贵州省安顺市2016年中考理综（物理部分）真题试题（含解析）.DOC

2016年贵州省安顺市中考物理试卷
一、选择
1．对以下自然现象解释正确的是（　　）
A．冰挂的形成是凝华现象 B．云的形成是汽化现象
C．霜的形成是凝固现象 D．雾的形成是液化现象
2．游泳运动员在游泳过程中，下列说法不正确的是（　　）
A．力改变了运动员的运动状态
B．运动员与水之间的作用是相互的
C．使运动员向前运动的力的施力物体是水
D．运动员对水的推力和水对运动员的推力是一对平衡力
3．“猴子捞月”的寓言故事说，猴子看到水中有个月亮，以为月亮掉水中了，大叫起来“不得了啦，不得了啦，月亮掉水里了！”…关于水中的月亮，以下说法正确的是（　　）
A．水中的月亮比天上的月亮小
B．水中出现月亮是光的折射现象
C．水中出现月亮是光的反射现象
D．水中月亮到水面的距离比天上月亮到水面的距离远
4．如图所示，光滑轨道MNP固定在竖直平面内，NP段水平．一小球从M点由静止释放运动到P点的过程中，动能、势能的变化情况是（　　）

A．M到N的过程，势能不变 B．M到N的过程，动能减小
C．N到P的过程，势能增大 D．N到P的过程，动能不变
5．如图所示，电源电压保持不变，灯L标有“6V 0.6W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，电压表示数为4V，当滑片P移到最大阻值时，灯L与滑动变阻器的电功率之比为（　　）

A．4：3 B．3：4 C．3：2 D．2：3

二、填空
6．“五•一”休假期间，小羽一家乘坐游船在虹山湖游玩，看见九孔桥向他们靠近，以九孔桥为参照物，小羽是　　　　　　（选填“运动”或“静止”）的；小羽听到岸上汽车的鸣笛声主要是通过　　　　　　传到耳朵的．
7．小强想测量一个底面积为10cm2的长方体木块的密度．他用刻度尺测量木块的高，如图甲所示，则木块高　　　　　　cm．用托盘天平测量木块的质量，调节天平时，先将游码移至标尺“0”刻度线，再调节平衡螺母，使指针对准分度盘的　　　　　　．当右盘所加砝码和游码位置如图乙所示时天平平衡，则木块质量为　　　　　　g，密度为　　　　　　kg/m3．

8．如图甲所示，用20N的水平拉力拉着质量为5kg的铝块在水平地面上运动，铝块运动的s﹣t图象如图乙所示，则铝块受到的摩擦力大小为　　　　　　N；若克服摩擦力所做的功全部转化为内能并有44%被铝块吸收，则铝块在l0s内的温度升高　　　　　　℃．

9．高速行驶的列车，关闭发动机后，由于　　　　　　列车仍以较大的速度进站，如图所示，列车进站时车体附近的气流速度很大　　　　　　很小，为避免候车乘客被“吸”向列车的事故发生，乘客一定要站在安全线外．

10．某工人在水平地面上，用50N水平推力将重200N的物体匀速推动，使物体在20s内沿水平方向移动10m，该过程中工人水平推力的功率是　　　　　　W；我国自行研制的“蛟龙号”载人潜水艇，其下潜深度已突破7km，某次实验中下潜到6km的深度时，则“蛟龙号”受到的海水压强是　　　　　　Pa．（海水密度取1.03×103kg/m3）
11．如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，电压表示数　　　　　　，电压表的示数与电流表的示数比值　　　　　　（选填“变大”、“变小”“不变”）

12．为了节约能源，我国制定了彩电能放标准，该标准规定，彩电待机功率不得超过9W．若每个家庭平均拥有2台电视机，每天待机5h，则某家庭每天电视机消耗的电能最多将达到　　　　　　J；根据图中通电螺线管的N极，可判断a端是电源的　　　　　　极．

13．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的物体提升相同的高度，在不计绳重及机械摩擦的情况下，甲所用的拉力　　　　　　乙所用的拉力；甲滑轮组的效率　　　　　　乙滑轮组的效率（填“大于”、“等于”或“小于”）．

