2012年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）.doc

2012年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）

一、单项选择题（每小题2分，共30分）
1．（2分）一个乒乓球拍的质量最接近（　　）
A．10g B．100g C．1kg D．10kg
【考点】23：质量的估测．
【分析】此题考查我们对常见物体质量的估测，根据对日常生活中常见物体和质量单位的认识，选出符合题意的选项。
【解答】解：
两个鸡蛋的质量在100g左右，一个乒乓球拍的质量与此差不多，在100g＝0.1kg左右。
故选：B。
【点评】质量的估测，需要我们熟悉常见物体的质量大小，以它们为标准对研究对象的质量作出判断。如：一个鸡蛋的质量在60g左右，一个苹果的质量在200g左右，一杯水的质量在0.5kg左右，中学生的质量在50kg左右，大象的质量在5t左右，等等。
2．（2分）下列家用电器中，主要将电能转化为机械能的是（　　）
A．微波炉 B．电熨斗 C．电风扇 D．电视机
【考点】J2：电功的实质．
【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。
【解答】解：电流做功的过程，实际上就是个能量转化的过程，从电能转化成其它形式的能；在常见的家用电器中，微波炉将电能转化为光能；电熨斗是将电能转化为内能的；电风扇是把电能转化为机械能；电视机主要是把电能转化为声能和光能。
故选：C。
【点评】电功也是一种功，所以要和前面的内能、做功等能量知识点联系起来记忆，也能更便于理解。
3．（2分）下面设备的工作原理与如图装置的实验原理相同的是（　　）

A．电动机 B．电磁起重机 C．发电机 D．电磁继电器
【考点】CP：电磁感应；CS：发电机的构造和原理．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。该装置中没有电源，发电机就是利用该原理制成的。
【解答】解：由图可知，此时没有电源，若金属棒ab左右运动时，电路中就会有感应电流，这是电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的。
故选：C。
【点评】电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。二者要注意区别开来。
4．（2分）小沈阳演出时，惟妙惟肖地模仿了刀郎的歌声，他关键是成功地模仿了刀郎歌声的（　　）
A．音调 B．音色 C．响度 D．节奏
【考点】9H：音色．
【分析】要解答本题需掌握：物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。
【解答】解：
我们辨别声音是根据音色；模仿声音主要是模仿音色，只有音色一样，才感觉相同。故ACD错误
故选：B。
【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。
5．（2分）火车车厢后有两间厕所，只有当两间厕所的门都关上时（每扇门的插销相当于一个开关），车厢中显示“厕所有人”的指示灯才会发光。如图中符合要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．
【分析】两间厕所的门都关上时指示灯才会发光说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联且控制灯泡。
【解答】解：
A、两开关都闭合时灯泡发光，符合题意，故A正确；
B、闭合S2时指示灯亮，再闭合S1时指示灯不亮，且会发生电源短路，故B错误；
C、闭合任意一个开关，灯泡都发光，不符合题意，故C错误；
D、闭合S2时指示灯亮，闭合S1且会发生电源短路，故D错误。
故选：A。
【点评】根据题意得出两开关的连接方式和位置是解决本题的关键。
6．（2分）四个同学进行登楼比赛，如果规定“功率最大者获胜”，那么胜出者一定是（　　）
A．体重最大的那个 B．力气最大的那个
C．速度最快的那个 D．做功最快的那个
【考点】FB：功率的概念．
【分析】功率是比较物体做功快慢的物理量，功率跟做功多少和做功时间同时有关。
【解答】解：
功率是反映物体做功快慢的物理量，功率大的物体，做功快；功率小的物体，做功慢。所以做功最快的那一个人，他的功率最大。
故选：D。
【点评】本题考查功率的物理意义，理解功率的含义是正确解答本题的关键。
7．（2分）用焦距为15cm的凸透镜观察书本，看到如图所示情景，则此时书到凸透镜的距离可能是（　　）

