由题意知，正方形的个数为序数的3倍与1的差，据此可得．
【解答】解：∵第（1）个图形中正方形的个数2=3×1﹣1，
第（2）个图形中正方形的个数5=3×2﹣1，
第（3）个图形中正方形的个数8=3×3﹣1，
……
∴第（5）个图形中正方形的个数为3×5﹣1=14个，第n个图形中正方形的个数（3n﹣1），
故答案为：14、3n﹣1．
【点评】本题主要考查图形的变化规律，根据题意得出正方形的个数为序数的3倍与1的差是解题的关键．

二、单项选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分.请将正确的选项序号填入下面相应题号的表格内）.
13．（3分）关于一元二次方程x2﹣2x﹣1=0根的情况，下列说法正确的是（　　）
A．有一个实数根 B．有两个相等的实数根
C．有两个不相等的实数根 D．没有实数根
【考点】AA：根的判别式．
【专题】523：一元二次方程及应用．
【分析】根据根的判别式，可得答案．
【解答】解：a=1，b=﹣2，c=﹣1，
△=b2﹣4ac=（﹣2）2﹣4×1×（﹣1）=8＞0，
一元二次方程x2﹣2x﹣1=0有两个不相等的实数根，
故选：C．
【点评】本题考查了根的判别式，利用根的判别式是解题关键．
14．（3分）用扇形统计图反映地球上陆地面积与海洋面积所占比例时，陆地面积所对应的圆心角是108°，当宇宙中一块陨石落在地球上，则落在陆地上的概率是（　　）
A． B． C． D．
【考点】VB：扇形统计图；X5：几何概率．
【专题】1：常规题型；543：概率及其应用．
【分析】根据扇形统计图可以得出“陆地”部分占地球总面积的比例，根据这个比例即可求出落在陆地的概率．
【解答】解：∵“陆地”部分对应的圆心角是108°，
∴“陆地”部分占地球总面积的比例为：108÷360=，
∴宇宙中一块陨石落在地球上，落在陆地的概率是，
故选：D．
【点评】此题主要考查了几何概率，以及扇形统计图．用到的知识点为：概率=相应的面积与总面积之比．
15．（3分）若P1（x1，y1），P2（x2，y2）是函数y=图象上的两点，当x1＞x2＞0时，下列结论正确的是（　　）
A．0＜y1＜y2 B．0＜y2＜y1 C．y1＜y2＜0 D．y2＜y1＜0
【考点】G6：反比例函数图象上点的坐标特征．
【专题】11：计算题．
【分析】根据反比例函数图象上点的坐标特征得y1=，y2=，然后利用求差法比较y1与y2的大小．
【解答】解：把点P1（x1，y1）、P2（x2，y2）代入y=得y1=，y2=，
则y1﹣y2=﹣=，
∵x1＞x2＞0，
∴x1x2＞0，x2﹣x1＜0，
∴y1﹣y2=＜0，
即y1＜y2．
故选：A．
【点评】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征：反比例函数y=（k为常数，k≠0）的图象是双曲线，图象上的点（x，y）的横纵坐标的积是定值k，即xy=k．
16．（3分）某班举行趣味项目运动会，从商场购买了一定数量的乒乓球拍和羽毛球拍作为奖品．若每副羽毛球拍的价格比乒乓球拍的价格贵6元，且用400元购买乒乓球拍的数量与用550元购买羽毛球拍的数量相同．设每副乒乓球拍的价格为x元，则下列方程正确的是（　　）
A．= B．=
C．= D．=
【考点】B6：由实际问题抽象出分式方程．
【专题】522：分式方程及应用．
【分析】设每副乒乓球拍的价格为x元，则每副羽毛球拍的价格（x+6）元，根据用400元购买乒乓球拍的数量与用550元购买羽毛球拍的数量相同列出方程．
【解答】解：设每副乒乓球拍的价格为x元，则每副羽毛球拍的价格（x+6）元，
依题意得：=
故选：B．
【点评】此题考查了分式方程的应用，关键是读懂题意，找出题目中的数量关系，根据数量关系列出方程．
17．（3分）由一些相同的小立方块搭成的几何体的三视图如图所示，则搭成该几何体的小立方块有（　　）

