2014年湖南省株洲市中考物理试卷（教师版）.doc

2014年湖南省株洲市中考物理试卷（教师版）一、单选题：本大题共12小题，每小题2分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1（2分）希格斯和恩格勒两位物理学家分享了2013年诺贝尔物理学奖，是因为他们成功预测了（）A电子B中子C质子D上帝粒子【考点】2R：物理常识菁优网版权所有【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【解答】解：2013年10月8日，彼得W希格斯和弗朗索瓦恩格勒分享了去年的诺贝尔物理学奖，他们获奖的成果是提出的一项理论，该理论揭示了粒子是如何获得质量的。故选：D。【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2（2分）成语“声如洪钟”形容说话或歌唱时声音洪亮，它描述的是声音的（）A音调B响度C音色D音频【考点】9F：响度菁优网版权所有【分析】声音的三个特征：音调、响度、音色。音调是指声音的高低；响度是声音的大小；音色是声音的品质和特点，与发声体的材料和结构有关。【解答】解：成语“声如洪钟”形容说话或歌唱时声音洪亮，它描述的是声音的响度。故选：B。【点评】本题需要学会学生如何利用物理知识，来解释成语中提到的现象。重点考查对响度特点的理解能力。3（2分）飞机起飞前空乘人员要求乘客关闭手机、电脑和电子游戏机等电子设备，这是因为飞机导航设备和操作系统可能会受到哪种波的干扰（）A超声波B次声波C无线电波D光波【考点】D2：电磁波的传播与应用菁优网版权所有【分析】移动电话是通过电磁波来传递信息的，飞机的导航系统也是通过电磁波来传递信息的，若在乘坐飞机时使用手机、电脑和电子游戏机等电子设备，它发出的无线电波（即电磁波）就会干扰飞机的导航系统。【解答】解：手机、电脑和电子游戏机等电子设备在使用时不断的发射和接收无线电波，即电磁波，这些电磁波被飞机的导航系统接收到，就会影响飞机正常的导航通信，对飞机的飞行安全造成很大的威胁。故选：C。【点评】解答此题的关键是我们要知道移动通信、电脑和电子游戏机等电子设备和飞机导航的原理，是一道应用题。4（2分）下列现象与分子热运动有关的是（）A春天，百花争艳B夏天，波光粼粼C秋天，丹桂飘香D冬天，大雪纷飞【考点】54：分子的热运动菁优网版权所有【分析】分子运动是肉眼看不见分子的运动，机械运动是宏观物体的运动。分子运动，即扩散现象是肉眼看不见的，在不知不觉中发生的。【解答】解：A、春天百花争艳，花朵的颜色是由它反射的光决定的，不属于分子热运动；B、夏天波光粼粼，是光的反射现象，不属于分子热运动；C、秋天丹桂飘香，是气体分子运动的结果，属于分子热运动；D、冬天大雪纷飞，是宏观物体的运动，不是分子的运动。故选：C。【点评】本题主要考查学生对宏观物体的运动和分子运动的区别、理解和掌握，是一道基础题。5（2分）NBA马刺队邓肯的45角擦板进球堪称经典。篮球擦板时，篮板的主要作用是（）A改变篮球的运动方向B改变篮球的运动快慢C改变篮球的运动时间D改变篮球的重力势能【考点】6F：力的作用效果菁优网版权所有【分析】力的作用效果有两个：一是改变物体的运动状态（含改变运动快慢和改变运动方向两个方面）； 二是改变物体的形状。【解答】解：篮球擦板时，运动状态会发生改变，故选：A。【点评】注意力的作用效果只有2个，其余的并不在力的作用效果范围内。6（2分）寒冷的天气里人们呼出了“白气”，不久又看不见了，这其中涉及到的物态变化是（）A只有液化B只有汽化C先液化后汽化D先汽化后液化【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点；1M：液化及液化现象菁优网版权所有【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：寒冷的冬天，人通过呼吸呼出的水蒸气遇冷发生的液化现象变成小水珠形成白气；不久“白气”又看不见了，是因为小水珠又变成了水蒸气发生了汽化现象。故选：C。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。