A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm
【考点】B8：凸透镜成像的应用．
【分析】凸透镜成像规律及其应用之一，当u＜f时，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
【解答】解：据图能看出，此时成的是一个正立、放大的虚像，由凸透镜成像规律可知，当物体处于1倍焦距以内时，才能成正立、放大的虚像，据此能判断出书到凸透镜的距离小于15cm．只有A选项符合题意。
故选：A。
【点评】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律。知道当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像。
8．（2分）下列做法符合安全用电要求的是（　　）
A．先闭合开关，再更换灯泡
B．将开关安装在电灯与零线之间
C．电路起火，迅速用水浇灭
D．发现有人触电，立即切断电源
【考点】IV：安全用电原则．
【分析】结合生活经验和安全用电的常识可对选项中的描述逐一做出判断。要知道安全用电最基本的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
【解答】解：A、先闭合开关，再更换灯泡，这样反而接通了电源，容易触电，不符合安全用电要求；
B、将开关安装在电灯与零线之间，断开开关时，电灯处仍带电，容易触电，不符合安全用电要求；
C、通常的生活用水是导体，电路起火，迅速用水浇灭，容易造成触电，不符合安全用电要求；
D、发现有人触电，立即切断电源，这样可使人脱离带电体，也可放心施救，符合安全用电要求。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
9．（2分）下列四种现象中，由于光的折射形成的是（　　）
A．筷子好像在水面处“折断”
B．蜡烛通过小孔成像
C．荷花在水中的“倒影”
D．人在墙壁上的影子
【考点】AM：光的折射现象及其应用．
【分析】判断此题要掌握好三种光的现象：光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等；
当光照射到两种物质分界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，如：平面镜成像、水中倒影等；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会改变，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：A、人看到的水下的筷子是虚像，比实际向上弯折，是由于光的折射形成的，故A符合题意；
B、小孔成像是由于光的直线传播造成的，故B不符合题意；
C、平静的水面相当于平面镜，荷花在水中的“倒影”相当于平面镜成的像，是光的反射原理，故C不符合题意；
D、人在墙壁上的影子由于光的直线传播造成的，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】学习光的直线传播、光的反射、光的折射时，要多留心生活中的实例，影子、日月食、小孔成像是光的直线传播；镜子、倒影、潜望镜是光的反射；看水中的物体、隔着玻璃、杯子或透镜看物体是光的折射。
10．（2分）用如图所示由测量小灯泡L的额定功率时，闭合开关S，灯L不亮，电流表无示数，但电压表的示数很大，造成这一现象的原因是（　　）

A．灯泡短路 B．灯泡开路
C．滑动变阻器短路 D．电流表开路
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】在用电压表和电流表判断电路故障时，可以根据以下规律进行判断；
当电流表示数为零时，说明电路为开路；否则电路为通路；
当电压表示数为零时，电压表所测范围之内出现短路或用电器完好；
当电压表示数较大（或等于电源电压）时，电压表所测范围之内出现开路。
【解答】解：由题意可知，闭合开关S，灯L不亮，电流表无示数，即电路中没有电流，故说明电路中出现了开路；
根据电压表的示数很大，说明电压表所测范围之内出现断路，即灯泡开路。
故选：B。
【点评】该题考查了利用电流表、电压表判断电路的故障，属于一项学生必须掌握的基本技能。解题的关键是根据电压表、电流表的示数以及灯泡的亮与暗进行综合判断。
11．（2分）在高原上，用如图1装置研究水的沸腾规律，图2是根据实验数据作出的图象。则（　　）

