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2016年山东省烟台市中考物理试卷

一、选择题（每小题的四个选项中，只有一个是正确的，每小题2分，共20分）
1．（2分）（2016•烟台）有经验的渔民都知道．只有瞄准鱼的下方才能把鱼叉到，如图所示．下列四幅光路图，能够正确说明叉到鱼道理的是（　　）

A． B． C． D．
2．（2分）（2016•烟台）在如图所示的电路中，根据小磁针静止时的指向可知（　　）

A．a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极
B．b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极
C．a端是通电缧线管的N极，c端是电源负极
D．b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极
3．（2分）（2016•烟台）图中的实验中不能揭示流体压强与流速关系的实验是（　　）
A． B． C． D．
4．（2分）（2016•烟台）图为小车载着木块向右运动过程中发生的现象，下列判断正确的是（　　）

A．都是在小车突然停止时发生
B．都是在小车突然起动时发生
C．图甲所示的现象是小车在运动中突然停止或突然加速时发生
D．图乙所示的现象是小车在运动中突然停止或突然减速时发生
5．（2分）（2016•烟台）生活中常把碗放在锅里的水中蒸食物．如图所示．当锅里的水沸腾以后，碗中的水 （　　）

A．同时沸腾 B．稍后也沸腾了
C．温度达到沸点，不会沸腾 D．温度低于沸点，不会沸腾
6．（2分）（2016•烟台）如图所示的是a、b两种物质的质量m与体积V的关系图象．由图象可知，a、b两种物质的密度ρa、ρb和水的密度ρ水之间的关系是（　　）

A．ρb＞ρ水＞ρa B．ρb＞ρa＞ρ水 C．ρ水＞ρa＞ρb D．ρa＞ρ水＞ρb
7．（2分）（2016•烟台）如图所示是跳水运动员跳板跳水时的情景，跳板跳水运动有起跳、腾空、落水几个阶段，若不计空气阻力，从腾空到落水的过程中（　　）

A．动能增加，机械能增加
B．重力势能减小，机械能减少
C．动能先减小后增大，机械能不变
D．重力势能先减少后增大，机械能不变
8．（2分）（2016•烟台）如图所示电路中，电源两端电压保待不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S后，滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中（　　）

A．电压表V1的示数变大，电路消耗的总功率变小
B．电压表V2的示数不变，电路消耗的总功率变大
C．电流表A的示数变大，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大
D．电流表A的示数变大，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变大
9．（2分）（2016•烟台）某同学按照图所示的电路测定小灯泡的电功率，闭合开关S后，他观察到小灯泡不发光，但电流表、电压表指针有偏转．以下判断正确的是（　　）

A．灯泡被短路
B．灯泡的灯丝断了
C．灯泡与灯座接触不良
D．灯泡的实际功率比额定功率小得多
10．（2分）（2016•烟台）用四只完全相同的滑轮组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的物体匀速提升相间的高度．若用η甲、η乙表示甲、乙两滑轮组的机械效率，W甲、W乙表示拉力所做的功（不计绳重与摩擦），则（　　）

A．η甲=η乙，W甲=W乙 B．η甲＞η乙，W甲＞W乙
C．η甲＜η乙，W甲＜W乙 D．η甲＞η乙，W甲＜W乙

二、填空题（每小题3分，共30分）
11．（3分）（2016•烟台）1820年，丹麦物理学家奥斯特第一个揭示了电和磁之间的联系，他发现了　　　　　　，英国物理学家　　　　　　经过10年的探索，于1831年发现了　　　　　　现象，继而人们发明了各种发电机，开辟了人类大规模使用电能的时代．
12．（3分）（2016•烟台）洗衣机、电冰箱等用电器需要使用三线插头，其中一条接　　　　　　（常标有L），一条接　　　　　　（常标有N）．第三条标有E，标有E的导线和用电器的　　　　　　相连．
13．（3分）（2016•烟台）远程信息传递技术已经广泛应用于我们的生活．例如：地面卫星控制中心是利用　　　　　　向“嫦娥三号”传递指令的；倒车雷达利用　　　　　　来判断到障碍物的距离；家用电视遥控器是靠　　　　　　实现对电视机的控制的．（选填“电磁波”、“超声波”、“紫外线”、“红外线”、“可见光”）
14．（3分）（2016•烟台）如图所示，将手机置于的玻璃罩内，拨打该手机号码并把罩内的空气用抽气机抽走，抽气过程中所听到的铃声逐渐减小，最后几乎听不到声音，但手机屏幕上始终有来电显示，这说明　　　　　　．