三、探究
14．在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次摆在光具座上，为了使蜡烛的像成在光屏中央，使蜡烛、凸透镜和光屏的中心大致在　　　　　　．
（2）按要求进行观察和测量，并将观测情况记录在表中（透镜焦距f=10cm）．
实验序号
物距u/cm
像距v/cm
像的性质
1
30
15
倒立、缩小、实像
2
20
20
倒立、等大、实像
3
18
23
倒立、放大、实像
4
15

倒立、放大、实像
5
6

倒立、放大、虚像
①根据表中信息，试判断：当物距u=25cm时，成倒立、　　　　　　的实像；
②根据折射现象中光路是　　　　　　的，得出第4次实验的像距v=　　　　　　cm；
③第5次实验，要观察到正立、放大的虚像，眼睛应与蜡烛在凸透镜的　　　　　　（选填“同”或“异”）侧；
④通过对实验数据的分析可得出，　　　　　　倍焦距处是放大与缩小的实像的分界点．
15．小张在“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，连接了如图甲所示的实物图．

（1）闭合开关前，应向　　　　　　端（选填“A”或“B”）调整滑动变阻器的滑片，使电路中的电流在开始测量时最小．
（2）测量过程中，某一次的电流值如图乙所示，则电流值是　　　　　　A．这时，灯丝突然烧断，则电压表的示数　　　　　　（选填“变大”“变小”或“不变”）．换相同规格的灯泡，重测的数据如表所示，并绘出I﹣U图象如图丙的A所示．
（3）依据表格中的数据，小张求出小灯泡电阻的平均值，你同意这种做法吗？说出你的理由　　　　　　（作出判断并说出理由）

电压/v
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流/A
0.10
0.16
0.20
0.23
0.25
0.27
电阻/Ω
5.0
6.3
7.5
8.7
10.0
11.1
平均电阻/Ω
8.1
（4）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图象如图丙的B所示．你认为错误的由于可能是　　　　　　．
（5）“伏安法”测小灯泡电阻的实验装置还可以用来测量　　　　　　的实验．
16．小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的问题所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示．

（1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与　　　　　　有关．
（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用　　　　　　图的装置来进行操作．
（3）圆柱体浸没在水中时受到的浮力是　　　　　　N，圆柱体的体积是　　　　　　m3．（g取l0N/kg）
（4）用图示实验数据测出盐水的密度是　　　　　　kg/m3．

四、简答
17．如图所示，杠杆在竖直向下拉力F的作用下将一物体缓慢匀速提升．如表是提升物体时采集到的信息：
物重G
（N）
OA
（m）
OB
（m）
A端上升的髙度h/m
B端下降的竖直距离s/m
40
0.8
0.4
0.2
0.1
（1）若不计杠杆自重和摩擦，则拉力F的大小；
（2）若实际拉力F为90N，求拉力做的总功及杠杆的机械效率．（机械效率保留三位有效数字）．

18．小英同学得到一边长为10cm，密度为0.7/cm3的正方体木块，她将木块用细线系于圆柱形容器的水中，如图所示，请你帮她分析以下几个问题：（圆柱形容器静止在水平桌面上）
（1）木块所受的浮力大小？
（2）细线的拉力大小？
（3）剪断细线，当木块静止时，容器底部受到液体的压力与细线未断时变化了多少？

19．如图所示电路，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“10Ω 3A”的字样，小灯泡L上标有“12V 6W”的字样，电流表的量程为0﹣3A．
（1）当开关S1，S2，S都闭合时，求小灯泡L在5min内产生的热量．（滑动变阻器R2连入电路的电阻不为0）
（2）当开关S1，S2，S都闭合，电流表的示数为2A时，求R2消耗的电功率．
（3）当开关S1，S2都断开，S闭合时，要求电流表示数不小于其量程的，求滑动变阻器R2接入电路的最大阻值．