A．该处气压等于一个标准大气压
B．该处气压大于一个标准大气压
C．沸腾前，水的温度不变
D．沸腾时，水的温度不变
【考点】1I：沸腾及沸腾条件．
【分析】液体沸点与气压有关：气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。
【解答】解：
由图可知，水沸腾前，水的温度不断上升；水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是水的沸点，水的沸点是90℃；
在在高原上研究水的沸腾规律时，实验测得水的沸点为90℃；原因是当地气压低于标准大气压。
故选：D。
【点评】本题考查了沸腾的特点、沸点和气压的关系，是基础性题目。
12．（2分）当两个相互接触的物体之间不再发生热传递时，它们一定具有相同的（　　）
A．比热容 B．热值 C．温度 D．密度
【考点】G8：热传递的概念与方式．
【分析】要解答本题需掌握：发生热传递的条件是有温度差。
【解答】解：因为发生热传递的条件是有温度差，如果两物体没发生热传递，肯定是具有相同的温度。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对：热传递的条件的了解和掌握，属于基础题。
13．（2分）夏天，从冰柜里拿出一瓶矿泉水，一会儿外壁出现了一层水珠，这层水珠是下列哪种物态变化形成的（　　）
A．熔化 B．汽化 C．液化 D．凝华
【考点】1M：液化及液化现象．
【分析】从六种物态变化定义进行判断：
物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
【解答】解：
矿泉水瓶的外壁出现了一层水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠沾在矿泉水瓶外壁上，液化放出热量。
故选：C。
【点评】判断物态变化时，要明确一种现象现在和原来的状态，然后根据六种物态变化定义进行比对。
14．（2分）如图是舰载机飞离我国第一艘航空母舰“瓦良格”号时的情景，飞机从启动到飞离航母的过程中（　　）

A．航母所受浮力不变 B．航母所受浮力减小
C．飞机所受升力不变 D．飞机所受升力减小
【考点】8O：阿基米德原理的应用．
【分析】根据漂浮时，浮力与重力的大小相等的关系来判断浮力的大小关系；
飞机在起飞的过程中，速度加快，所受升力是变大的。
【解答】解：飞机飞离航母，航母的总重减小，根据漂浮时，浮力与重力相等的关系可知，航母所受的浮力减小，A错误，B正确；
飞机在起飞过程中，升力大于重力，所以速度变大，所以升力变大，故CD错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查了物体浮沉条件及二力平衡条件的应用，属基础性题目。
15．（2分）通过直接感知的现象，推测无法直接感知的事实，是常用的物理方法。下列推测不合理的是（　　）
A．现象：A球与带正电的B球相互吸引；推测：A球一定带负电
B．现象：白光经过三棱镜后变成彩色光；推测：白光不是单色光
C．现象：一滴墨水扩散到了整杯清水中；推测：分子在不停运动
D．现象：靠近喇叭的烛焰随着声音晃动；推测：声音具有能量
【考点】2Q：物理学方法．
【分析】本题用到物理学方法“推理法”即：在实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律的一种研究问题的方法，但得出的某些规律却不能或不容易直接观察或实验验证。
【解答】解：
A、带电体能够吸引不带电的轻小物体，因此根据轻质球A、B靠近时相互吸引，不能推测：A球一定带负电。推测不合理；
B、白光通过三棱镜将其分解为七种颜色的色光，该现象证实了太阳光是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫这七种颜色的色光组成的。推测合理；
C、一滴墨水扩散到整杯清水中是扩散现象，扩散现象证明了分子在不停的做无规则运动。推测合理；
D、喇叭发声时，靠近喇叭的烛焰随着声音晃动，说明声音具有能量。推测合理。
故选：A。
【点评】本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案。
二、填空、作图题（每图2分，每空1分，共20分）
16．（2分）如图所示，货物A重300N．画出货物A所受重力的图示。

【考点】7B：重力示意图．
【分析】作力的图示就是把力的三要素详细标在图上的过程。作力的图示的一般步骤是这样的：一画简图二定点，三定标度四画线，五截线段六画尖，最后数据标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的图示。
【解答】解：重力的方向是竖直向下，G＝300N，根据作力的图示的基本步骤，可作出货物重力的图示为：

【点评】作力的图示要按照固定的步骤完成，画图要清晰，标度选择要科学合理。
17．（2分） 如图所示，AO是从树尖射向湖面的一束光。请画出其反射光线，并标出MN线上能观察到该反射光线的眼睛位置S。

【考点】A8：作光的反射光路图．
【分析】要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。
【解答】解：首先做出法线，根据光的反射定律中的反射角等于入射角，反射光线和入射光线分居法线两侧，可以做出对应的反射光线，反射光线与MN的交点，即为MN线上能观察到该反射光线的眼睛位置S。
如下图所示：

【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念。入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
18．（2分） 小磁针A、B静止于如图所示位置，当闭合开关S时，小磁针A、B的N极将会分别向　右　、　左　偏转（选填“左”或“右”）。