7（2分）利用如图所示的装置可探究机翼升力产生的原因。压强计的两端分别置于机翼模型的上、下表面附近，用鼓风机向模型左端吹气，可观察到压强计两侧液面出现高度差。则（）A模型上方空气流速大，压强小B模型下方空气流速大，压强大C模型上方空气流速小，压强大D模型下方空气流速小，压强小【考点】8K：流体压强与流速的关系菁优网版权所有【分析】流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。【解答】解：由于模型做成上凸下平的形状，同一股气流在相同的时间内，通过模型的上方和下方，上方气流通过时经过的路程大，速度大，压强小；下方气流通过时经过的路程小，速度小，压强大。模型下方压强大于上方压强，模型在压强差下产生向上的升力。故选：A。【点评】对于流速和流体压强的问题，一定要明确被研究的物体的两个侧面的流体流速，用流速来分析流体压强，用压强来分析压力，通过压力差来分析物体受到的作用。8（2分）某种物质熔化过程中温度随时间变化的图线如图所示，据图可知，该物质（）A是晶体，熔点是0B熔化时，固、液之间不发生热传递C熔化前后比热容不变Dt2min至t6min过程中内能不变【考点】1C：熔化和凝固的温度时间图象菁优网版权所有【分析】要解决此题，需要掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变，内能增加；非晶体在熔化过程中温度不断上升。会分析晶体的熔化图象。知道晶体熔化时的温度为熔点。热传递是从温度高的物体传向温度低的物体。【解答】解：A、由图知，该物质在熔化过程中，温度保持0不变，所以该物质为晶体。并且熔点为0，故A正确。B、从冰和水说，熔化时，温度相同，熔化时固体、液体温度相同，发生热传递的条件是存在温度差。所以固液之间不会发生热传递。故B正确。C、此晶体熔化前是冰，熔化后是水，比热容改变，故C错误。D、t2min至t6min过程中温度不变，但内能增加，故D错误。故选：AB。【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象。要学会从图象中找出与晶体有关的信息。关键是掌握晶体的熔化特点：吸热但温度保持不变。9（2分）在小球从O点由静止开始沿x轴竖直下落的过程中，小球某种形式的能量E随下落高度x变化的图象如图所示。若不计空气阻力，那么这种能量是（）A重力势能B动能C机械能D内能【考点】FN：动能和势能的大小变化菁优网版权所有【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。（3）机械能动能+势能。物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能。【解答】解：如图，横坐标代表的是能量，纵坐标代表的物体下降的高度。物体下落时质量保持不变，高度降低，重力势能减小，不计空气阻力，小球下降时，重力势能全部转化动能，机械能的总量不变。故选：B。【点评】（1）掌握动能和重力势能大小的影响因素，根据图象能确定动能和势能的大小。（2）根据“机械能动能+势能”计算机械能的大小。10（2分）光的色散说明白光是一种复色光，棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大。图中能正确表示白光通过三棱镜发生色散的是（）ABCD【考点】AP：光的色散菁优网版权所有【分析】太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。【解答】解：棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大；所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，红光在最上面，紫光在最下方。故选：B。【点评】本题主要考查学生对不同颜色的光经过透镜的折射能力的不同的了解和掌握，是一道基础题。11（2分）如图可以说明巨磁电阻的特性。