A．3块 B．4块 C．6块 D．9块
【考点】U3：由三视图判断几何体．
【分析】从俯视图中可以看出最底层小正方体的个数及形状，从主视图和左视图可以看出每一层小正方体的层数和个数，从而算出总的个数．
【解答】解：从俯视图可得最底层有3个小正方体，由主视图可得有2层上面一层是1个小正方体，下面有2个小正方体，从左视图上看，后面一层是2个小正方体，前面有1个小正方体，所以此几何体共有四个正方体．
故选：B．
【点评】此题主要考查了由三视图想象立体图形．做这类题时要借助三种视图表示物体的特点，从主视图上弄清物体的上下和左右形状；从俯视图上弄清物体的左右和前后形状；从左视图上弄清楚物体的上下和前后形状，综合分析，合理猜想，结合生活经验描绘出草图后，再检验是否符合题意．
18．（3分）小桐把一副直角三角尺按如图所示的方式摆放在一起，其中∠E=90°，∠C=90°，∠A=45°，∠D=30°，则∠1+∠2等于（　　）

A．150° B．180° C．210° D．270°
【考点】K7：三角形内角和定理．
【专题】55：几何图形．
【分析】根据三角形的内角和定理和三角形外角性质解答即可．
【解答】解：如图：

∵∠1=∠D+∠DOA，∠2=∠E+∠EPB，
∵∠DOA=∠COP，∠EPB=∠CPO，
∴∠1+∠2=∠D+∠E+∠COP+∠CPO=∠D+∠E+180°﹣∠C=30°+90°+180°﹣90°=210°，
故选：C．
【点评】此题考查三角形内角和，关键是根据三角形的内角和定理和三角形外角性质解答．
19．（3分）如图，把直角三角形ABO放置在平面直角坐标系中，已知∠OAB=30°，B点的坐标为（0，2），将△ABO沿着斜边AB翻折后得到△ABC，则点C的坐标是（　　）

A．（2，4） B．（2，2） C．（） D．（，）
【考点】D5：坐标与图形性质；PB：翻折变换（折叠问题）．
【专题】1：常规题型．
【分析】过点C作CD⊥y轴，垂直为D，首先证明△BOA≌△BCA，从而可求得BC的长，然后再求得∠DCB=30°，接下来，依据在Rt△BCD中，求得BD、DC的长，从而可得到点C的坐标．
【解答】解：∵∠OAB=∠ABC=30°，∠BOA=∠BCA=90°，AB=AB，
∴△BOA≌△BCA．
∴OB=BC=2，∠CBA=∠OBA=60°，
过点C作CD⊥y轴，垂直为D，则∠DCB=30°．

∴DB=BC=1，DC=BC=．
∴C（，3）．
故选：C．
【点评】本题主要考查的是全等三角形的性质和判定、含30°直角三角形的性质，熟练掌握相关知识是解题的关键．
20．（3分）均匀地向一个容器注水，最后将容器注满．在注水过程中，水的高度h随时间t的变化规律如图所示，这个容器的形状可能是（　　）

A． B． C． D．
【考点】E6：函数的图象．
【专题】53：函数及其图象．
【分析】根据每一段函数图象的倾斜程度，反映了水面上升速度的快慢，再观察容器的粗细，作出判断．
【解答】解：注水量一定，从图中可以看出，OA上升较快，AB上升较慢，BC上升最快，
由此可知这个容器下面容积较大，中间容积最大，上面容积最小，
故选：D．
【点评】本题考查利用函数的图象解决实际问题，正确理解函数的图象所表示的意义是解题的关键，注意容器粗细和水面高度变化的关系．