15．（3分）（2016•烟台）如图所示是小明同学所拍摄的一幅海边风景照片．由照片所示的情景，可以分析判断出甲船的运动状态是　　　　　　，乙船的运动状态可能是　　　　　　．

16．（3分）（2016•烟台）自行车是我们熟悉的交通工具，从自行车的结构和使用来看，它涉及到不少有关摩擦的知识．例如：轮胎上刻有花纹，是通过　　　　　　来增大摩擦的：刹车时用力捏闸，是通过　　　　　　来增大摩擦的；滚动轴承的内外圈之间装有钢球或钢柱，是通过　　　　　　来减小摩擦的．
17．（3分）（2016•烟台）如图所示，一束太阳光通过三梭镜折射后，被分解成七种颜色的光，在白色光屏上形成一条七彩光带，这个现象叫　　　　　　；如果在白色光屏前放置﹣块红色玻璃，我们在白屏上能看到　　　　　　；如果将白色光屏换成绿色纸板．我们能看到　　　　　　．

18．（3分）（2016•烟台）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=2：5，则R1：R2=　　　　　　；当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=　　　　　　，R1、R2消耗的电功率之比为P1：P2=　　　　　　．

19．（3分）（2016•烟台）如图所示实验中，我们看到塞子从试管口跳出，这是由于水蒸气对塞子　　　　　　，水蒸气的　　　　　　能转化成塞子的　　　　　　能．

20．（3分）（2016•烟台）请将“力”的概念图补充完整．

三、作图与简答题（21题2分，22题6分，共8分）
21．（2分）（2016•烟台）如图所示，从S点发出的一条光线，经平面镜反射后，其反射光线恰好通过P点．请你作出这条入射光线并完成光路图．

22．（6分）（2016•烟台）影响熔点的因素
晶体的熔点并不是固定不变的，很多因素会影响晶体的熔点．例如：在盛有小冰块的烧杯里放些盐并搅拌，冰的炫点就会低于零摄氏度．海水冬天结冰的温度比河水低就是因为海水中溶有盐．寒冷的冬天，在汽车发动机的水套中加一些甘油作为抗凝剂，即使温度低于零下二、三十摄氏度，水套中的水也不会凝固．合金可以看做混有杂质的金属，所以合金的熔点比组成合金的每一种金属的熔点都要低．
又如：将一根两瑞桂有重物的细金属丝挂在冰块上（如图甲所示），金属丝下的冰块熔化，说明增大压强可以使冰熔化．金属丝通过后，冰的熔点又升高了，熔化成的水又凝固成冰，这样，金属丝就可以轻松穿过冰块而不留缝隙．

阅读上文，回答下列问题．
（1）概括写出影响晶体熔点的因素．
（2）试着运用上文提到的知识解析滑冰鞋上冰刀（如图乙）的作用．

四、实验探究题（23题6分，24题8分，25题8分，共22分）
23．（6分）（2016•烟台）如图所示是“探究凸透镜成像”实验的装置．实验时，先调节烛焰、凸透镜，光屏三者的中心大致在同一高度上，然后不断改变蜡烛到凸透镜的距离，并移动光屏的位置，得到的实验数据如表．
实验序号
物距
（cm）
像距
（cm）
像的性质
正倒
大小
虚实
1
40
13.3
倒立
大小
实像
2
30
15
倒立
缩小
实像
3
20
20
倒立
放大
实像
4
15
30
倒立
放大
实像
5
12
60
倒立
放大
实像
6
10

