宁夏2016年中考物理真题试题（含解析）.DOC

2016年宁夏中考物理试卷
一、选择题
1．初中三年，同学间非常熟悉，甚至可以“闻其声，知其人”，这样判断的主要依据是（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
2．下列关于物态变化的说法中，正确的是（　　）
A．春天，河里冰雪消融的过程要吸热，是升华现象
B．夏天，雪糕周围冒“白气”的过程要放热，是汽化现象
C．秋天，早晨花草上形成露珠的过程要吸热，是液化现象
D．冬天，戴眼镜的人从室外进入室内，镜片变“模糊”的过程要放热，是液化现象
3．当烛焰、透镜、光屏三者在图所示的位置时，烛焰在光屏上恰好成清晰的像，则下列光学器件正常使用时，与这个烛焰成像特点相同的是（　　）

A．放大镜 B．照相机 C．投影仪 D．监控摄像头
4．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（　　）
A． B． C． D．
5．POS机的刷卡位置由一个绕有线圈的小铁环制成的检测头如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．如图中实验现象与POS机读出信息原理相同的是（　　）

A．甲图中导线接触电源时，小磁针偏转
B．乙图中闭合开关，铁钉吸引大头针
C．丙图中闭合开关，导体ab水平运动
D．丁图中导体ab向右运动，电流表指针偏转
6．如图所示，启瓶器开启瓶盖时，可看作是（　　）

A．以A为支点的费力杠杆 B．以A为支点的省力杠杆
C．以B为支点的费力杠杆 D．以B为支点的费力杠杆
7．同一滑轮用如图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N、绳重和滑轮的摩擦力不计．则 （　　）

A．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＜η乙
B．手的拉力：F甲=F乙； 机械效率：η甲=η乙
C．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＞η乙
D．手的拉力：F甲＜F乙；机械效率：η甲＜η乙

二、选择说明题
8．下列几个事例中描述正确的是　　　　　　
A．氢气球在升空过程中，体积会逐渐变小
B．在液体内部某一深度处，液体向下的压强大于向上的压强
C．体重不同的两个人同时间内从一楼登上三楼，体重大的人做功的功率较大
D．在沙滩玩耍，会发现沙子烫脚，而海水却比较凉，这是因为沙子的比热容较大
选择理由：　　　　　　　　　　　　　　　　　　．
9．小明家的电饭锅电源线坏了，他在网上新买了一根，使用时闻到橡胶的焦糊味，他立即拔下电源插头，发现这根电源线很热，其他用电器仍然正常工作，你认为引起电源线过热的原因可能是　　　　　　
A．电路的电压过高
B．新买的电源线过细
C．新买的电源线过粗
D．新买的电源线过短
选择理由：　　　　　　　　　　　　　　　　　　．

三、填空题
10．吃拉面时闻到牛肉面的清香，这属于　　　　　　现象，拉面师傅将面胚拉成细长的面条，表明力可以改变物体的　　　　　　．
11．一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量为6.6×106J，这些能量相当于完全燃烧0.55kg的干木柴才能得到．则干木柴的热值为　　　　　　J/Kg，如果用掉一半后，干木柴的热值将　　　　　　．（选填“变大”“变小”或“不变”）
12．把图钉帽在课桌上来回摩擦几下后，图钉帽热得烫手，这是用　　　　　　的方法改变了物体的内能；把瓶装水放在冰箱里，一会儿变凉了，这是用　　　　　　的方法改变了物体的内能．
13．一台“220V 120W”的液晶电视机，正常工作2h消耗的电能为　　　　　　KW•h．
14．小磁针可以在水平面内自由转动，当闭合开关后，小磁针的指向如图所示，由此可知电源的正极在　　　　　　（选填“左端”或“右端”）．

四、实验、探究
15．小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如图所示的实验．
（1）天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示，则烧杯中酱油的质量为　　　　　　g，酱油的密度为　　　　　　kg/m3．
（2）小明用这种方法测出的酱油密度与真实值相比，　　　　　　（选填“偏大”或“偏小”）．
（3）小华认为不用量筒也能测量出酱油的密度，他进行了如下实验操作：
①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0．
②在烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1．
③把烧杯中的水倒尽，再装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2．
则酱油的密度表达式ρ=　　　　　　（已知水的密度为ρ水）．