【考点】CA：通电螺线管的磁场．
【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的NS极，再根据磁极间的相互作用可确定小磁针A、B的N极的运动方向。
【解答】解：根据安培定则可知通电螺线管S极在左端，N极在右侧，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针A的N极向右偏转，小磁针B的N极向左偏转。如图所示：

故答案为：右；左。
【点评】本题比较简单，考查了通电螺线管周围磁场方向，注意磁感线是闭合曲线，外部从N极到S极，内部从S极到N极。
19．（2分）如图所示，用滑轮组将重600N的物体匀速提升0.2m，所用拉力F为250N．则该滑轮组所做的有用功为　120　J，机械效率为　80%　。

【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率．
【分析】（1）由图可知，承担物重的绳子股数n＝3，则s＝3h；知道提升物体的高度和物重大小，利用W有用＝Gh求出使用滑轮组做的有用功；
（2）利用s＝3h求出绳子自由端移动的距离，知道拉力大小，利用W总＝Fs求出总功，再利用η＝求出该滑轮组的机械效率。
【解答】解：
（1）使用滑轮组做的有用功：W有用＝Gh＝600N×0.2m＝120J；
（2）s＝3h＝3×0.2m＝0.6m，
使用滑轮组做的总功：W总＝Fs＝250N×0.6m＝150J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
故答案为：120；80%。
【点评】本题主要考查了有用功和滑轮组的机械效率的计算方法，属于基础知识的考查，要求学生应熟练掌握。
20．（2分）2011年11月，我国“神州八号”飞船与轨道上运行的“天宫一号”成功对接。对接过程中，地面指挥系统与“神州八号”、“天宫一号”是通过　电磁波　传递信号的（选填“电磁波”、“声波”或“超声波”）．对接完成后，以“神州八号”为参照物，“天宫一号”是　静止　的（选填“运动”或“静止”）。
【考点】52：参照物及其选择；D2：电磁波的传播与应用．
【分析】（1）电磁波可以传递信息，飞船在太空中是通过电磁波传播信息的。
（2）判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生了位置的改变，被研究的物体是运动的，否则是静止的。
【解答】解：
（1）神舟八号与天宫一号之间的地面引导、自动寻踪都是通过电磁波传播信息的。
（2）以“神州八号”为参照物，“天宫一号”相对于“神州八号”的位置没有发生变化，所以“天宫一号”是静止的。
故答案为：电磁波；静止。
【点评】在选定参照物时，被研究物体与参照物之间存在位移的变化，那么被研究物体就是运动的，反之则静止；要充分理解运动和静止的相对性。
21．（4分）我国计划2013年将“月球车”送上月球。月球车在月球上与地球上相比，质量　相同　，所受重力　不同　（均选填“相同”或“不同”）．月球车装有较宽的车轮，主要是为了　减小　压强，其车轮上有凹凸不平的花纹，是为了　增大　摩擦（均选填“增大”或“减小”）。
【考点】22：质量及其特性；76：重力；7I：增大或减小摩擦的方法；85：减小压强的方法及其应用．
【分析】①质量是物体的属性，其大小不随物体的状态、形状以及空间位置而改变；
②月球引力相当于地球的六分之一；
③影响压强的因素：压力大小、受力面积的大小；影响摩擦力的因素：压力大小、接触面的粗糙程度。
【解答】解：
质量是物体本身的属性，决定于物质的多少，与物体的位置没有关系，所以月球车在月球上与在地球上相比，质量没有变化；
质量一定的物体在月球上受到的重力比在地球上小得多，所以月球车受到的重力减小；
月球车装有较宽的车轮，是通过增大受力面积来减小压强；
轮胎表面凹凸不平是利用增大接触面的粗糙程度的方法增大摩擦。
故答案为：相同；不同；减小；增大。
【点评】本题通过热点问题考查物理知识，要求学生必须掌握基本的物理知识，并能和生产生活社会联系起来。此类题目是近几年比较流行的题目。
22．（2分）李明家的电能表4月底的读数为832.6kW•h，5月底的读数如图所示，则他家5月份用了　130　kW•h电能，他家同时工作的各种电器总功率不超过　4400　W。