不成像
7
8

正立
放大
虚像
8
4

正立
放大
虚像
（1）图甲中所示的实验操作目的是什么？
（2）实验过程中，观察到随着蜡焰位置的变化，像的变化有两个转折点，分析表中数据据认为这两个转折点的位置在何处？它们分别是像的哪种变化过程的转折点？

24．（8分）（2016•烟台）在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，小明同学和他的同伴们进行了如图所示的一系列实验，实验中的铜块与铝块体积相同，实验数据在图中已列出．

（1）图①③④三次实验是为了探究浮力的大小与哪个因素的关系？
（2）分析①②④⑥四次实验得到的结论是什么？
（3）为探究浮力大小跟物体浸没在液体中深度的关系，应选哪几次实验分析比较？
（4）根据有关实验数据，你得到的盐水的密度是多少？
25．（8分）（2016•烟台）在“电阻一定时，探究电流与电压关系”的实验中，小红把定值电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和电源连成如图甲所示的电路．正准备实验时，同组的小明检査发现，电路连接有错误，他改接了一根导线，使电路连接正确．

（1）请你把接错的那一根导线找出来并打上“×”，再画出正确的电路连接．
（2）电路改正后，小明通过实验得到的数据如表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U（V）
0.3
0.6
0.9
1.2
1.5
电流I（A）
0.08
0.15
0.23
0.40
0.38
请你在图乙的方格中建立有关坐标轴并确定标度，利用表中的数据在坐标系中描点绘线．
（3）分析归纳，你有什么发现？写出你的发现．

五、计算题（26题10分，27题10分，共20分）
26．（10分）（2016•烟台）某课外科技小组的同学对自动冲水装置进行了研究（如图所示）．该装置主要由水箱、浮球B、盖板C和一个可以绕O点自由转动的硬杆OB构成，AC为连接硬杆与盖板的细绳．随着水位的上升，盖板C所受的压力和浮球B所受的浮力均逐渐增加，当浮球B刚好浸没到水中时，硬杆OB处于水平状态，盖板C恰好被打开，水箱中的水通过排水管排出．经测量浮球B的体积为1×10﹣3m3，盖板的横截面积为6×10﹣3m2，O点到浮球球心的距离为O点到A点距离的3倍．不计硬杆、盖板以及浮球所受的重力以及盖板的厚度．求：（g=10N/kg）
（1）水箱内所能注入水的最大深度；
（2）在你以上的计算中忽略了硬杆、盖板以及浮球的重力，如果考虑它们的重力，你认为设计时应采取哪些措拖可保证自动冲水装置正常工作？（写出一种措施即可）

27．（10分）（2016•烟台）图甲为自动调温电熨斗，图乙为其简化的电路图，图丙为温控开关，温控开关是由长和宽都相同的铜片和铁片紧紧地铆在一起做成的，受热时，由于铜片膨胀得比铁片大，双金属片便向铁片那边弯曲，温度越高弯曲得越明显．双金属片触点A与弹性钢片上的触点B原来是相通的，通电后，指示灯L亮（R为限流电阻），发热板发热，使金属底板温度升高．当温度升高到设定温度时，A、B触点分离，电路断开，底板的温度不在升高，随着温度的降低，双金属片逐渐恢复原状，A、B触点又重新接触，电路再次接通，底板的温度又开始升高，从而实现自动控温的目的．

（1）该电熨斗的温控开关是依据什么物理知识制成的？
（2）不同织物需要不同的熨烫温度，若需要较高的熨烫温度应如何调节调温旋钮？
（3）若指示灯L采用“3V 0.03W”的小灯泡，那么限流电阻R多大才能使小灯泡正常工作？
（4）发热板的额定功率为1000W，则发热板的电阻多大？若要使金属底板的温度由20℃升高到220℃至少需要多长时间？（金属底板的质量为1kg，比热容为0.4×103J/（kg•℃），不计热量损失）