三、（本大题共3小题，第21题5分，第22题题5分，第23题8分，共18分）.
21．（5分）计算：tan30°++（﹣）﹣1+（﹣1）2018
【考点】2C：实数的运算；6F：负整数指数幂；T5：特殊角的三角函数值．
【专题】1：常规题型．
【分析】直接利用特殊角的三角函数值以及立方根的性质和负指数幂的性质分别化简得出答案．
【解答】解：原式=×+2﹣2+1
=1+2﹣2+1
=2．
【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．
22．（5分）先化简，再求值：（1﹣）÷，其中m=2+．
【考点】6D：分式的化简求值．
【专题】11：计算题；513：分式．
【分析】先计算括号内分式的减法、将除式分子、分母因式分解，再约分即可化简原式，继而将m的值代入计算可得．
【解答】解：原式=÷
=•
=，
当m=2+时，
原式===+1．
【点评】本题主要考查分式的化简求值，解题的关键是熟练掌握分式的混合运算顺序和运算法则．
23．（8分）如图，在平行四边形ABCD中，E为AB边上的中点，连接DE并延长，交CB的延长线于点F．
（1）求证：AD=BF；
（2）若平行四边形ABCD的面积为32，试求四边形EBCD的面积．

【考点】KD：全等三角形的判定与性质；L5：平行四边形的性质．
【专题】1：常规题型．
【分析】（1）依据中点的定义可得到AE=BE，然后依据平行线的性质可得到∠ADE=∠F，接下来，依据AAS可证明△ADE≌△BFE，最后，依据全等三角形的性质求解即可；
（2）过点D作DM⊥AB于M，则DM同时也是平行四边形ABCD的高，先求得△AED的面积，然后依据S四边形EBCD=S平行四边形ABCD﹣S△AED求解即可．
【解答】解：（1）∵E是AB边上的中点，
∴AE=BE．
∵AD∥BC，
∴∠ADE=∠F．
在△ADE和△BFE中，∠ADE=∠F，∠DEA=∠FEB，AE=BE，
∴△ADE≌△BFE．
∴AD=BF．
（2）过点D作DM⊥AB与M，则DM同时也是平行四边形ABCD的高．

∴S△AED=•AB•DM=AB•DM=×32=8，
∴S四边形EBCD=32﹣8=24．
【点评】本题主要考查的是平行四边形的性质、全等三角形的性质和判定，熟练掌握平行四边形的面积公式是解题的关键．

四、（本大题共3小题，第24题8分，第25题8分，第26题9分，共25分）.
24．（8分）如图，同学们利用所学知识去测量三江源某河段某处的宽度．小宇同学在A处观测对岸点C，测得∠CAD=45°，小英同学在距点A处60米远的B点测得∠CBD=30°，请根据这些数据算出河宽（精确到0.01米，≈1.414，≈1.732）．

【考点】T8：解直角三角形的应用．
【专题】552：三角形．
【分析】设河宽为未知数，那么可利用三角函数用河宽表示出AE、EB，然后根据BE﹣AE=60就能求得河宽．
【解答】解：过C作CE⊥AB于E，设CE=x米，
在Rt△AEC中：∠CAE=45°，AE=CE=x
在Rt△BCE中：∠CBE=30°，BE=CE=x，
∴x=x+60解之得：x=30+30≈81.96．
答：河宽约为81.96米．

【点评】此题主要考查了三角函数的概念和应用，解题关键是把实际问题转化为数学问题，抽象到三角形中，利用三角函数进行解答．
25．（8分）如图△ABC内接于⊙O，∠B=60°，CD是⊙O的直径，点P是CD延长线上一点，且AP=AC．
（1）求证：PA是⊙O的切线；
（2）若PD=，求⊙O的直径．

【考点】M5：圆周角定理；ME：切线的判定与性质．
【专题】1：常规题型；55A：与圆有关的位置关系．
【分析】（1）连接OA，根据圆周角定理求出∠AOC，再由OA=OC得出∠ACO=∠OAC=30°，再由AP=AC得出∠P=30°，继而由∠OAP=∠AOC﹣∠P，可得出OA⊥PA，从而得出结论；
（2）利用含30°的直角三角形的性质求出OP=2OA，可得出OP﹣PD=OD，再由PD=，可得出⊙O的直径．
【解答】解：（1）证明：连接OA，