五、设计
20．王聪是班里有名的“物理迷”，他爱观察，勤思考．一天，妈妈到超市买了一台家用豆浆机，他仔细观察了豆浆机的构造、铭牌和制作豆浆的过程，发现其中用到了许多物理知识．
（1）机座底部安装有三个小橡皮碗，相当于“吸盘”，可以防止豆浆机在打浆时位置发生移动．“吸盘”是利用　　　　　　起固定作用的．
（2）豆浆机电源线的插头有三个脚，如图甲所示，其中稍长些的脚是把豆浆机的金属部分与　　　　　　相连接．
（3）豆浆机的机头主要由一个电热器（电热丝）和一个电动机带动的打浆器构成．制作豆浆的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．由此可知，豆浆机中的电动机和电热器的连接方式是　　　　　　．
（4）当豆浆打好时，戴眼镜的王聪打开豆浆机，如图乙所示，他只闻到香味却看不清楚豆浆．请你用学过的物理知识解释其中的原因．

2016年贵州省安顺市中考物理试卷
参考答案与试题解析

一、选择
1．对以下自然现象解释正确的是（　　）
A．冰挂的形成是凝华现象 B．云的形成是汽化现象
C．霜的形成是凝固现象 D．雾的形成是液化现象
【考点】凝固与凝固放热特点；液化及液化现象；生活中的凝华现象．
【分析】物质由固态变为液态是熔化；物质由固态变为气态是升华；物质由液态变为固态是凝固；物质由液态变为气态是汽化；物质由气态变为固态是凝华；物质由气态变为液体是液化；
根据物质由什么态变为什么态，判断物质物态变化的名称．
【解答】解：
A、冰挂是由液态的水变为固态的冰形成的，“冰挂”的形成过程是凝固现象，故A错误；
B、云是由气态的水蒸气变成液态的水形成的，“云”的形成过程是液化现象，故B错误；
C、霜是由气态的水蒸气变为固态的冰晶形成的，“霜”的形成过程是凝华现象，故C错误；
D、雾是由气态的水蒸气变为液态的水形成的，“雾”的形成过程是液化现象，故D正确．
故选D．

2．游泳运动员在游泳过程中，下列说法不正确的是（　　）
A．力改变了运动员的运动状态
B．运动员与水之间的作用是相互的
C．使运动员向前运动的力的施力物体是水
D．运动员对水的推力和水对运动员的推力是一对平衡力
【考点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别．
【分析】（1）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（3）二力平衡的条件：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上．
【解答】解：
A、游泳时，水给人一个向前的力，人运动的速度发生变化，体现了力改变物体的运动状态，故A正确；
B、游泳时，人给水向后的力，水给人一个向前的力；体现了物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、使运动员向前运动的力的施力物体是水，故C正确；
D、运动员对水的推力和水对运动员的推力分别作用在水和运动员两个不同的物体上，因此不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故D错误．
故选D．

3．“猴子捞月”的寓言故事说，猴子看到水中有个月亮，以为月亮掉水中了，大叫起来“不得了啦，不得了啦，月亮掉水里了！”…关于水中的月亮，以下说法正确的是（　　）
A．水中的月亮比天上的月亮小
B．水中出现月亮是光的折射现象
C．水中出现月亮是光的反射现象
D．水中月亮到水面的距离比天上月亮到水面的距离远
【考点】光的反射定律；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】根据平面镜成像的特点和平面镜成像原理来解答此题．
平面镜成像属于光的反射现象．平面镜成的像与物体大小相等；像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离；平面镜成的像是虚像．
【解答】解：因为水面相当于平面镜，平面镜成的像与物体大小相等，物距等于像距，
所以水中的月亮与天上的月亮大小相等，水中的月亮到水面的距离与天上的月亮到水面的距离相等，故A、D选项错误；
因为平面镜成像是由光的反射形成的，因此水中出现月亮属于光的反射现象，故B选项错误，C选项正确．
故选C．