2016年山东省烟台市中考物理试卷
参考答案与试题解析

一、选择题（每小题的四个选项中，只有一个是正确的，每小题2分，共20分）
1．（2分）
【分析】从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了．
【解答】解：水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像．所以有经验的渔民应该用鱼叉瞄准看到鱼的下方位置，才能将鱼叉到；如图所示：

由此可知，B、D选项光的传播方向错误，A选项折射角等于入射角，故错误，只有C选项正确．
故选C．
【点评】此题主要考查光的折射现象，理解掌握光的折射规律是解决此类折射问题的关键，无论是从水中看岸上的物体，还是从岸上看水中的物体，看到的都是升高的虚像．本题属于基础题．
2．（2分）
【分析】根据小磁针的指向，通过安培定则判断出螺线管电流的流向，从而知道电源的正负极．螺线管等效为条形磁铁，根据内部磁场的方向得出螺线管的极性．
【解答】解：通电螺丝管内部中间的小磁针，静止时N极指向左端，可知，螺线管内部的磁场方向水平向左，根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，则c端为电源的正极，d端为负极，内部的磁场由b指向a，则a端是通电螺线管的N极，故A正确，BCD错误．
故选A．
【点评】解决本题的关键掌握安培定则，会运用安培定则判断电流与磁场的关系，注意同名磁极相斥，异名磁极相吸的适用条件．
3．（2分）
【分析】利用以下两点知识分析解答：
（1）流体的压强特点是：流速越大，压强越小．
（2）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象．
【解答】解：
A、将一个乒乓球对着漏斗的细管处，对准漏斗细管口用力向下吹气，因为乒乓球上方的空气流速大，压强小，乒乓球下方的空气流速小，压强大，乒乓球受到一个竖直向上的压力差，所以乒乓球紧贴在漏斗上．能揭示流体压强与流速关系．故A不符合题意．
B、用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用了大气压，不能揭示流体压强与流速的关系．故B符合题意．
C、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来．能揭示流体压强与流速关系．故B不符合题意．
D、把吸管一端放进水里，从另一端用力水平吹气时，直管上方的空气流速大，压强小，直管中的水在大气压强的作用下从竖管中涌出．能揭示流体压强与流速关系．故D不符合题意．
故选B．
【点评】本题考查了学生的观察物理现象，以及对实验结论的归纳总结能力，要求多观察，多思考．
4．（2分）
【分析】惯性是物体的固有属性，是指物体具有的能保持原来的匀速直线运动状态和静止状态的性质．
【解答】解：
甲图：木块与小车一起运动，当小车突然加速或启动时，下端受摩擦力随车加速，木块上端仍保持原来的静止或低速状态，使得木块向后倾倒；
乙图：木块与小车一起运动，当小车突然减速或停止时，下端受摩擦力随车减速，木块上端仍保持原来的运动状态，使得木块向前倾倒．
综上分析可知，选项ABC错误，D正确
故选D．
【点评】本题考查了惯性在生活中的应用，解释惯性现象时的步骤：
①确定研究对象，阐明其原来的运动状态；
②说明哪个物体或物体的哪一部分运动状态改变了；
③说明哪个物体或物体的哪一部分由于惯性要保持原来的运动状态；
④说明结论．
5．（2分）
【分析】液体沸腾条件：一是达到沸点，二是需要继续吸热，但沸腾时温度不再改变，据此进行解答．
【解答】解：锅里的水达到沸点后继续吸热会沸腾，但温度不再改变，
所以，碗内水的温度等于水的沸点，但碗内的水不能继续吸热，不会沸腾，故ABD错误、C正确．
故选C．
【点评】本题考查了沸腾和沸腾条件的应用，应用好水沸腾后温度不变是关键．
6．（2分）
【分析】解答本题可以采用两种方法：
（1）在横轴上取体积相同，然后比较这两种物质的质量，质量大的密度大；
（2）在纵轴上取质量相同，然后比较这两种物质的体积，体积大的密度小．