闭合开关S1、S2并使滑片P向左移动，观察到指示灯变亮，那么（）A电磁铁左端为S极B巨磁电阻两端的电压变大C巨磁电阻随磁场增强而变大D巨磁电阻随磁场增强而变小【考点】CE：影响电磁铁磁性强弱的因素菁优网版权所有【分析】先分析滑片向左移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况。【解答】解：滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，由欧姆定律可知，线圈中的电流增大，则电磁铁的磁场增强。由于指示灯变亮，则说明指示灯所在电路电流变大，所以巨磁电阻的阻值变小。所以巨磁电阻随磁场的增强而变小。故选：D。【点评】本题的实验虽然是探究巨磁电阻的特性，不是初中物理的内容，但该题所考查的其实还是初中物理的知识：包括欧姆定律、影响电磁铁磁性强弱的因素，是一道好题。12（2分）利用如图所示电路可定性研究电热与电流、电阻和通电时间的关系，图中三个电阻的材料和质量相同，且R1R35，R210，三个电子温度计分别与之相连（图中未画出），并能测量它们的温度。闭合开关后，每隔一定时间记录各电阻的温度，通过比较温度的变化来间接反映电阻产生电热的多少。下列有关分析与推断错误的是（）A分析任意一个电阻的温度变化，可知电热与通电时间有关B分析比较R1和R2的温度及变化，可知电热与电阻有关C分析比较R1和R3的温度及变化，可知电热与电流有关D分析比较R2和R3的温度及变化，可知电热与电流和电阻有关【考点】JH：焦耳定律菁优网版权所有【分析】根据焦耳定律QI2Rt以及控制变量法进行分析判断各选项是否正确。【解答】解：A、由QI2Rt可知，对同一电阻而言，通过的电流不变时，通电时间越长，产生的热量越多，温度越高，故A正确；B、探究电热与电阻关系时，由QI2Rt可知，需保持电流和通电时间相同，电阻不同；根据题意和电路图可知，R1R2，并且R1、R2串联，即通过的电流和通电时间相等，因此分析比较R1和R2的温度及变化，可知电热与电阻有关，故B正确；C、探究电热与电流关系时，由QI2Rt可知，需保持电阻和通电时间相同，电流不同；根据题意和电路图可知，R1R3，并且R1、R2串联后与R3并联，由于两支路的总电阻不同，因此通过它们的电流不同，故分析比较R1和R3的温度及变化，可知电热与电流有关，故C正确；D、根据控制变量法可知，探究电热与电流、电阻以及通电时间是否有关时，变化的量只能有一个，其它因素均不变，因此不可以探究电热与电流和电阻的关系，故D错误。故选：D。【点评】本题考查动态电路分析以及控制变量法的应用，有一定的难度。二、双选题：本大题共4小题，每小题3分，共12分在每小题给出的4个选项中，都有两项符合题目要求全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分13（3分）在排球运动中，跳发球（图）是最具威力的发球方式，其动作要领可简化为“抛球、腾空、击球和落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程有（）A抛球B腾空C击球D落地【考点】EA：力是否做功的判断菁优网版权所有【分析】做功的条件是：作用在物体上有力，且沿力的方向有一段距离；【解答】解：抛球和击球时运动员对球有力的作用并且球在力的方向移动一段距离，故做功；球腾空和落地，运动员对球不再有力的作用，故不做功；故选：AC。【点评】知道并理解做功的条件是解决该题的关键。14（3分）图中是一位小朋友正在打量玻璃幕墙中的自己的一幅照片。下列说法正确的是（）A小朋友能打量自己是利用了光的反射B小朋友在右侧，左侧为他在玻璃幕墙中的像C小朋友不可能在玻璃幕墙中看到自己的后脑勺，故照片一定是合成的D照相机不可能拍到小朋友在玻璃幕墙中的虚像，故照片一定是合成的【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案菁优网版权所有【分析】解答此题从以下知识点入手：平面镜成像原理是光的反射；平面镜成像的特点是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像、物关于平面镜对称。