4．如图所示，光滑轨道MNP固定在竖直平面内，NP段水平．一小球从M点由静止释放运动到P点的过程中，动能、势能的变化情况是（　　）

A．M到N的过程，势能不变 B．M到N的过程，动能减小
C．N到P的过程，势能增大 D．N到P的过程，动能不变
【考点】动能和势能的大小变化；牛顿第一定律．
【分析】（1）小球在运动过程中，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能．从影响动能和重力势能大小的影响因素考虑．
动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．
（2）重点理解光滑的平面是不考虑摩擦阻力的．
小球运动到N点时，水平方向上不再受到任何力的作用，小球要保持原来的运动状态，保持匀速直线运动．
【解答】解：小球在整个运动过程中，质量不变，从M到N时，高度减小，速度增大，因此势能减小，动能增大．
当从N到P时，根据牛顿第一定律，小球在水平面上做匀速直线运动，因此动能不变，势能不变．
故选D．

5．如图所示，电源电压保持不变，灯L标有“6V 0.6W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，电压表示数为4V，当滑片P移到最大阻值时，灯L与滑动变阻器的电功率之比为（　　）

A．4：3 B．3：4 C．3：2 D．2：3
【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】根据灯泡的额定电压和电功率计算出灯泡的额定电流及电阻，由灯泡正常发光时电压表的示数，计算出电源电压及变阻器的阻值；
计算出变阻器的最大阻值，由P=UI=I2R判断电功率之比．
【解答】解：由题意知，灯泡的额定电压为6V，额定功率为0.6W，则灯泡正常发光时的电流I===0.1A；
灯泡的电阻RL===60Ω；
灯泡正常发光时，变阻器的阻值R滑===40Ω，所以变阻器的最大阻值为80Ω；
P=UI=I2R，当滑动变阻器的阻值最大时，二者电功率之比：
PL：P滑=I2RL：I2R滑′=RL：R滑′=60Ω：80Ω=3：4．
故选B．

二、填空
6．“五•一”休假期间，小羽一家乘坐游船在虹山湖游玩，看见九孔桥向他们靠近，以九孔桥为参照物，小羽是　运动　（选填“运动”或“静止”）的；小羽听到岸上汽车的鸣笛声主要是通过　空气　传到耳朵的．
【考点】参照物及其选择；声音的传播条件．
【分析】（1）一个物体相对于参照物的位置未发生变化，则物体是静止的；一个物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的．
（2）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声．
【解答】解：
（1）小羽一家乘坐游船在虹山湖游玩，看见九孔桥向他们靠近，说明小羽与九孔桥之间的位置不断发生变化，所以以九孔桥为参照物，小羽是运动的；
（2）小羽听到岸上汽车的鸣笛声主要是通过空气传播的．
故答案为：运动；空气．

7．小强想测量一个底面积为10cm2的长方体木块的密度．他用刻度尺测量木块的高，如图甲所示，则木块高　2.50　cm．用托盘天平测量木块的质量，调节天平时，先将游码移至标尺“0”刻度线，再调节平衡螺母，使指针对准分度盘的　中央刻度线　．当右盘所加砝码和游码位置如图乙所示时天平平衡，则木块质量为　14　g，密度为　0.56×103　kg/m3．

【考点】固体密度的测量；长度的测量．
【分析】由图示刻度尺确定刻度尺的分度值，物体两端的所对应的刻度尺示数之差是木块的高度；
调节天平平衡时，指针应指在分度盘中央刻度线处；砝码和游码示数之和是物体的质量；
求出物体体积，然后由密度公式可以求出物体的密度．
【解答】解：由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm，木块的高度是2.50cm；
调节天平平衡时，指针应指在分度盘中央刻度线处；
由图乙所示可知，木块的质量m=10g+4g=14g；
木块的体积V=10cm2×2.50cm=25cm3，
木块的密度ρ===0.56g/cm3=0.56×103kg/m3；
故答案为：2.50；中央刻度线；14；0.56×103．

8．如图甲所示，用20N的水平拉力拉着质量为5kg的铝块在水平地面上运动，铝块运动的s﹣t图象如图乙所示，则铝块受到的摩擦力大小为　20　N；若克服摩擦力所做的功全部转化为内能并有44%被铝块吸收，则铝块在l0s内的温度升高　0.001　℃．