【解答】解：由图象可知，当Va=Vb时，ma＞mb，所以ρa＞ρb；
ρa===2×103kg/m3＞ρ水；
ρb===0.5×103kg/m3＜ρ水．
故选D．
【点评】比较两种不同物质的密度大小关系，我们可以采取相同体积，比较质量；或相同质量，比较体积．
7．（2分）
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
动能和势能统称为机械能．
【解答】解：运动员上升过程中质量不变，速度减小，动能减小；质量不变，高度增大，重力势能增大；达到最高点动能为零．
在下降的过程中，质量不变，速度增大，高度减小，动能增大，重力势能减小．
在整个过程中，若不计空气阻力，机械能是守恒的，机械能不变．
故选C．
【点评】本题关键：一是掌握动能、重力势能的影响因素，二是知道不考虑摩擦阻力机械能是守恒的．
8．（2分）
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表测电路中的电流．根据电源的电压可知滑片移动时电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，进一步得出电压表V1的示数与电流表A的示数之比和电压表V2的示数与电流表A的示数之比的变化，利用P=UI可知电路消耗总功率的变化．
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表测电路中的电流．
因电源两端电压保待不变，
所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，
滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=可得，电路中的电流变大，即电流表的A的示数变大，
由U=IR可知，R1两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故A错误；
因电压表V1的示数变小，电压表V2的示数不变，电流表的A的示数变大，
所以，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小，故CD错误；
由P=UI可得，电路消耗的总功率变大，故B正确．
故选B．
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断．
9． （2分）
【分析】要解答此题需掌握电路短路和断路的区别．电路短路时，电路中仍有电流，用电器能工作．电路断路时，电路中无电流，用电器不工作．
根据选项中的故障以及电流表、电压表在电路中的不同特征来判断．
【解答】解：A、灯泡被短路后，电流表指针偏转，电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，因此电压表指针不偏转，故A不符合题意；
BC、灯泡的灯丝断了或灯泡与灯座接触不良时，电路为断路，电流表指针不偏转，电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表指针偏转，故B不符合题意；
D、当灯泡的实际功率比额定功率小得多时，灯泡不发光，此时电路中有电流，但比较小，即电流表、电压表指针都有偏转，故D符合题意．
故选D．
【点评】本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是开路，电压表有示数，说明开路在电压表的两接线柱之间．
10．（2分）
【分析】（1）对于滑轮组，最钩码做的功是有用功，即W有=Gh；
（2）此题中克服滑轮重做的功是额外功；
（3）W总=W有+W额；
【解答】解：此题中，钩码的重力相同，钩码上升的高度相同，据W有=Gh可知，所做的有用功相同；此时对动滑轮做的功是额外功，不计绳子和摩擦，滑轮相同，即额外功相同，即W额是相同的，据W总=W有+W额可知，所以W总是相同的，故拉力做的功相同，即W甲=W乙，机械效率η=×100%，故也是相同的，即η甲=η乙．
故选A．
【点评】知道对谁做的是有用功、对谁做的是额外功及机械效率的计算是解决该题的关键．