【解答】解：A、玻璃幕墙相当于平面镜，平面镜成像原理是光的反射，小朋友能打量自己是利用了光的反射，故A正确；B、如果小朋友在右侧，我们不能看到面部的一部分，但可以看到其虚像（左侧），故B正确；C、因小朋友是面对平面镜，因此不可能在玻璃幕墙中看到自己的后脑勺，但该照片是我们看到的，不是小朋友看到的，故C错误；D、照相机能拍到小朋友在玻璃幕墙中的虚像，故D错误。故选：AB。【点评】此题主要考查学生对平面镜成像原理和平面镜成像特点的理解和掌握，牢记平面镜成像特点是解答此题的关键。15（3分）如图所示，某电子线路板上有一个由三个电阻R1、R2和R3构成的局部电路。已知通过R1和R2的电流分别为4mA 和10mA，则通过R3的电流可能是（）A4mAB6mAC10mAD14mA【考点】H：并联电路的电流规律菁优网版权所有【分析】由电路图可知，电阻并联，根据通过R1和R2的电流分别为求出O点的电流，然后利用并联电路电流的特点求得通过R3的电流。【解答】解：由图可知R1、R2、R3的连接方式有以下几种可能：R1和R2并联后，再和R3串联，此时流过R3的电流为I4mA+10mA14mA；R1和R3并联后，再和R2串联，此时流过R3的电流为I10mA4mA6mA；R2和R3并联后，再和R1串联，此时R1的电流应该大于R2的电流，而题目R2中电流是10mA，这种情况是不存在的。故流过R3的电流可能是6mA或14mA。故选：BD。【点评】本题考查了并联电路的电流规律，比较简单，属于基础知识。16（3分）某同学在测量某液体密度时，将两端开口、底部带有阀门K的三通U形玻璃管倒置在两个容器中，左侧容器盛有密度已知的液体，右侧容器盛有待测液体。先用抽气机抽出U形管内部分空气，再关闭阀门K，如图所示。下列操作必须的是（）A应保持两容器内液面相平B尽可能将管内空气抽出C用刻度尺测量h1和h2D调节阀门K，改变h1和h2【考点】88：液体的压强的特点；8J：大气压的综合应用菁优网版权所有【分析】从液体压强pgh和压力平衡角度和多测量几次，使测量结果更准确分析解决。【解答】解：（1）管外的大气压等于管内气压加上液柱产生的压强。之所以有液柱就是管内外存在气压差。写成算式是p0p内+液gh。对于管子左边：算式是p0p内+液已知gh1，对于管子右边有p0p内+液gh2，p内就是U形管内气压。这样两式子右边相等，联立为p内+液已知gh1p内+液gh2，所以有已知gh1液gh2，p液已知，（2）调节阀门K，使U形管内进入部分大气，但不使管内气压等于大气压，而是仍使管内气压低于大气压，这样两边会继续存在液柱，目的就是使h1和h2高度发生变化，这样再计算出待测液体的密度，多调节几次，不过是利用这几次算出的液体密度求平均值，减小误差。故AB错误、CD正确。故选：CD。【点评】此题考查液体压强的计算与理解，注意分析题意整个状态平衡，利用平衡关系分析解决是能力的考查重点。三、填空题：本大题共8小题，其中第17-21小题每小题2分，第22-24小题每小题2分，共22分17（2分）核电池是一种通过换能器将核能最终转化成电能的装置，具有体积小、重量轻、寿命长等特点。请列举一个将来有可能利用核电池供电的产品：电动车。【考点】K5：核电站发电过程中的能量转化菁优网版权所有【分析】核电池发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；所有用电器都可以用核电池供电。【解答】解：核电池是一种通过换能器将核能最终转化成电能的装置，所有用电器都可以用核电池供电，比如电动车。故答案为：电；电动车。【点评】本题考查学生对核电的能量转化，是对能源问题的比较基本的考查，相对比较简单。18（2分）将一空饮料罐压入装满水的烧杯中，其排开的水所受到的重力为4N，则空饮料罐受到的浮力大小为4N，方向竖直向上。【考点】8P：浮力大小的计算菁优网版权所有【分析】根据阿基米德原理（浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体排开的液体受到的重力）的内容填写；【解答】解：浸在水中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于物体排开的水所受的重力；空饮料罐压入装满水的烧杯中，其排开的水所受到的重力为4N，则空饮料罐受到的浮力大小为4N，方向竖直向上；故答案为：4；向上。