16．小明游泳时发现，人在水中越往深处走就越觉得所受的浮力越大，由此他猜想：“浮力的大小可能与物体浸入水中的深度有关或者与物体排开水的体积有关”，于是他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计、烧杯和水等器材进行了如图所示的探究．

（1）分析图中弹簧测力计示数的变化可知，物体排开液体的体积越大，所受的浮力就　　　　　　（选填“越大”或“越小”）．
（2）小明绘制了弹簧测力计对金属圆柱体的拉力和金属圆柱体所受浮力随浸入液体深度变化的曲线，如图所示．
分析图象可知：描述的是金属圆柱体所受浮力的变化情况的图象是　　　　　　（选填“a”或“b”）；该金属圆柱体所受的重力为　　　　　　N，当金属块完全浸没水中后所受的浮力是　　　　　　N，金属块浸没水中后所受浮力大小与金属块所处的深度　　　　　　（选填“有”或“无”）关．
（3）在上述实验的基础上，请你再增加一个实验步骤，用来研究浮力大小与液体密度的关系．
17．“测量小灯泡的电功率”的电路如所示，已知小灯泡的额定电压为3.8V，电源为三节干电池．

（1）用笔画线表示导线，根据电路图（图甲）将实物图（图丙）连接起来．
（2）正确连好电路后，闭合开关S，灯L不发光，电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是　　　　　　．
（3）排出故障后进行实验，测得三种实验数据，请你分析实验记录数据和现象，回答问题．

1
2
3
电压U
2.0
3.8
4.5
电流I
0.26

0.32
亮度
逐渐增大
电功率P/W

①当电压表示数为3.8V时，电流表示数如图乙所示，此时通过小灯泡灯丝的电流为　　　　　　A．小灯泡消耗的电功率是　　　　　　W．
②请写出此实验记录表格设计存在的不足之处：　　　　　　．
③经多次测量和计算比较，我们发现小灯泡两端的电压与对应电流的比值并不是一个定值，而是变化的，其可能的原因是　　　　　　．
18．如图1所示，小明在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，用弹簧测力计拉着木块分别在粗糙程度不同的甲、乙水平木板上匀速直线运动，通过改变放在木块上的砝码改变压力，分别测出木块在甲、乙木板上滑动时的摩擦力，并根据实验数据描点画出了滑动摩擦力f摩与对应压力f压关系的图象．

（1）分析图象甲或乙可知，木块对木板的　　　　　　越大，木块所受的滑动摩擦力也就越大；比较图象可知，　　　　　　（选填“甲”或“乙：）木板更粗糙．
（2）小明在实验中发现，拉着木块运动时很难控制“匀速”，于是他设计了如图2所示的装置，将弹簧测力计固定，改为拉动平板小车，当他水平向左拉动平板小车时，木块所受到的摩擦力的方向为　　　　　　．这样改进后的装置的优点是　　　　　　．

五、应用
19．如图所示，是小明制作的多功能实验装置，小车放在水平面上，把支架竖直固定在小车上，在支架中点O处用一细线悬吊一个质量为m的小球，其重力作用线刚好经过静止在小车上的小桶的中心．
（1）小车静止时，剪断细线，小球恰好落在小桶中；若拉着小车水平匀速直线运动的同时剪断细线，小球还能落在小桶中吗，为什么？
（2）利用小明的实验装置，提出一个还能研究的物理问题，并请写出研究该问题的主要操作方法．

20．如图1所示，银川滨河黄河大桥2016年4月28日正式通车，大桥全长6587米．设计时速每小时80公里，该桥最大跨度为218米，是目前世界上最大跨度的多塔连跨钢混折叠合梁自锚式悬索桥．