【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；JA：电功率的计算．
【分析】电能表的读数，最后一位是小数，单位是kW•h．根据电能表的额定电压和额定电流计算额定电功率。
【解答】解：读图可知，5月份的用电量是962.6﹣832.6＝130kW•h。
允许同时工作的用电器的总功率：P＝UI＝220V×20A＝4400W。
故答案为：130； 4400。
【点评】掌握电能表的读数方法，并能根据电能表相关的参数进行简单的计算，是解答此类问题的关键。
23．（2分）手机触摸屏是通过识别触摸点的水平和竖直位置，来确定触摸点的位置。以竖直方向为例：触摸屏相当于一根电阻丝，触摸手机屏时，触摸点P将电阻丝分为上下两部分，阻值分别为R1、R2，其等效电路如图所示。当触摸点在竖直向下移动时，R1的阻值　增大　，R1两端的电压　增大　。

【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】（1）从影响电阻大小的因素可以知道，在材料、横截面积一定时，导体的电阻与导体的长度有关。
（2）从电路图可知，R1、R2串联，串联电路电流相等，根据欧姆定律的变形公式分析电阻两端电压的变化。
【解答】解：当触摸点向下移动时，R1长度变长，电阻变大；R2长度变小，阻值变小；
根据电路图可知，电路总电阻不变，由欧姆定律可知，电路电流大小不变，根据欧姆定律的变形公式U＝IR可知，电阻越大，两端的电压就越大，所以R1两端电压增大。
故答案为：增大；增大。
【点评】本题考查欧姆定律的应用和影响电阻大小的因素，要知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，难点是对电路图的正确分析。
24．（2分）如图是我国自主研制的“蛟龙号”深入载人潜水器。本月“蛟龙号”成功地在马里亚纳海沟潜至海面下7000m深处，已知海水的密度为1.03×103kg/m3，此时海水对“蛟龙号”外壳的压强为　7.21×107　Pa，“蛟龙号”外壳每平方米受到的压力为　7.21×107　N。

【考点】89：液体的压强的计算．
【分析】①已知海水的密度和深度，利用公式p＝ρgh得到海水产生的压强；
②根据F＝pS可求每平方米受到的压力。
【解答】解：①潜水器受到海水的压强为p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×7000m＝7.21×107Pa；
②由p＝得：
每平方米受到的压力F＝pS＝7.21×107Pa×1m3＝7.21×107N。
故答案为：7.21×107；7.21×107。
【点评】此题考查的是液体压强和压力的计算，正确理解深度是解决液体压强的第一步。
三、实验、探究题（每空1分，共27分）
25．（5分）取一矿泉水瓶，在靠近底部的侧壁上开一个小圆孔，用胶带封住小孔，接着拧开瓶盖，往瓶中加水，使水面值如图1所示位置。
（1）撕去胶带，水从小孔射出，随着瓶内水面不断下降，水的射程逐渐减小，说明了液体压强随深度的减小而　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）若先拧紧瓶盖，再撕去胶带，小孔中射出的水流速度逐渐变慢直至停止，瓶中水面最后停在如图2所示位置。在水面下降的过程中，瓶内气体的质量　不变　，体积　变大　，密度　减小　，压强　减小　。（均选填“增大”、“减小”或“不变”）

【考点】88：液体的压强的特点．
【分析】（1）液体内部压强随深度的增加而增大；
（2）一定质量的气体，体积变大，密度变小，压强变小。
【解答】解：（1）瓶内水面不断下降，水的射程逐渐减小，说明了液体压强随深度的减小而减小；
（2）图2瓶盖被拧紧后，在水面下降的过程中，瓶内气体的质量不变，体积变大，密度变小，压强变小。
故答案为：（1）减小；（2）不变；变大；减小；减小。
【点评】本题主要考查了液体压强与深度的关系、一定质量的气体压强与体积的关系，难度不大。
26．（7分）图1是探究杠杆平衡条件的实验装置。