【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，是一道基础题目。19（2分）两辆汽车在同一平直公路上同时出发，其位置x与时间t的关系如图所示。由图象可知，甲车的速度为30m/s，当t150s时，甲、乙两车相距450m。【考点】69：速度公式及其应用菁优网版权所有【分析】由题知，两辆汽车均做匀速直线运动，两辆车同时、同向、异地出发，出发时相距300m；由图得出甲车在某一时间内的路程，利用速度公式求甲车的速度；由图得出甲车追上乙车的时间（20s），再行驶30s两车行驶的路程，求出两车相距。【解答】解：由图得出甲乙两车都做匀速直线运动，在t55s时，甲车行驶的路程s甲1650m，v甲30m/s；由图得出行驶20s时甲车追上乙车，甲乙相遇后再经过30s，甲车行驶了1500m600m900m，乙车行驶了1050m600m450m，两车相距s900m450m450m。故答案为：30；450。【点评】本题考查了速度公式的应用，会识图、能从st图象得出相关信息是本题的关键。20（2分）在火电站内，燃料的化学能经锅炉、蒸汽轮机和发电机最终转化为电能。蒸汽轮机的作用是将内能转化为机械能。若锅炉、蒸汽轮机和发电机的效率分别为50%、70%和80%，则火电站的效率为28%。【考点】E6：能量利用效率；FY：机械能和其他形式能的转化菁优网版权所有【分析】在汽轮机中，内能再转化为机械能；知道锅炉、蒸汽轮机和发电机的效率，根据效率公式求出火电站的效率。【解答】解：蒸汽轮机的作用是将内能转化为机械能；已知锅炉、蒸汽轮机和发电机的效率分别为150%、270%和380%，所以火电站的效率为12350%70%80%28%。故答案为：内；28%。【点评】本题考查能量利用和转化，关键要知道各个用电器的能量转化问题，此题较难的地方是效率公式的掌握和运用，计算时要确定哪种能量是有效利用的能量。21（2分）如图表示一种光学仪器的原理，图中L1是物镜，L2是目镜。这种仪器是望远镜（填“望远镜”或“显微镜”），目镜的作用相当于放大镜（填“放大镜”或“投影仪”）。【考点】BD：望远镜菁优网版权所有【分析】望远镜由物镜和目镜组成，物镜和目镜都是凸透镜，物镜相当于照相机，成倒立、缩小的实像，目镜相当于放大镜，成正立、放大的虚像。望远镜的物镜口径越大，折射光线越多，像越清晰。【解答】解：由图可见，远处的物体先通过物镜使物体成一倒立、缩小的实像，然后用目镜把这个实像再放大（正立、放大的虚像），就能看清很远处的物体了，这就是望远镜的原理，目镜相当于一个放大镜。故答案为：望远镜；放大镜。【点评】掌握望远镜和显微镜物镜和目镜成像特点，望远镜物镜相当于照相机，目镜相当于放大镜；显微镜物镜相当于投影仪，目镜相当于放大镜。22（4分）净含量为350mL（lmL1106m3）的瓶装饮用纯净水的质量为0.35kg若将其放入冰箱冷藏，温度降低了20，则水放出的热量为29400J已知水的密度水1.0103kg/m3，水的比热容c4.2103J/（kg）。【考点】2B：密度公式的应用；GG：热量的计算菁优网版权所有【分析】知道水的体积，利用mV求水的质量；又知道水的比热容、温度降低值，利用Q放cmt求水放出的热量。【解答】解：（1）水的体积V350ml3501106m33.5104m3，由得水的质量：m水V1.0103 kg/m33.5104m30.35kg350g；（2）水放出的热量：Q放cmt4.2103J/（kg）0.35kg2029400J。故答案为：0.35；29400。【点评】本题考查了学生对密度公式、物体降温放热公式的了解与掌握，计算式注意单位换算：1ml1cm31106m3。23（4分）如图是安装了漏电保护器的家庭电路。当漏电保护器检测到通过图中A、B两处的电流不相等（即发生漏电）时，会迅速切断电路，从而起到保护作用。当家电维修人员在图中C处不慎触电时，漏电保护器会（填“会”或“不会”）切断电路。若人体电阻为10k，触电时通过人体的电流为22mA。【考点】IH：欧姆定律的应用；IS：熔断器的作用及保险丝的选择方法菁优网版权所有【分析】（1）判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析A、B两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路；（2）根据家庭电路的电压和人体的电阻，利用欧姆定律就可以求出通过人体的电流。