（1）小明坐在一辆小汽车的前排副驾座位上通过大桥，感觉大桥的斜拉塔“扑面而来”，此时所选的参照物是　　　　　　．若该小汽车6分钟通过大桥，请通过计算说明该车通过滨河大桥时是否超速．
（2）根据大桥设计，过桥车辆对桥面的压强一般应控制在8×105Pa以下，有一辆质量为2000千克的6轮轻型货车，如果每个车轮与路面的接触面积为200cm2．请你计算允许该货车通过滨河大桥载货的最大质量是多少千克．（g取10N/kg）
（3）现在轿车都采用流线型设计（如图2所示），这种设计在减小空气阻力、提高车速的同时也产生了新的问题：轿车高速行驶时，常常有“漂”的潜在危险．请你简要说明汽车高速行驶时“漂”的原因．
21．如图甲所示是小明常用的一个插线板．他在使用时发现：插线板上的开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏了，开关闭合时插孔也能提供工作电压．

（1）根据上市现象，你认为插线板的指示灯和开关的连接方式是　　　　　　．
（2）请你在图乙中画出插线板开关、指示灯和插孔的连接方式，并把插线板与电源线接通．
22．物理知识的应用无处不在，如图所示，甲乙两地相距L千米，两地之间沿直线架设了两条输电线，输电线每千米的电阻是R0欧，现输电导线某处发生了短路，为了尽快确定短路位置，及时修复供电，机智的检修员在甲地利用实验室常用的电学仪器，根据伏安法进行了检测，并根据检测数据确定了短路位置距甲地的距离S．
（1）请你在甲处的虚线框内把检测需要的仪器与两条输电线连接起来，组成检测电路．（所需仪器应元件符号表示）

（2）请根据所学过的电学知识，推导求出短路位置距甲地的距离S=　　　　　　（用已知量、检测量表示，检测电路导线的电阻忽略不计）
推导过程：（检测量用字母表示，推导过程要有必要的文字说明）

2016年宁夏中考物理试卷
参考答案与试题解析

一、选择题
1．初中三年，同学间非常熟悉，甚至可以“闻其声，知其人”，这样判断的主要依据是（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
【考点】音调、响度与音色的区分．
【分析】声音的特性包括音调、响度和音色；其中音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同．
【解答】解：不同的人在说话或唱歌时，由于声带结构的差异，发声的音调和响度可以相同，但音色不会完全相同，所以“闻其声，知其人”主要是根据声音的音色判断的．
故选C．

2．下列关于物态变化的说法中，正确的是（　　）
A．春天，河里冰雪消融的过程要吸热，是升华现象
B．夏天，雪糕周围冒“白气”的过程要放热，是汽化现象
C．秋天，早晨花草上形成露珠的过程要吸热，是液化现象
D．冬天，戴眼镜的人从室外进入室内，镜片变“模糊”的过程要放热，是液化现象
【考点】液化及液化现象；熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点．
【分析】（1）判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化．
（2）放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华．
【解答】解：A、春天，河里冰雪消融，属于熔化，需要吸热，故A错误．
B、夏天，雪糕周围冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的雪糕液化成小水珠形成的，不是汽化现象，是液化现象，需要放热，故B错误．
C、秋天，草叶上结有小露珠，是水蒸气液化形成的，需要放热，故C错误．
D、冬天，戴眼镜的人从室外进入室内，镜片变“模糊”，是屋内热的水蒸气遇到温度较低的镜片液化成小水珠形成的，是液化现象，需要放热，故D正确．
故选D．

3．当烛焰、透镜、光屏三者在图所示的位置时，烛焰在光屏上恰好成清晰的像，则下列光学器件正常使用时，与这个烛焰成像特点相同的是（　　）

A．放大镜 B．照相机 C．投影仪 D．监控摄像头
【考点】凸透镜成像的应用．
【分析】凸透镜成像的规律及其应用：
当u＞2f时，成倒立、缩小的实像．像距2f＞v＞f，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的．
当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像．像距v＞2f，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的．
当u＜f时，成正立、放大的虚像．放大镜就是根据这个原理制成的．
【解答】解：由图可知，此时物距小于像距，故此时成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的．
故选C．

4．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（　　）
A． B． C． D．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】分析电路结构，根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表示数的变化．
【解答】解：
A、两电阻串联，电压表测R′两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R′电压变小，即电压表的示数变小，故A不符合题意；
B、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B符合题意；
C、两电阻串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数保持不变，故C不符合题意；
D、两电阻并联，电压表测电源的电压，身高越高时，定值电阻R不能保护电路，并且由并联电路电压特点知电压表的示数不变，故D不符合题意．
故选B．
5．POS机的刷卡位置由一个绕有线圈的小铁环制成的检测头如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．如图中实验现象与POS机读出信息原理相同的是（　　）