【考点】二力平衡条件的应用；热量的计算．
【分析】因为铝块在水平地面上匀速运动，所以铝块受到的摩擦力和拉力为一对平衡力，知道摩擦力的大小；
知道运动距离，利用W=Fs求克服摩擦阻力做功；又知道做功的44%转化为铝块的内能，可求铁块的内能增加值，根据Q=cm△t求温度的升高值．
【解答】解：
因为铝块在水平地面上匀速运动，所以铝块受到的拉力：f=F=20N，
由图可知：铝块在l0s内通过的路程为50cm，
则铝块克服摩擦阻力做功：W=Fs=20N×0.5m=10J，
铝块的内能增加值：Q=W×44%=10J×44%=4.4J，
由Q=cm△t得：
△t===0.001℃．
故答案为：20；0.001．

9．高速行驶的列车，关闭发动机后，由于　惯性　列车仍以较大的速度进站，如图所示，列车进站时车体附近的气流速度很大　压强　很小，为避免候车乘客被“吸”向列车的事故发生，乘客一定要站在安全线外．

【考点】惯性；流体压强与流速的关系．
【分析】（1）物体具有保持原来运动状态不变的性质称为惯性，惯性是物体的基本属性，任何物体都具有惯性；
（2）在气体或液体中，流速大的位置压强小．
【解答】解：（1）高速行驶的列车，关闭发动机后，由于惯性仍然会保持高速运动的状态；
（2）人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故．
故答案为：惯性；压强．

10．某工人在水平地面上，用50N水平推力将重200N的物体匀速推动，使物体在20s内沿水平方向移动10m，该过程中工人水平推力的功率是　25　W；我国自行研制的“蛟龙号”载人潜水艇，其下潜深度已突破7km，某次实验中下潜到6km的深度时，则“蛟龙号”受到的海水压强是　6.18×107　Pa．（海水密度取1.03×103kg/m3）
【考点】功率的计算；液体的压强的计算．
【分析】①知道推力和物体移动的距离，根据W=Fs，求出推力所做的功，再根据P=，求出工人水平推力的功率．
②知道潜水艇所处的深度和海水的密度，根据液体压强公式p=ρgh求出“蛟龙号”受到的海水压强．
【解答】解：①工人推力做的功：W=Fs=50N×10m=500J．
推力的功率：P===25W．
②“蛟龙号”受到的海水压强：
p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×6000m=6.18×107Pa．
故答案为：25；6.18×107．

11．如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，电压表示数　变小　，电压表的示数与电流表的示数比值　不变　（选填“变大”、“变小”“不变”）

【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据欧姆定律结合R的阻值可知电压表的示数与电流表的示数比值变化．
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=可知，电路中的电流变小，
由U=IR可知，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，
由R=可知，电压表的示数与电流表的示数比值等于定值电阻R的阻值，
所以，电压表的示数与电流表的示数比值不变．
故答案为：变小；不变．

12．为了节约能源，我国制定了彩电能放标准，该标准规定，彩电待机功率不得超过9W．若每个家庭平均拥有2台电视机，每天待机5h，则某家庭每天电视机消耗的电能最多将达到　3.24×105　J；根据图中通电螺线管的N极，可判断a端是电源的　正　极．

【考点】电功率与电能、时间的关系；通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】（1）已知电视机待机功率和待机时间，利用公式W=Pt得到电视机待机消耗的电能；
（2）利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极．
【解答】解：
（1）每个家庭平均拥有2台电视机，每天待机5h，
由P=可得，2台电视机待机时消耗的电能为W=Pt=9W×2×5×3600s=3.24×105J；
（2）已知螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入，右端流出，可以确定电源的a端为正极．
故答案为：3.24×105；正．

13．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的物体提升相同的高度，在不计绳重及机械摩擦的情况下，甲所用的拉力　大于　乙所用的拉力；甲滑轮组的效率　等于　乙滑轮组的效率（填“大于”、“等于”或“小于”）．