∵∠B=60°，
∴∠AOC=2∠B=120°，
又∵OA=OC，
∴∠OAC=∠OCA=30°，
又∵AP=AC，
∴∠P=∠ACP=30°，
∴∠OAP=∠AOC﹣∠P=90°，
∴OA⊥PA，
∴PA是⊙O的切线．

（2）在Rt△OAP中，∵∠P=30°，
∴PO=2OA=OD+PD，
又∵OA=OD，
∴PD=OA，
∵PD=，
∴2OA=2PD=2．
∴⊙O的直径为2．
【点评】本题考查了切线的判定及圆周角定理，解答本题的关键是掌握切线的判定定理、圆周角定理及含30°直角三角形的性质．
26．（9分）某中学为了解学生对新闻、体育、娱乐、动画四类电视节目的喜爱情况，进行了统计调查．随机调查了某班所有同学最喜欢的节目（每名学生必选且只能选择四类节目中的一类）并将调查结果绘成如下不完整的统计图．根据两图提供的信息，回答下列问题：
（1）最喜欢娱乐类节目的有　20　人，图中x=　18　；
（2）请补全条形统计图；
（3）根据抽样调查结果，若该校有1800名学生，请你估计该校有多少名学生最喜欢娱乐类节目；
（4）在全班同学中，有甲、乙、丙、丁等同学最喜欢体育类节目，班主任打算从甲、乙、丙、丁4名同学中选取2人参加学校组织的体育知识竞赛，请用列表法或树状图求同时选中甲、乙两同学的概率．

【考点】V5：用样本估计总体；VC：条形统计图；X6：列表法与树状图法．
【专题】1：常规题型；54：统计与概率．
【分析】（1）先根据“新闻”类人数及其所占百分比求得总人数，再用总人数减去其他三个类型人数即可求得“娱乐”类人数，用“动画”类人数除以总人数可得x的值；
（2）根据（1）中所求结果即可补全条形图；
（3）总人数乘以样本中“娱乐”类节目人数所占比例；
（4）首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与恰好同时选中甲、乙两位同学的情况，然后利用概率公式求解即可求得答案．
【解答】解：（1）∵被调查的总人数为6÷12%=50人，
∴最喜欢娱乐类节目的有50﹣（6+15+9）=20，x%=×100%=18%，即x=18，
故答案为：20、18；

（2）补全条形图如下：

（3）估计该校最喜欢娱乐类节目的学生有1800×=720人；

（4）画树状图得：

∵共有12种等可能的结果，恰好同时选中甲、乙两位同学的有2种情况，
∴恰好同时选中甲、乙两位同学的概率为=．
【点评】本题考查的是用列表法或画树状图法求概率以及扇形统计图与条形统计图的知识．列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，列表法适合于两步完成的事件，树状图法适合两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．

五、（本大题共2小题，第27题11分，第28题12分，共23分）.
27．（11分）请认真阅读下面的数学小探究系列，完成所提出的问题：

（1）探究1：如图1，在等腰直角三角形ABC中，∠ACB=90°，BC=a，将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，连接CD．求证：△BCD的面积为a2．（提示：过点D作BC边上的高DE，可证△ABC≌△BDE）
（2）探究2：如图2，在一般的Rt△ABC中，∠ACB=90°，BC=a，将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，连接CD．请用含a的式子表示△BCD的面积，并说明理由．
（3）探究3：如图3，在等腰三角形ABC中，AB=AC，BC=a，将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，连接CD．试探究用含a的式子表示△BCD的面积，要有探究过程．
【考点】RB：几何变换综合题．
【专题】15：综合题．
【分析】（1）如图1，过点D作BC的垂线，与BC的延长线交于点E，由垂直的性质就可以得出△ABC≌△BDE，就有DE=BC=a．进而由三角形的面积公式得出结论；
（2）如图2，过点D作BC的垂线，与BC的延长线交于点E，由垂直的性质就可以得出△ABC≌△BDE，就有DE=BC=a．进而由三角形的面积公式得出结论；
（3）如图3，过点A作AF⊥BC与F，过点D作DE⊥BC的延长线于点E，由等腰三角形的性质可以得出BF=BC，由条件可以得出△AFB≌△BED就可以得出BF=DE，由三角形的面积公式就可以得出结论．
【解答】解：（1）如图1，过点D作DE⊥CB交CB的延长线于E，
∴∠BED=∠ACB=90°，
由旋转知，AB=BD，∠ABD=90°，
∴∠ABC+∠DBE=90°，
∵∠A+∠ABC=90°，
∴∠A=∠DBE，
在△ABC和△BDE中，
，
∴△ABC≌△BDE（AAS）
∴BC=DE=a．
∵S△BCD=BC•DE
∴S△BCD=；