A．甲图中导线接触电源时，小磁针偏转
B．乙图中闭合开关，铁钉吸引大头针
C．丙图中闭合开关，导体ab水平运动
D．丁图中导体ab向右运动，电流表指针偏转
【考点】电磁感应；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用．
【分析】按题意所说，刷卡机检测头利用的是电磁感应现象原理，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．
【解答】解：刷卡机检测头利用的是电磁感应现象原理，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象．
A、甲图中导线接触电源时，小磁针偏转，说明电流周围存在着磁场，故A不符合题意；
B、乙图中闭合开关，铁钉吸引大头针，说明通电螺线管的周围存在着磁场，故B不符合题意；
C、丙图中闭合开关，导体ab水平运动，是通电导体在磁场中受力运动，故C不符合题意；
D、丁图中导体ab向右运动，电流表指针偏转，说明闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故D符合题意．
故选D．

6．如图所示，启瓶器开启瓶盖时，可看作是（　　）

A．以A为支点的费力杠杆 B．以A为支点的省力杠杆
C．以B为支点的费力杠杆 D．以B为支点的费力杠杆
【考点】杠杆的应用．
【分析】①杠杆绕着转动的固定点是支点．结合图片判断其使用情况；
②动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆．
【解答】解：我们使用起瓶器开启瓶盖时，瓶盖中的B点被撬起，所以B点是阻力的作用点．并且在开启的过程中，起瓶器绕A点转动，所以A是支点．在整个过程中，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆．故只有B说法是正确的．
故选B．

7．同一滑轮用如图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N、绳重和滑轮的摩擦力不计．则 （　　）

A．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＜η乙
B．手的拉力：F甲=F乙； 机械效率：η甲=η乙
C．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＞η乙
D．手的拉力：F甲＜F乙；机械效率：η甲＜η乙
【考点】机械效率的大小比较．
【分析】（1）使用定滑轮不省力但能改变力的方向，使用动滑轮能省一半力，但费距离；
（2）机械效率可以利用公式η=×100%，其中W有是克服物体重力做的功，W总是拉力做的功．
【解答】解：（1）由图可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力，F甲=G=100N；
乙滑轮是动滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体和滑轮总重力的一半，F乙=（G+G动）=×=60N，所以：F甲＞F乙；
（2）两幅图中的W有是克服物体重力做的功是相同的，但乙图中拉力做功要克服动滑轮的重力做功，比甲图中做的总功要多，所以结合机械效率公式η=×100%可知，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小，所以η甲＞η乙．
故选C．

二、选择说明题
8．下列几个事例中描述正确的是　C　
A．氢气球在升空过程中，体积会逐渐变小
B．在液体内部某一深度处，液体向下的压强大于向上的压强
C．体重不同的两个人同时间内从一楼登上三楼，体重大的人做功的功率较大
D．在沙滩玩耍，会发现沙子烫脚，而海水却比较凉，这是因为沙子的比热容较大
选择理由：　根据W=Gh可知，在爬楼高度相同时，体重大的人做功多，
又根据P=可知，爬楼时间相同时，体重大的人做功的功率大　．
【考点】大气压强与高度的关系；液体的压强的特点；功率大小的比较；水的比热容的特点及应用．
【分析】（1）大气压与高度有关，高度越高，大气压越小；
（2）由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，液体内部向各个方向都有压强；
液体的压强随深度增加而增大；在同一深度处液体向各个方向的压强相等；不同液体的压强还跟密度有关；
（3）知道功与力和在力的方向上移动的距离有关，根据W=Gh比较做功的多少，然后利用P=比较功率的大小；
（4）在常见物质中，水的比热容是最大的，因此，在相同条件下水吸收的热量较多，而在吸收相同热量时，水升温则较慢．
【解答】解：A、氢气球在升空过程中，由于大气压随高度增加而降低，氢气球内部压强大于外部大气压，
所以体积会渐渐变大，到达一定高度可能会自动破裂，故A错误；
B、因为在液体内部同一深度处液体向各个方向的压强相等，故B错误；
C、体重不同的两个人从一楼登上三楼，所经过的高度相同，则由W=Gh可知，体重大的克服重力所做的功较多，
又根据P=可知，在爬楼时间相同时，做功多的功率大，即体重大的人做功的功率较大，故C正确；
D、在沙滩玩耍，会发现沙子烫脚，而海水却比较凉，这是因为沙子的比热容比海水的比热容小，故D错误．
故答案为：C．
选择理由：根据W=Gh可知，在爬楼高度相同时，体重大的人做功多，
又根据P=可知，爬楼时间相同时，体重大的人做功的功率大．