【考点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率．
【分析】在使用滑轮组提升重物时，由几段绳子承担物重，提起重物所用的力就是物重的几分之一．有用功和额外功相同时，机械效率也相同．
【解答】解：由图知：甲由两段绳子承担物重，所以F甲=（G物+G动）；乙由3段绳子承担物重，所以F乙=（G物+G动）．所以甲所用的拉力大于乙所用的拉力．
而甲乙两滑轮组动滑轮和物体的重力相同，所以额外功与有用功大小相等．根据η=，所以机械效率相等．
故答案为：大于；等于．

三、探究
14．在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次摆在光具座上，为了使蜡烛的像成在光屏中央，使蜡烛、凸透镜和光屏的中心大致在　同一高度上　．
（2）按要求进行观察和测量，并将观测情况记录在表中（透镜焦距f=10cm）．
实验序号
物距u/cm
像距v/cm
像的性质
1
30
15
倒立、缩小、实像
2
20
20
倒立、等大、实像
3
18
23
倒立、放大、实像
4
15

倒立、放大、实像
5
6

倒立、放大、虚像
①根据表中信息，试判断：当物距u=25cm时，成倒立、　缩小　的实像；
②根据折射现象中光路是　可逆　的，得出第4次实验的像距v=　30　cm；
③第5次实验，要观察到正立、放大的虚像，眼睛应与蜡烛在凸透镜的　异　（选填“同”或“异”）侧；
④通过对实验数据的分析可得出，　2　倍焦距处是放大与缩小的实像的分界点．
【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】（1）要解决此题，需要知道在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度．
（2）①要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律．知道当物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；
②根据光路的可逆性，由1的数据可知4的数据；
③凸透镜成虚像时，像与物体同侧；
④根据数据，成等大像的位置应该时放大和缩小实像的分界点．
【解答】解：（1）在做实验的过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者中心大致在同一高度上，是为使烛焰的像成在光屏的中心．
（2）①由题意知，f=10cm；当物距u=25cm时，物距u＞2f．根据凸透镜成像的规律可知，此时成倒立、缩小的实像．
②折射时光路是可逆的，由第一组数据知，物距为30cm时，像距为15cm，所以当物距为15cm时，像距为30cm；
③虚像与蜡烛在凸透镜的同侧，所以要观察虚像，眼睛应与蜡烛在凸透镜的异侧进行观察；
④由表格中数据知，当物距等于20cm时，成等大的实像；物距大于20cm时，成缩小的实像；物距小于20cm时，成放大的实像；由此可知，20cm=2f处是成放大和缩小实像的分界点．
故答案为：（1）同一高度上；（2）①缩小；②可逆；30；③异；④2．

15．小张在“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，连接了如图甲所示的实物图．

（1）闭合开关前，应向　A　端（选填“A”或“B”）调整滑动变阻器的滑片，使电路中的电流在开始测量时最小．
（2）测量过程中，某一次的电流值如图乙所示，则电流值是　0.26　A．这时，灯丝突然烧断，则电压表的示数　变大　（选填“变大”“变小”或“不变”）．换相同规格的灯泡，重测的数据如表所示，并绘出I﹣U图象如图丙的A所示．
（3）依据表格中的数据，小张求出小灯泡电阻的平均值，你同意这种做法吗？说出你的理由　不同意；灯丝的电阻受温度影响，并非一个定值　（作出判断并说出理由）