【解答】解：（1）当家电维修人员在图中C处不慎触电时，电流就会从C处通过人体流向大地，导致通过B处的电流比A处的小，因此漏电保护器会切断电路。（2）家庭电路的电压U220V，人体电阻R10k104，因此通过人体的电流：I0.022A22mA。故答案为：会；22。【点评】本题关键有两点：一是抓住漏电保护器的工作条件：通过虚线框内火线与零线的电流不相等；二是会利用欧姆定律进行简单的计算。24（4分）如图是运动员在水平地面上做俯卧撑时的情景。已知地面对两个手掌的支持力为360N，对两个脚尖的支持力为240N，手掌到脚尖的距离为1.5m，则运动员所受的重力为600N，人体重心到脚尖的水平距离为0.9m。【考点】7R：杠杆的平衡分析法及其应用菁优网版权所有【分析】（1）根据物体的受力平衡即可求出重力；（2）以脚尖为支点，则支持力的力臂为L1，人体重心到脚尖为L2，根据杠杆平衡条件即可求出L2。【解答】解：（1）运动员在竖直方向受竖直向上的支持力F1、F2，竖直向下的重力G的作用，物体受力平衡，则GF1+F2360N+240N600N；（2）以脚尖为支点，则支持力的力臂为L1，人体重心到脚尖为L2，根据杠杆平衡条件得：F1L1GL2，L20.9m。故答案为：600；0.9。【点评】本题通过学生的体育活动考查物体受力平衡分析和杠杆平衡条件的应用，综合性较强，也体现了生活和物理的密切关系。四、实验题：本大题共4小题，共22分25（4分）右图是实验室常用的一种电流表，其零刻度不在表盘的最左端。当导线a、b 分别与标有“一”和“3”的接线柱相连时，电流表指针偏转情况如图所示。此时，电流是从导线a（填“a”或“b”）流入电流表，其示数是0.4A为了增大指针的偏转角度从而减小读数误差，应将导线a与标有“0.6”的接线柱相连，b与标有“”的接线柱相连。【考点】HX：电流表的使用菁优网版权所有【分析】使用电流表测量电路电流时，必须：使电流表与用电器串联；电流从正接线柱流入，从负接线柱流出；根据电流大小选择合适的量程。【解答】解：由图知，电流表指针偏向了0刻度线的左侧，原因是正负接线柱接反了，也就是电流从导线a进入了电流表；此时电流表选择的是03A量程，对应的分度值为0.1A，此时的示数是0.4A；为测量正确并且读数误差较小，需要改变进入电流表的电流方向，改接小量程，所以需要将导线a与标有“0.6”的接线柱相连，b与标有“”的接线柱相连。故答案为：a；0.4；0.6；。【点评】此题考查的是电流表使用和读数方法，属于基本技能的考查，难度较小，容易解答。26（6分）某同学利用“替代法”测量一粒花生米的密度，实验过程如图所示。（1）在下列空格中填写适当内容。选择一粒饱满的花生米放入装有适量水的透明玻璃杯中，发现花生米下沉至杯底，如图（甲），此时花生米所受的浮力小于重力（填“大于”、“等于”或“小于”）。往杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到花生米悬浮，随即停止加盐，如图（乙）。取出花生米，用调好的天平测杯子和盐水的总质量，如图（丙），天平的读数为121g。将玻璃杯中的盐水全部倒入量筒，如图（丁），量筒的读数为55mL。利用密度公式计算出盐水的密度，即为花生米的密度。（2）实验中若加盐过量，可进行如下操作：向盐水中加水。（3）实验中遗漏了重要的一步，即将玻璃杯中的盐水全部倒入量筒，测出空杯子的质量。【考点】2M：固体的密度测量实验菁优网版权所有【分析】（1）根据物体的浮沉条件，物体下沉时浮力小于重力；当物体的密度与液体密度相等时，物体在液体中悬浮；天平的读数：砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；进行量筒的读数时，注意量筒的分度值；（2）若液体的密度过大，可加水稀释；（3）要测量盐水的密度，需测出盐水的质量和体积，然后计算出密度，从该处入手进行分析。