9．小明家的电饭锅电源线坏了，他在网上新买了一根，使用时闻到橡胶的焦糊味，他立即拔下电源插头，发现这根电源线很热，其他用电器仍然正常工作，你认为引起电源线过热的原因可能是　B　
A．电路的电压过高
B．新买的电源线过细
C．新买的电源线过粗
D．新买的电源线过短
选择理由：　电源线过细时，电阻较大，因为电源线与电饭锅串联，所以电流相等，由Q=I2Rt可知，电流一定时，电阻越大，产生热量越多　．
【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．
【分析】由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量跟电流、电阻大小和通电时间有关，电饭锅跟导线串联在一起，因此通电时间和电流大小相等时，电源线发现很热，说明电源线电阻大．电阻的大小又与导线的长度和粗细有关，导线越长、越小电阻越大．
【解答】解：
A、家庭电路中各用电器之间属于并联，其它用电器仍正常工作，说明电路电压正常，所以选项A不符合题意．
B、电饭锅跟导线串联，通过它们的电流大小和通电时间相等，导线烧焦说明导线的电阻过大（导线过细），所以选项B符合题意．C、电饭锅跟导线串联，通过它们的电流大小和通电时间相等，如果导线太粗，导线的电阻将会很小，产热将会很少，不会烧焦，所以选项C不符合题意．
D、电饭锅跟导线串联，通过它们的电流大小和通电时间相等，如果导线短，导线的电阻将会很小，产热将会很少，不会烧焦，所以选项D不符合题意．
故答案为：B；电源线过细时，电阻较大，因为电源线与电饭锅串联，所以电流相等，由Q=I2Rt可知，电流一定时，电阻越大，产生热量越多．

三、填空题
10．吃拉面时闻到牛肉面的清香，这属于　扩散　现象，拉面师傅将面胚拉成细长的面条，表明力可以改变物体的　形状　．
【考点】扩散现象；力的作用效果．
【分析】（1）不同物质的分子在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．
【解答】解：
（1）吃拉面时闻到牛肉面的清香，是牛肉面的香味分子运动到了空气中，这是扩散现象，说明了分子在不停地做无规则运动；
（2）拉面的师傅将面胚拉成细长的面条，说明力可以改变物体的形状．
故答案为：扩散；形状．

11．一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量为6.6×106J，这些能量相当于完全燃烧0.55kg的干木柴才能得到．则干木柴的热值为　1.2×107　J/Kg，如果用掉一半后，干木柴的热值将　不变　．（选填“变大”“变小”或“不变”）
【考点】燃料的热值．
【分析】（1）因为干木柴完全燃烧放出的热量等于身体消耗的能量，知道完全燃烧干木柴的质量，可以利用公式Q放=mq求干木柴的热值；
（2）热值是燃料的特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量无关．
【解答】解：（1）由Q放=mq可得，q===1.2×107J/kg；
（2）热值是燃料的特性，其大小与燃料的质量无关，用掉一半后，干木柴的热值仍为1.2×107J/kg．
故答案为：1.2×107；不变．