电压/v
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流/A
0.10
0.16
0.20
0.23
0.25
0.27
电阻/Ω
5.0
6.3
7.5
8.7
10.0
11.1
平均电阻/Ω
8.1
（4）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图象如图丙的B所示．你认为错误的由于可能是　电压表接在了滑动变阻器两端　．
（5）“伏安法”测小灯泡电阻的实验装置还可以用来测量　小灯泡功率　的实验．
【考点】伏安法测电阻的探究实验．
【分析】（1）闭合开关前，应将滑片滑动变阻器的最大值处；
（2）由图乙根据电流表的量程和分度值，读出电流表示数；灯丝烧断，电压表被串联入电路中，由此分析其示数的变化情况；
（3）影响电阻的因素有：导体的温度、长度、横截面积和材料等，而小灯泡两端的电压不同，小灯泡灯丝的温度会不同，因此电阻也不同；
（4）电压表并联在灯泡两端时，随着电流的增大，灯泡两端的电压增大，根据串联电路电压的特点，变阻器两端的电压会随之减小；
（5）本实验中测量的是电压和电流，根据P=UI可知，还可以测量电功率．
【解答】解：
（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑片移到变阻器的最大阻值处，由图甲知，应向A端调整滑动变阻器的滑片，使电路中电阻最大，电流最小；
（2）由图乙知，电流表使用0～0.6A量程，分度值为0.02A，此时电流值为0.26A；
由图知，L与变阻器串联，电压表测灯泡L两端电压，所以电压表示数小于电源电压．当灯泡丝烧断后，电压表串联在电路中，相当于电压表测量电源电压，所以电压表的示数变大；
（3）因为灯丝的电阻与温度有关，而灯泡两端的电压越大，灯丝的温度越高，因此小灯泡在不同电压下工作时，小灯泡的灯丝温度不同，电阻也不相同，所以不能求灯丝电阻的平均值；
（4）丙图中的B图象，随着电流的增大，电压减小，正好与A图象相反，符合滑动变阻器两端电压的变化规律，因此电压表接在了滑动变阻器两端；
（5）利用本装置能测量电压和电流，由P=UI知还能求出电功率，所以还能完成测灯泡功率实验．
故答案为：
（1）A；（2）0.26；变大；（3）不同意；灯丝的电阻受温度影响，并非一个定值；
（4）电压表接在了滑动变阻器两端；（5）小灯泡功率．

16．小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的问题所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示．

（1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与　物体排开液体的体积　有关．
（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用　丙、丁　图的装置来进行操作．
（3）圆柱体浸没在水中时受到的浮力是　4　N，圆柱体的体积是　4×10﹣4　m3．（g取l0N/kg）
（4）用图示实验数据测出盐水的密度是　1.1×103　kg/m3．
【考点】探究浮力大小的实验．
【分析】（1）分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论．
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，分析图示实验，然后答题．
（3）物体的重力与测力计拉力之差是物体受到的浮力，根据浮力公式求出物体的体积．
（4）根据浮力公式求出盐水的密度．
【解答】解：（1）由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关．
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，由图示实验可知，图丙、丁所示实验中物体排开液体的密度、物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，可以选用图丙、丁所示实验探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系．
（3）由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力：
F浮=G﹣F=5N﹣1N=4N；
由F浮=ρ水gV排得圆柱体的体积：
V=V排===4×10﹣4m3；
（4）由图甲、戊所示实验可知，圆柱体浸没在盐水中所受浮力：
F浮盐水=G﹣F′=5N﹣0.6N=4.4N，
浮力F浮盐水=ρ盐水gV排，盐水的密度：
ρ盐水===1.1×103kg/m3．
故答案为：（1）物体排开液体的体积；（2）丙、丁；（3）4；4×10﹣4；（4）1.1×103．

四、简答
17．如图所示，杠杆在竖直向下拉力F的作用下将一物体缓慢匀速提升．如表是提升物体时采集到的信息：
物重G
（N）
OA
（m）
OB
（m）
A端上升的髙度h/m
B端下降的竖直距离s/m
40
0.8
0.4
0.2
0.1
（1）若不计杠杆自重和摩擦，则拉力F的大小；
（2）若实际拉力F为90N，求拉力做的总功及杠杆的机械效率．（机械效率保留三位有效数字）．

【考点】杠杆的平衡条件；功的计算；杠杆的机械效率．
【分析】（1）不计杠杆自重和摩擦，可由杠杆平衡条件计算得到拉力的大小；
（2）知道拉力大小和下降竖直距离，利用W=Fs求拉力做的总功；知道物体重和上升的高度，利用W=Gh求有用功；再利用效率公式求杠杆的机械效率．
【解答】解：（1）不计杠杆自重和摩擦，
由杠杆平衡条件可得：F×OB=G×OA，即F×0.4m=40N×0.8m
解得：F=80N；
（2）由表中数据可知：s=0.1m，h=0.2m，
拉力做的总功：W总=F′s=90N×0.1m=9J，
有用功：W有用=Gh=40N×0.2m=8J，
杠杆的机械效率：
η=×100%=×100%≈88.9%．
答：（1）若不计杠杆自重和摩擦，拉力F的大小为80N；
（2）若实际拉力F为90N，拉力做的总功为9J，杠杆的机械效率88.9%．