二、填空题（每小题3分，共30分）
11．（3分）
【分析】（1）奥斯特实验：把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场．
（2）法拉第在奥斯特的启发下，研究了磁场与电流的关系，最终在1831年终于发现了电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流．根据这个发现，后来发明了发电机，这个重要现象的发现使人类对电能的大规模获得和利用成为可能．
【解答】解：
（1）奥斯特实验表明，通电导线的周围存在磁场，即电生磁，是由丹麦物理学家奥斯特于1820年最早发现的；
（2）英国物理学家法拉第经过10年的探索，于1831年发现了发现的电磁感应现象，人们发明了发电机，为人类大规模获得电能提供了可能．
故答案为：电生磁；法拉第；电磁感应．
【点评】物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣．
12．（3分）
【分析】知道三线插头分别要连接火线、零线和地线，并能与相应的字母对应起来，可直接做出解答．
【解答】解：家庭电路中，带有金属外壳的用电器和大功率用电器要使用三线插头，其中一条接火线，常标有L，一条接零线，常标有N．第三条标有E，标有E的导线和用电器的金属外壳相连，最终通过插座与大地相连．
故答案为：火线；零线；金属外壳．
【点评】了解三线插头的结构特点，并熟知三个插头所连接的对象，尤其是能辨别其不同的字母标识．
13．（3分）
【分析】（1）电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播；
（2）声音既能传递信息，又能传递能量，所以倒车雷达就是利用超声波的回声定位原理工作的；
（3）红外线的热效应强、穿透力强；紫外线的化学效应强；
【解答】解：电磁波可以在真空中传播，所以地面控制卫星是通过电磁波传递信息的；而倒车雷达是利用回声定位的原理工作的，所以用的是超声波；对于遥控器是靠红外线控制电视的，因为其穿透力比较强．
故答案为：电磁波；超声波；红外线．
【点评】知道生活中常见电磁波、声波、可见光、不可见光的应用是解决该题的关键．
14．（3分）
【分析】声音的传播需要介质，而电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播．
【解答】解：据题意可知，此时向外抽气，听到的铃声越来越小，即我们可以推测出声音传播需要介质，就真空不能传声；而手机是靠电磁波传递信息的，随着抽气，不影响手机接收信号，即说明电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播．
故答案为：声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播．
【点评】能读题题意，并知道电磁波传播不需要介质是解决此题的关键．
15．（3分）
【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．
【解答】解：由图可知，山上的小旗向左飘，则风从右往左吹，
若甲船静止，则小旗向左飘，若甲船向右行驶，则小旗也向左飘，若甲船向左行驶，且速度小于风速时，小旗也向左飘，若甲船向左行驶，且速度大于风速时，小旗向右飘，故甲船的运动状态是向左行驶，且速度大于风速；
同理，若乙船静止，则小旗向左飘，若乙船向右行驶，则小旗也向左飘，若乙船向左行驶，且速度小于风速时，小旗也向左飘，若乙船向左行驶，且速度大于风速时，小旗向右飘，故乙船的运动状态可能是：静止，向右行驶，向左行驶，且速度小于风速．
故答案为：向左行驶，且速度大于风速；静止、向右行驶、向左行驶且速度小于风速．
【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物．所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同．这就是运动和静止的相对性．
16．（3分）
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦．
【解答】解：轮胎上刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
刹车时用力捏闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
滚动轴承的内外圈之间装有钢球或钢柱，是用滚动代替滑动来减小摩擦．
故答案为：增大接触面的粗糙程度；增大压力；用滚动代替滑动．
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究．
17．（3分）
【分析】（1）太阳光是复色光，是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光复合而成的．
（2）透明物体颜色由透过的光的颜色决定．不透明物体的颜色与它反射的光的颜色相同．其它光被吸收．
【解答】解：（1）当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象；
（2）如果在白屏与棱镜之间竖直放一块红色玻璃，红色玻璃只能透过红光，则白屏上其他颜色的光消失，只留下红色．在如果将白色光屏换成绿色纸板，白屏上只在原来出现绿光的地方出现一条绿色光带；我们能看到绿色．因为绿色纸板只能反射绿光．
故答案为：光的色散；红光；绿光．
【点评】本题考查了不透明物体的颜色的决定因素和光的色散现象，难度不大，属于基础知识．
18．（3分）
【分析】（1）当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，根据P=UI求出R1、R2消耗的电功率之比．
【解答】解：（1）当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过两电阻的电流之比：
===，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：
===；
（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两电阻两端的电压之比：
===，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两电压表的示数之比：
===，
R1、R2消耗的电功率之比：
===．
故答案为：2：3； 5：3； 2：3．
【点评】本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程．
19．（3分）
【分析】解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能．
【解答】解：
由图可知，当试管内的水用酒精灯加热到一定程度时，会汽化为水蒸气，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能．
故答案为：做功；内；机械．
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目．
20．（3分）
【分析】力是物体对物体的作用，力作用在物体上，使物体发生两方面的变化：一是物体形状的改变，二是物体运动状态的改变．力的三要素是力的大小、方向和作用点，它们是影响力的作用效果的因素．
【解答】解：力的作用效果有：一是改变物体的运动状态，包括运动方向和运动速度的改变；二是改变物体的形状．
影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点，称为力的三要素．
物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，一定受到另一个物体对该物体作用，所以施力物体同时一定是受力物体．
故答案为：①改变物体的运动状态；
②力的大小、方向和作用点；
③物体间力的作用是相互的．
【点评】此题考查我们对知识体系的掌握情况，采用知识树的形式可以直观展示学习内容，是一种高效的复习方法．