12．把图钉帽在课桌上来回摩擦几下后，图钉帽热得烫手，这是用　做功　的方法改变了物体的内能；把瓶装水放在冰箱里，一会儿变凉了，这是用　热传递　的方法改变了物体的内能．
【考点】物体内能的改变．
【分析】做功改变内能的实质是能量的转化，同时伴随着物体的运动；热传递可以改变物体的内能，它的实质是内能的转移．
【解答】解：
让图钉冒在课桌上来回摩擦几下后，发现图钉冒变烫了，这是用做功的方法改变了物体的内能，在这一过程中，机械能转化为内能；
把瓶装水放在冰箱里，一会儿变凉了，这是用热传递的方法改变了物体的内能，在这一过程中，内能发生了转移．
故答案为：做功；热传递．

13．一台“220V 120W”的液晶电视机，正常工作2h消耗的电能为　0.24　KW•h．
【考点】电功的计算．
【分析】已知电视机的额定功率和工作时间，根据公式W=Pt可求消耗的电能．
【解答】解：已知P=120W=0.12kW，t=2h，
由P=可得，正常工作2h消耗的电能：W=Pt=0.12kW×2h=0.24kW•h，
故答案为：0.24．

14．小磁针可以在水平面内自由转动，当闭合开关后，小磁针的指向如图所示，由此可知电源的正极在　右端　（选填“左端”或“右端”）．

【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】由小磁针静止时的指向和磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电流的方向及电源的正负极．
【解答】解：小磁针静止时S极向左，则由同名磁极间相互排斥、异名磁极间相互吸引可知螺线管左侧为N极，右侧为S极；
由右手螺旋定则可知电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极；如图所示：

故答案为：右端．

四、实验、探究
15．小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如图所示的实验．
（1）天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示，则烧杯中酱油的质量为　45　g，酱油的密度为　1.125×103　kg/m3．
（2）小明用这种方法测出的酱油密度与真实值相比，　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）．
（3）小华认为不用量筒也能测量出酱油的密度，他进行了如下实验操作：
①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0．
②在烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1．
③把烧杯中的水倒尽，再装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2．
则酱油的密度表达式ρ=　•ρ水　（已知水的密度为ρ水）．

【考点】液体密度的测量．
【分析】（1）砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量；由图示量筒读出酱油的体积，然后由密度公式可以求出酱油的密度．
（2）在测液体密度时，玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响．
（3）只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和酱油，称量水和酱油的质量，根据体积相等列出等式求出酱油的密度．
【解答】解：（1）由图甲所示可知，酱油和瓶的总质量：m总=50g+10g+2g=62g，
酱油的质量：m=m总﹣m杯=62g﹣17g=45g，
由图乙所示量筒可知，酱油的体积：V=40mL=40cm3，
酱油的密度：ρ酱油===1.125g/cm3=1.125×103kg/m3；
（2）小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测得酱油的体积偏小，由公式ρ=知：测出的酱油密度偏大．
（3）水的质量：m水=m1﹣m0，
由ρ=可得，水的体积：V=，
酱油的质量：m酱油=m2﹣m0，
根据题意可知，烧杯内水的体积等于酱油的体积，
则酱油的密度表达式：ρ===•ρ水．
故答案为：（1）45；1.125×103；（2）偏大；（3）•ρ水．

16．小明游泳时发现，人在水中越往深处走就越觉得所受的浮力越大，由此他猜想：“浮力的大小可能与物体浸入水中的深度有关或者与物体排开水的体积有关”，于是他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计、烧杯和水等器材进行了如图所示的探究．