（1）实验前，发现杠杆左端略高于右端，为使杠杆在水平位置平衡，应将螺母向　左　调节。（选填“左”或“右”）
（2）如图2所示，将一个钩码挂在杠杆左端的P点，用测力计分别从A、B、C三点竖直向下拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡。由表一种的实验记录可知：支点O到动力作用线的距离越小，所需动力越　大　；所需动力的大小与支点O到动力作用线的距离　成反比　（选填“成正比”、“成反比”或“不成比例”）。
表一　　　　
实验序号
O点到动力作用线的距离s（cm）
动力的大小F（N）
1
15
2
2
10
3
3
5
6
（3）如图3所示，将测力计挂钩系于A点，沿不同方向拉测力计，使杠杆在水平位置平衡，将各次拉力方向和测力计的示数填入表二。由表二数据可知：θ角越小，使杠杆平衡所需动力越　大　。进一步分析可以发现：θ角越小，支点O到动力作用线的距离就越　小　。（均选填“大”或“小”）
表二　　　
实验序号
动力方向与杠杆间的夹角θ
动力的大小F（N）
4
90°
2
5
45°
2.8
6
30°
4
（4）综合实验（2）、（3）可以发现：在阻力不变时，使杠杆平衡所需动力的大小由　支点到动力作用线　的距离决定，该距离叫动力臂；动力臂越大，所需动力越　小　。
【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便；
（2）（3）此题研究了当阻力不变时，杠杆平衡时动力的大小与支点到动力作用点、动力的方向之间的关系，应用控制变量法可解决；
（4）根据杠杆平衡的条件进行分析，即动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂。
【解答】解：
（1）杠杆的右端低，说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向左调节，以减小这一侧的力臂；
（2）当阻力不变时，杠杆平衡时动力的大小与支点到动力作用点之间的关系，应控制动力方向不变，由表一种的实验记录可知：支点O到动力作用线的距离越小，所需动力越大；所需动力的大小与支点O到动力作用线的距离成反比；
（3）当阻力不变时，支点到动力作用点不变时，改变动力的方向，由表二数据可知：θ角越小，使杠杆平衡所需动力越大。分析可以发现：θ角越小，支点O到动力作用线的距离就越小，θ越大，动力越小；
（4）根据（2）、（3）的结论可以发现：在阻力不变时，使杠杆平衡所需动力的大小由支点到动力作用线的距离决定，该距离叫动力臂；根据杠杆的平衡条件可知，动力臂越大，所需动力越小。
故答案为：（1）左；（2）大；成反比；（3）大；小；（4）支点到动力作用线；小。
【点评】物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题。每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。它是科学探究中的重要思想方法，广泛地运用在各种科学探索和科学实验研究之中。控制变量法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。
27．（6分）图1、图2分别是探究圆柱体滚至斜面底端的速度、动能大小与什么因素有关的实验。让材料和直径均相同的钢圆柱体，分别从斜面上静止滚下，最后停留在水平木板上各虚线位置，m1、m2是表示两个钢圆柱体的质量，m1＞m2，各实验均使用同一斜面和木板装置。图2中水平木板左端放置的是同一木块。