三、作图与简答题（21题2分，22题6分，共8分）
21．（2分）
【分析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线S′P，与镜面的交点为入射点，再完成光路．
【解答】解：过镜面作出点S的对称点S′，即为点光源S在平面镜中的像，连接S′P与镜面交于O点，即为入射点（反射点），连接SO就得到入射光线，如下图所示：

【点评】本题还可以作出P点的像P′，连接SP′与镜面交于O点，从而确定入射光线和入射点，连接OP画出反射光线．
22．（6分）
【分析】（1）据两个自然段中的内容可以判断出晶体熔点的影响因素；
（2）据（1）的分析，结合摩擦力的影响因素，即压力和接触面的粗糙程度分析即可判断．
【解答】答：（1）据第一自然段可知晶体的熔点与其所含杂质多少有关；据第二自然段可知晶体熔点与其所受压强的大小有关；
（2）据第二自然段可知，滑冰鞋上加冰刀，可以增大与冰的压强，即使得接触冰的熔点降低，熔化成液体，减小了接触面的粗糙程度，从而减小了摩擦力的作用，使得运动员滑的更远，更省力．
【点评】能读懂题意，并理解摩擦力大小的影响因素是解决该题的关键．

四、实验探究题（23题6分，24题8分，25题8分，共22分）
23．（6分）
【分析】（1）图甲所示的是利用平行光聚焦法来测量凸透镜的焦距，焦点到凸透镜光心的距离即为焦距．
（2）焦点是虚像和实像的分界点，二倍焦点是放大的像和缩小的像的分界点．
【解答】解：（1）平行光经过凸透镜折射后会聚于一点，该点就是凸透镜的焦点，焦点到透镜的距离叫焦距，则图甲中所示的实验操作目的是测量凸透镜的焦距；
（2）由表中数据可知，当物距在不断的减小的过程中，成像性质发生改变的两个转折点是焦点和二倍焦点．其中，焦点是虚像和实像的分界点，二倍焦点是放大的像和缩小的像的分界点．
答：（1）图甲中所示的实验操作目的是测量凸透镜的焦距
（2）焦点是虚像和实像的分界点，二倍焦点是放大的像和缩小的像的分界点．
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律实验，掌握成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握．
24．（8分）
【分析】（1）①③④次铜块浸入水的体积不同，弹簧测力计示数不同，据此得到探究问题和实验结论；
（2）由①②④⑥可以得到物体重力和受到的浮力，根据浮力大小与重力大小确定两者关系；
（3）要探究浮力大小与物体浸入深度的关系，需要保持液体密度和物体排开液体体积相同，比较弹簧测力计示数是否相同；
（4）根据铜浸没在水中受到的浮力与浸没在盐水中受到的浮力的大小关系，由于排开的液体体积相同，根据F浮=ρ液gV排可得盐水的密度．
【解答】解：（1）①③④比较知：液体密度一定时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大，所以这三步是探究浮力大小与物体排开液体的体积的关系，结论是：在液体密度相同时，物体排开液体体积越大，物体受到的浮力越大．
（2）铜块受到的重力为G铜=9N，铝块受到的重力为G铝=2.8N，重力不相等；
铜块受到的浮力为F铜浮=9N﹣8N=1N，铝块受到的浮力为F铝浮=2.8N﹣1.8N=1N，浮力相等．所以物体受到的浮力大小与物重无关；
（3）要探究浮力大小与物体浸入深度的关系，需要保持液体密度和物体排开液体体积相同，所以选择①④⑤．
（4）据图①和图④可得，铜浸没在水中受到的浮力F浮1=9N﹣8N=1N；据图①和图⑦可得铜浸没在盐水中受到的浮力F浮2=9N﹣7.9N=1.1N；根据公式F浮=ρ液gV排可得，铜在盐水中受到的浮力是铜在水中受到浮力的1.1倍，则盐水的密度是水的密度的1.1倍，所以盐水的密度ρ盐水=1.1×103kg/m3．
答：（1）图①③④三次实验是为了探究浮力的大小与排开液体体积的关系；
（2）分析①②④⑥四次实验得到的结论是物体受到的浮力大小与物重无关；
（3）为探究浮力大小跟物体浸没在液体中深度的关系，应选①④⑤实验分析比较；
（4）根据有关实验数据，你得到的盐水的密度是1.1×103kg/m3．
【点评】本题考查了探究影响浮力大小的因素，应用的探究方法是控制变量法．在分析问题时，要明确哪些量是相同的，哪些量是变化的或不同的，正是这些变化的或不同的量导致了实验结果的不同．
25．（8分）
【分析】（1）探究电阻一定时电流与电压关系的实验，电流表测电路中电流串联在电路，电压表测定值电阻两端电压与定值电阻并联，滑动变阻器一上一下串联接入电路，由这些方面分析并修改电路．观察实物图，电压表接线柱接错，应并联在电阻两端．
（2）结合表格中的电流和电阻值进行描点作图，然后用平滑的线进行连接各点；
（3）分析数据特点，然后得出电流与电压的关系．
【解答】解：（1）由图知，电流表与电阻并联，而电压表与电阻并联了，应将电流表与电阻串联，电压表与电阻并联，如图所示：