（1）分析图中弹簧测力计示数的变化可知，物体排开液体的体积越大，所受的浮力就　越大　（选填“越大”或“越小”）．
（2）小明绘制了弹簧测力计对金属圆柱体的拉力和金属圆柱体所受浮力随浸入液体深度变化的曲线，如图所示．
分析图象可知：描述的是金属圆柱体所受浮力的变化情况的图象是　a　（选填“a”或“b”）；该金属圆柱体所受的重力为　2.7　N，当金属块完全浸没水中后所受的浮力是　1.0　N，金属块浸没水中后所受浮力大小与金属块所处的深度　无　（选填“有”或“无”）关．
（3）在上述实验的基础上，请你再增加一个实验步骤，用来研究浮力大小与液体密度的关系．
【考点】探究浮力大小的实验；阿基米德原理．
【分析】（1）根据称重法比较浮力大小，比较得出结论；
（2）金属块受到的浮力大小在浸没前随排开液体的体积增大而增大，浸没后浮力大小不变；
当物体浸在水中的深度为0时弹簧测力计的示数即为物体的重力；
由图a可知物体浸没时受到的浮力大小（或根据称重法，由图b根据浮力F浮=G﹣F示求浮力）；
分析图a得出结论；
（3）研究浮力大小与液体密度关系时，要保持物体排开液体的体积不变，比较弹簧测力计的示数大小．
【解答】解：（1）比较乙、丙、丁中的实验可知，物体排开液体的体积增大，弹簧测力计示数越来越小，由F浮=G﹣F示知，物体受到的浮力越来越大，所以，得出的结论是物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；
（2）由上面的分析，在浸没前金属块受到的浮力大小随排开液体的体积增大而增大，浸没后排开液体的体积不变，根据阿基米德原理可知，浮力大小不变，据此判断出描述金属圆柱体所受浮力的变化情况的图象是a；
当物体浸在水中的深度为0时，根据二力平衡条件可知，弹簧测力计的示数即为物体的重力大小，由图b知，重力大小为2.7N；
图a中的水平线即为浸没后物体受到的浮力大小，为1.0N；
根据图a可知，金属块浸没在水中后所受浮力大小与金属块所处的深度无关；
（3）研究浮力大小与液体密度关系时，要保持物体排开液体的体积不变，根据称重法比较弹簧测力计的示数大小即可，故增加的实验步骤是：换用一杯密度不同的液体，将金属浸没在液体中，观察弹簧测力计的示数，与丁图比较得出结论（或往丁图实验的烧杯中加入适量的盐或加入其它能改变水的密度的可溶性物质，观察弹簧测力计示数变化情况）．
故答案为：（1）越大；
（2）a；2.7；1.0；无；
（3）换用一杯密度不同的液体，将金属浸没在液体中，观察弹簧测同力计的示数，与丁图比较得出结论（或往丁图实验的烧杯中加入适量的盐或加入其它能改变水的密度的可溶性物质，观察弹簧测力计示数变化情况）．

17．“测量小灯泡的电功率”的电路如所示，已知小灯泡的额定电压为3.8V，电源为三节干电池．

（1）用笔画线表示导线，根据电路图（图甲）将实物图（图丙）连接起来．
（2）正确连好电路后，闭合开关S，灯L不发光，电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是　小灯泡断路　．
（3）排出故障后进行实验，测得三种实验数据，请你分析实验记录数据和现象，回答问题．

1
2
3
电压U
2.0
3.8
4.5
电流I
0.26

0.32
亮度
逐渐增大
电功率P/W

① 当电压表示数为3.8V时，电流表示数如图乙所示，此时通过小灯泡灯丝的电流为　0.3　A．小灯泡消耗的电功率是　1.14　W．
② ②请写出此实验记录表格设计存在的不足之处：　电压、电流没有带单位　．
③经多次测量和计算比较，我们发现小灯泡两端的电压与对应电流的比值并不是一个定值，而是变化的，其可能的原因是　灯丝的电阻随温度的升高而增大　．
【考点】电功率的测量．
【分析】（1）根据电路图连接实物图，由灯泡的额定电压确定电压表的量程，根据表格中的电流值确定电流表的量程；注意电表的正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法；
（2）电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，电压表并联部分之外的电路是完好的，则故障为小灯泡断路；
（3）①根据图乙读出通过灯泡的电流，然后根据P=UI求出灯泡消耗的功率；
②观察分析表格中的各物理量确定表格设计存在的不足之处；
③由欧姆定律知电压表与电流表示数的比值等于灯丝的电阻，再根据灯丝的电阻随温度的升高而增大的特点进行分析．
【解答】解：（1）已知小灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表选用0～3V量程；根据乙图和表格中的数据可知，电流表应选用0～0.6A量程，注意电表的正负接线柱不要接反了；滑动变阻器应采用“一上一下”的接法；从电源正极开始根据电路图连接实物图中的各元件，如图所示：