解：（2）△BCD的面积为．
理由：如图2，过点D作BC的垂线，与BC的延长线交于点E．
∴∠BED=∠ACB=90°，
∵线段AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BE，
∴AB=BD，∠ABD=90°．
∴∠ABC+∠DBE=90°．
∵∠A+∠ABC=90°．
∴∠A=∠DBE．
在△ABC和△BDE中，
，
∴△ABC≌△BDE（AAS）
∴BC=DE=a．
∵S△BCD=BC•DE
∴S△BCD=；

（3）如图3，过点A作AF⊥BC与F，过点D作DE⊥BC的延长线于点E，
∴∠AFB=∠E=90°，BF=BC=a．
∴∠FAB+∠ABF=90°．
∵∠ABD=90°，
∴∠ABF+∠DBE=90°，
∴∠FAB=∠EBD．
∵线段BD是由线段AB旋转得到的，
∴AB=BD．
在△AFB和△BED中，
，
∴△AFB≌△BED（AAS），
∴BF=DE=a．
∵S△BCD=BC•DE=•a•a=a2．
∴△BCD的面积为．

【点评】此题是几何变换综合题，主要考查了直角三角形的性质的运用，等腰三角形的性质的运用，全等三角形的判定及性质的运用，三角形的面积公式的运用，判断出△ABC≌△BDE是解本题的关键．
28．（12分）如图，抛物线y=ax2+bx+c与坐标轴交点分别为A（﹣1，0），B（3，0），C（0，2），作直线BC．
（1）求抛物线的解析式；
（2）点P为抛物线上第一象限内一动点，过点P作PD⊥x轴于点D，设点P的横坐标为t（0＜t＜3），求△ABP的面积S与t的函数关系式；
（3）条件同（2），若△ODP与△COB相似，求点P的坐标．

【考点】HF：二次函数综合题．
【专题】153：代数几何综合题．
【分析】（1）把A（﹣1，0），B（3，0），C（0，2）代入y=ax2+bx+c得到关于a、b、c的方程组，从而可求得a、b、c的值；
（2）设点P的坐标为（t，﹣t2+t+2），则DP=﹣t2+t+2，然后由点A和点B的坐标可得到AB=4，接下来，依据三角形的面积公式求解即可；
（3）当△ODP∽△COB时，=；当△ODP∽△BOC，则=，然后依据比例关系列出关于t的方程求解即可．
【解答】解：（1）把A（﹣1，0），B（3，0），C（0，2）代入y=ax2+bx+c得：，
解得：a=﹣，b=，c=2，
∴抛物线的解析式为y=﹣x2+x+2．

（2）设点P的坐标为（t，﹣t2+t+2）．
∵A（﹣1，0），B（3，0），
∴AB=4．
∴S=AB•PD=×4×（﹣t2+t+2）=﹣t2+t+4（0＜t＜3）；

（3）当△ODP∽△COB时，=即=，
整理得：4t2+t﹣12=0，
解得：t=或t=（舍去）．
∴OD=t=，DP=OD=，
∴点P的坐标为（，）．
当△ODP∽△BOC，则=，即=，
整理得t2﹣t﹣3=0，
解得：t=或t=（舍去）．
∴OD=t=，DP=OD=，
∴点P的坐标为（，）．
综上所述点P的坐标为（，）或（，）．
【点评】本题主要考查的是二次函数的综合应用，解答本题主要应用了待定系数法求二次函数的解析式、三角形的面积公式、相似三角形的性质，依据相似三角形的性质列出关于t的方程是解题的关键．