【解答】解：（1）花生米下沉，说明此时花生米所受的浮力小于重力；往杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到花生米悬浮；由图丙知，天平的读数为m100g+20g+1g121g。由图丁知，量筒的分度值为1ml，量筒的读数为55mL。（2）实验中若加盐过量，可再向盐水中加水。（3）要测量盐水的密度，需测出其质量和体积，而要测其质量，除了测出盐水和杯子的总质量，还需测出倒出盐水后空杯子的质量。故答案为：（1）小于；悬浮；121；55；（2）向盐水中加水；（3）将玻璃杯中的盐水全部倒入量筒，测出空杯子的质量。【点评】此题利用替代法来测量花生米的密度，考查了对物体浮沉条件的应用及液体密度的测量，设计新颖，要能够很好的解决，需熟练掌握有关基础知识。27（6分）为了探究静摩擦力作用的相互性，并比较一对相互作用的静摩擦力的大小，某实验小组设计了如图甲所示的实验装置，整个装置放在水平桌面上，其中A、B两木块叠放在一起，两个轻质弹簧测力计C、D的一端分别与两木块相连，另一端分别固定在铁架台E、F上。后来经过讨论，完善了实验装置，如图乙所示。（1）在理想情况下，B对A的静摩擦力的大小等于弹簧测力计D的示数。A对B的静摩擦力的大小等于弹簧测力计C的示数。（2）在B下面放细圆木条的目的是减小桌面对木块B的摩擦力。在A上放钩码的目的是增大压力。（3）实验中需向右缓慢移动铁架台F，在此过程中，应使A、B保持相对静止，整个装置静止后，读取两个弹簧测力计的示数F1、F2。（4）分析两个弹簧测力计的示数F1、F2，若F1F2，则静摩擦力的作用是相互的，且一对相互作用的静摩擦力大小相等。【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验菁优网版权所有【分析】（1）对物体受力分析，利用二力平衡条件和力的相互作用。（2）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。（3）使A、B保持相对静止，测出静摩擦力的大小。（4）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在不同物体上。【解答】解：（1）A受弹簧测力计D的拉力和B对A的摩擦力，故B对A的静摩擦力的大小等于弹簧测力计D的示数，同理，A对B的静摩擦力的大小等于弹簧测力计C的示数；（2）在B下面放细圆木条的目的是减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动，减小桌面对木块B的摩擦力；在A上放钩码的目的是增大压力从而增大摩擦力；（3）本实验是为了探究静摩擦力作用的相互性，并比较一对相互作用的静摩擦力的大小，故实验中需向右缓慢移动铁架台F，在此过程中，应使A、B保持相对静止，整个装置静止后，读取两个弹簧测力计的示数F1、F2；（4）分析实验数据，若F1F2，则静摩擦力的作用是相互的，且一对相互作用的静摩擦力大小相等。故答案为：（1）D；C；（2）减小桌面对木块B的摩擦力；增大压力；（3）静止；（4）F1F2。【点评】掌握静摩擦力大小的影响因素，能够利用控制变量法探究静摩擦力大小的影响因素。28（6分）利用如图所示的电路可测量未知电阻Rx的阻值，其中R为已知电阻。（1）请将电压表连入电路，使电路完整。（2）当开关S1、S2闭合时，电压表示数U16V；当开关S1闭合、S2断开时，电压表示数U24V已知R10，则电源电压U6V，Rx20。（3）实验中若由于某个元件出现故障（短路或断路），导致电压表的示数U1U26V，则该元件及故障可能是R短路或Rx断路。【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验菁优网版权所有【分析】（1）根据电路确定实验原理，然后连接实物电路图。（2）根据实验电路应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。（3）根据电路故障现象分析电路故障原因。【解答】解：（1）由电路图可知，可以用电压表先测出电源电压，然后再测出电阻两端电压，然后再根据串联电路特点与欧姆定律求出待测电阻阻值，电压表与待测电阻并联，实物电路图如图所示：（2）由电路图可知，当开关S1、S2闭合时，电阻R被短路，电压表测电源电压，电压表示数U16V，则电源电压UU16V；当开关S1闭合、S2断开时，电压表只测待测电阻两端电压，电压表示数U24V，此时电路中的电流：I0.2A，由I可知，待测电阻阻值：Rx20。