（2）闭合开关S，发现灯L不发光，电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，电压表两接线柱到电源两极间的各元件是完好的，则故障为小灯泡断路；
（3）①图乙中电流表量程为0～0.6A量程，分度值为0.02A，其示数为0.3A，即通过灯泡的电流为0.3A；
此时小灯泡消耗的电功率：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．
②观察分析实验记录表格中的各物理量可知，电压、电流没有带单位，这是表格设计的不足之处；
③由电路图和欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为灯丝的电阻；由题意知，小灯泡两端的电压与对应电流的比值并不是一个定值，是变化的，说明灯丝的电阻是变化的；当小灯泡两端电压增大时，灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯丝的电阻增大；所以，其可能的原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大（或灯丝的电阻随温度的改变而改变）．
故答案为：
（1）如上图所示；（2）小灯泡断路；
（3）①0.3；1.14；②电压、电流没有带单位（或物理量没带单位）；③灯丝的电阻随温度的升高而增大（或灯丝的电阻随温度的改变而改变）．

18．如图1所示，小明在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，用弹簧测力计拉着木块分别在粗糙程度不同的甲、乙水平木板上匀速直线运动，通过改变放在木块上的砝码改变压力，分别测出木块在甲、乙木板上滑动时的摩擦力，并根据实验数据描点画出了滑动摩擦力f摩与对应压力f压关系的图象．

（1）分析图象甲或乙可知，木块对木板的　压力　越大，木块所受的滑动摩擦力也就越大；比较图象可知，　甲　（选填“甲”或“乙：）木板更粗糙．
（2）小明在实验中发现，拉着木块运动时很难控制“匀速”，于是他设计了如图2所示的装置，将弹簧测力计固定，改为拉动平板小车，当他水平向左拉动平板小车时，木块所受到的摩擦力的方向为　水平向左　．这样改进后的装置的优点是　不需要小车做匀速直线运动，便于实验操作；由于测力计静止便于读数　．
【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
【分析】（1）影响滑动摩擦力大小的因素有：压力，接触面的粗糙程度；分析滑动摩擦力f摩与对应压力f压关系的图象，运用控制变量法得出摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度的关系；
（2）摩擦力的方向始终与相对运动的方向相反；在实验中，木块与弹簧测力计静止不动，不需要控制木板做匀速直线运动，便于实验操作，便于弹簧测力计读数．
【解答】解：
（1）滑动摩擦力f摩与对应压力f压关系的图象可知，此图象为正比例图象，摩擦力随压力的增大而增大，所以木块对木板的压力越大，木块所受的滑动摩擦力也就越大；比较甲、乙图象可知，在压力相同时，甲的摩擦力大于乙的摩擦力，所以甲木板更粗糙；
（2）在如图所示的装置中，水平向左拉动平板小车时，木块相对于小车向右运动，所以受到的摩擦力的方向为水平向左；
由图2所示可知，木块与弹簧测力计固定不动，拉动平板小车运动，该实验设计的优点是：一方面，不需要木板做匀速直线运动，便于实验操作，另一方面，由于测力计静止便于读数．
故答案为：（1）压力；甲；（2）水平向左；不需要小车做匀速直线运动，便于实验操作；由于测力计静止便于读数．

五、应用
19．如图所示，是小明制作的多功能实验装置，小车放在水平面上，把支架竖直固定在小车上，在支架中点O处用一细线悬吊一个质量为m的小球，其重力作用线刚好经过静止在小车上的小桶的中心．
（1）小车静止时，剪断细线，小球恰好落在小桶中；若拉着小车水平匀速直线运动的同时剪断细线，小球还能落在小桶中吗，为什么？
（2）利用小明的实验装置，提出一个还能研究的物理问题，并请写出研究该问题的主要操作方法．

【考点】控制变量法与探究性实验方案；惯性．
【分析】（1）根据牛顿第一定律，从惯性的角度可判断小球是否能落在小桶中；
（2）可以从机械能的相互转化、探究物体表面是否水平等角度提出可探究的问题，并写出主要操作方法．
【解答】答：（1）能；未剪断细线前，小球与车一起向前运动，剪断细线后，因小球具有惯性会保持与车一样的运动速度，所以小球还能落在小桶中；
（2）问题1：势能和动能的转化；操作方法：剪断细线，小球下落．重力势能越来越小，动能越来越大，重力势能转化为动