18．小英同学得到一边长为10cm，密度为0.7/cm3的正方体木块，她将木块用细线系于圆柱形容器的水中，如图所示，请你帮她分析以下几个问题：（圆柱形容器静止在水平桌面上）
（1）木块所受的浮力大小？
（2）细线的拉力大小？
（3）剪断细线，当木块静止时，容器底部受到液体的压力与细线未断时变化了多少？

【考点】浮力大小的计算；力的合成与应用；重力的计算．
【分析】（1）知道正方体木块的边长可求体积，木块浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力；
（2）知道木块的体积和密度，根据m=ρV和G=mg求出木块的重力，图中木块静止处于平衡状态，受到竖直向下的重力和绳子的拉力以及竖直向上的浮力，根据力的平衡条件求出绳子的拉力；
（3）把木块和水、绳子看做整体，剪断细线前整体受到木块和水、绳子的重力以及绳子的拉力，剪断细线后整体受到水和木块、绳子的重力，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知容器底部所受压力的变化．
【解答】解：（1）正方体木块的体积：
V=（0.1m）3=1×10﹣3m3，
木块浸没在水中时受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N；
（2）由ρ=和G=mg可得，木块的重力：
G木=m木g=ρ木Vg=0.7×103kg/m3×1×10﹣3m3×10N/kg=7N，
图中木块静止处于平衡状态，受到竖直向下的重力和绳子的拉力以及竖直向上的浮力，
由力的平衡条件可得：G木+F=F浮，
则绳子的拉力F=F浮﹣G木=10N﹣7N=3N；
（3）把木块和水、绳子看做整体，
剪断细线前，整体受到木块和水、绳子的重力以及绳子的拉力，
剪断细线后，整体受到水和木块、绳子的重力，
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，容器底部受到液体的压力与细线未断时变化了：
△F=（G木+G水+G绳+F）﹣（G木+G水+G绳）=F=3N．
答：（1）木块所受的浮力为10N；
（2）细线的拉力为3N；
（3）当木块静止时，容器底部受到液体的压力与细线未断时变化了3N．

19．如图所示电路，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“10Ω 3A”的字样，小灯泡L上标有“12V 6W”的字样，电流表的量程为0﹣3A．
（1）当开关S1，S2，S都闭合时，求小灯泡L在5min内产生的热量．（滑动变阻器R2连入电路的电阻不为0）
（2）当开关S1，S2，S都闭合，电流表的示数为2A时，求R2消耗的电功率．
（3）当开关S1，S2都断开，S闭合时，要求电流表示数不小于其量程的，求滑动变阻器R2接入电路的最大阻值．

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）当开关S1，S2，S都闭合时，L与R2并联，额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据Q=W=Pt求出小灯泡L在5min内产生的热量；
（2）当开关S1，S2，S都闭合时，电流表测干路电流，根据P=UI求出通过L的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用P=UI求出R2消耗的电功率；
（3）当开关S1，S2都断开，S闭合时，R1与R2串联，根据电流表示数不小于其量程的可求电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用的电阻的串联求出滑动变阻器R2接入电路的最大阻值．
【解答】解：（1）当开关S1，S2，S都闭合时，L与R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，
所以，小灯泡L在5min内产生的热量：
QL=WL=PLt=6W×5×60s=1800J；
（2）当开关S1，S2，S都闭合时，电流表测干路电流，
由P=UI可得，通过L的电流：
PL===0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R2的电流：
I2=I﹣IL=2A﹣0.5A=1.5A，
则R2消耗的电功率：
P2=UI2=12V×1.5A=18W；
（3）当开关S1，S2都断开，S闭合时，R1与R2串联，
因电流表示数不小于其量程的，且电流表的量程为0～3A，
所以，电路中的最小电流：
I小=×3A=1A，
电路中的总电阻：
R===12Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器R2接入电