（2）根据表格中数据描点，第四次的实验数据与其它数据的偏差较大是错误的，应该把该数据去掉，所作U﹣I图如下：

（3）结合图象分析表中数据可知：在误差范围内，随着电阻两端的电压增大，通过电阻的电流也增大，并且增加的倍数相同，即电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比．
【点评】此题是探究电流与电压关系的实验，考查电路的连接、电流与电压、电阻关系的实验数据分析，同时考查了对控制变量法的应用，属于常见题型．

五、计算题（26题10分，27题10分，共20分）
26．（10分）
【分析】（1）当浮球B刚好浸没到水中时，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出浮球B受到的浮力，此时硬杆OB处于水平状态，根据杠杆的平衡条件求出盖板受到绳子的拉力，盖板C恰好被打开时，处于平衡状态，受到的力为平衡力，据此可知水对盖板的压力，根据p=求出盖板受到水的压强，利用p=ρgh求出水箱内所能注入水的最大深度；
（2）当活塞、杆及浮球的重力需要考虑时，利用杠杆的平衡条件可判断应采取的措施．
【解答】解：（1）当浮球B刚好浸没到水中时，排开水的体积和自身的体积相等，
则浮球B受到的浮力：
F浮=ρgV排=ρgVB=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N，
此时硬杆OB处于水平状态，由杠杆的平衡条件可得：
FA•OA=F浮•OB，
则盖板受到绳子的拉力：
FA=F浮=3×10N=30N，
盖板C恰好被打开时，处于平衡状态，受到绳子的拉力和液体对盖板的压力是一对平衡力，
所以，水对盖板的压力F压=FA=30N，
由p=可得，盖板受到水的压强：
p===5000Pa，
由p=ρgh可得，水箱内所能注入水的最大深度：
h===0.5m；
（2）考虑硬杆、盖板以及浮球的重力时，绳子对盖板的拉力减小，
根据杠杆的平衡条件可知，要使盖板被打开，应增大绳子的拉力，
可以增大浮球体积增大浮力的大小（或“使杠杆的OB段比OA段更长一些”）．
答：（1）水箱内所能注入水的最大深度为0.5m；
（2）考虑硬杆、盖板以及浮球的重力时，保证自动冲水装置正