（3）电压表的示数U1U26V，说明两种情况下，电压表都测电源电压，定值电阻两端电压为零，则电阻R发生短路或Rx断路。故答案为：（1）实物电路图如图所示；（2）6；20；（3）R短路或Rx断路。【点评】本题考查了测未知电阻的实验，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验。五、综合题：本大题共2小题，每小题10分，共20分29（10分）如图（甲）所示，用弹簧测力计测量水平桌面上的钩码所受的重力。弹簧测力计从图示位置开始向上缓慢提升，其示数F 与上升的高度h之间的关系如图（乙）所示。试解答下列问题。（1）钩码所受的重力为4.5N。（2）当h4cm 时，弹簧测力计的示数是3.0N，桌面对钩码的支持力是1.5N。（3）从开始提升到h16cm，弹簧测力计对钩码所做的功是多少？【考点】76：重力；EC：功的计算菁优网版权所有【分析】（1）当缓缓提钩码离开桌面后测力计的示数不再变化，此时示数即为钩码所受重力大小；（2）由图象获取信息，并会对钩码受力分析；（3）利用WFsGh解题。【解答】解：（1）钩码离开桌面后测力计的示数不再变化，此时示数即为钩码所受重力大小，故钩码所受的重力为4.5N；（2）弹簧的伸长量与拉力成正比、由图象知：当h6cm时，弹簧测力计的示数为4.5N，则0.75N/cm，表示每伸长1cm所需拉力为0.75N。则当h4cm 时，弹簧测力计的示数是0.75N/cm4cm3N。此时测力计受重力、拉力、支持力的作用，支持力等于重力减去拉力即4.5N3.0N1.5N；（3）由图象知，钩码移动的距离s16cm6cm10cm0.1m，弹簧测力计对钩码所做的功是WFs4.5N0.1m0.45J。故答案为：（1）4.5；（2）3.0；1.5；（3）弹簧测力计对钩码所做的功是0.45J。【点评】本题考查了弹簧测力计的工作原理、力的合成，功的计算，综合性较强，第二题是一易错点，要会分析图象所给提供的信息。30（10分）用12V的电源为微型电动机供电的电路如图（甲）所示。当单刀双掷开关S1、S2均向上合上时，电动机开始转动，电流I随时间t变化的图象如图（乙）所示。当电流稳定时，电动机正常工作。已知电动机转动时欧姆定律不适用，并忽略温度对电阻的影响，试解答下列问题。（1）当单刀双掷开关S1、S2均向下合上时可实现电动机的反转。（2）当电动机正常工作时，电动机消耗的电功率为4.8W。（3）求电动机的电阻及正常工作时的输出功率。【考点】CS：发电机的构造和原理；E3：能量守恒定律；IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算菁优网版权所有【分析】（1）根据开关的控制作用分析。（2）由图乙可知电动机正常工作时的电流，利用PUI求功率。（3）由图乙可知电动机刚开始转动时的电流，此时根据欧姆定律求出电阻，正常转动后，根据PI2R求出电阻产生热量的功率，则P输出PP热。【解答】解：（1）根据开关的控制作用可以看出，单刀双掷开关S1、S2均均向下闭合时流入电动机的电流方向改变，则可实现电动机的反转。（2）由图乙可知电动机正常工作时的电流I0.4A，则PUI12V0.4A4.8W，（3）由图乙可知电动机刚开始转动时的电流I1.2A，由欧姆定律得：则电动机的电阻R10，电动机正常工作时P热I2R（0.4A）2101.6W，P输出PP热4.8W1.6W3.2W。故答案为：（1）均向下；（2）4.8；（3）电动机的电阻为10，正常工作时的输出功率为3.2W。【点评】本题考查了开关使用、欧姆定律的应用和功率的计算，要注意刚开始转动时电路中只是电动机的电阻产生电流，电动机正常转动时欧姆定律不适用。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/12/22 10:53:14；用户：丶沐沙；邮箱：UID_CAE1F67E83831A1C520FA15D4547275E；学号：27665923第22页（共22页）