（1）图1中①、②两个实验，是探究圆柱体滚至斜面底端的速度大小与圆柱体　质量　的关系。圆柱体在水平木板上滚动的过程中，动能转化为　内　能。
（2）由图1中①、②、③三个实验可知：圆柱体滚至斜面底端的速度大小与其质量　无　关，与放在斜面上的高度　有　关。（均选填“有”或“无”）
（3）由图2中④、⑤两个实验可知：速度相同的圆柱体。质量越　小　，动能越小。由⑤、⑥两个实验可知：质量相同的圆柱体，速度越小，动能越　小　。
【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素．
【分析】（1）在图1中，要探究圆柱体滚动距离与多个因素有关系，即当研究与某个变量的关系时，可以控制其他量不变，根据题意具体验证分析即可；
动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（2）动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究，不同圆柱体，质量不同，从相同高度滚下，到达斜面底端的速度相同；相同圆柱体，从不同高度滚下，到达斜面底端的速度不同；在此实验中，圆柱体的动能大小，通过对木块做功多少、木块运动距离的长短（转换法）比较。
【解答】解：
（1）图1中①、②两个实验，圆柱体的质量不同，是探究圆柱体滚至斜面底端的速度大小与圆柱体质量的关系，圆柱体在水平木板上滚动的过程中速度越来越小，动能转化为内能；
（2）由图1中①、②两个实验圆柱体的质量不同，由图可知在相同的平面上通过的距离相同，可知：圆柱体滚至斜面底端的速度大小与其质量无关；
②、③两个实验圆柱体的质量相同，从斜面的不同高度滚下，由图可知圆柱体在水平木板上滚动的距离不同，说明圆柱体滚至斜面底端的速度大小与放在斜面上的高度有关；
（3）④、⑤两实验，两圆柱体的质量不同，从斜面的同一高度滚下，让圆柱体到达斜面底端的速度相同，圆柱体m1使木块运动的远、圆柱体m1动能大；圆柱体m2使木块运动的近、圆柱体m2动能小，由此得出结论：当速度一定时，物体质量越小、动能越小；
⑤、⑥两实验，用相同的圆柱体、质量相同，从斜面的不同高度滚下，实验⑤中圆柱体到达斜面底端的速度大，圆柱体使木块运动的远、圆柱体动能大；实验⑥中圆柱体使木块运动的近、圆柱体动能小，由此得出结论：当质量一定时，物体速度越大、动能越大。
故答案为：（1）质量；内；（2）无；有；（3）小；小。
【点评】（1）此题探究圆柱体滚动距离的影响因素，根据猜想与多个因素有关，所以实验中应注意控制变量法的应用；
（2）由木块在水平面上移动的距离远近来体现圆柱体的动能多少，是一种转换法；动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究。
28．（9分）李明用如表中长度相同但规格不同的铅笔芯，探究铅笔芯的电阻跟哪些因素有关，表中所标B的级数反应了铅笔芯的硬度，数值越大，硬度越小，HB芯的硬度最大。所用电路如图甲所示。
长度相同的铅笔芯　　　　
代号
硬度
直径（mm）
A
HB
2.0
B
HB
1.0
C
2B
1.0
D
4B
1.0
（1）请完成图3电路的连接。闭合开关前，滑片P应置于滑动变阻器的　最右端　。（选填“最左端”、“最右端”或“正中间”）
（2）要探究铅笔芯的电阻与横截面积的关系，应将铅笔芯　A　和　B　分别接入电路中进行实验。（选填表中的铅笔芯代号）
（3）将铅笔芯B、C、D两端分别与M、N相连，测得B、C的电阻分别为20Ω、15Ω，而铅笔芯D两端的电压为2.4V，电流表示数（如图乙所示）为　0.24　A，则铅笔芯D的电阻为　10　Ω．这说明铅笔芯硬度越小，电阻越　小　。（选填“大”或“小”）
（4）用导电夹M、N夹住铅笔芯B的两端，当导电夹M向N端移动时，电压表的示数将　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．实验得出其电阻与长度的关系如图丙所示，可见铅笔芯的电阻与长度　成正比　。（选填“成正比”或“成反比”）

【考点】IA：影响电阻大小的因素．
【分析】（1）在连接电路中，开关应断开，在闭合开关前，滑片应移至最大阻值处；
（2）影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积这三个；要探究电阻大小的决定因素，就要运用控制变量法的方法去解决；
（3）确定电路表量程、最小分度值，读出电路表示数，由欧姆定律可求出待测电阻阻值；根据铅笔芯B、C、D的硬度和测量的电阻值，得出铅笔芯硬度与电阻的关系；
（4）当导电夹M向N端移动时，改变铅笔芯B连入电路的长度变短，电阻变小，从而得出电压表示数的变化；根据图象的特点可以判断R与L的关系。
【解答】解：
（1）连接电路时，为防止电路中电流过大，开关S应当处于断开状态；
由于滑动变阻器接了下面的左边一个接线柱，所以在闭合开关前，滑片应移至最右端，使其阻值最大；
（2）电阻的决定因素由长度、材料、横截面积有关，要研究铅笔芯的电阻与横截面积的关系，就需要选取一组铅笔芯，它的材料、长度、硬度相同，只有横截面积不同，故选A和B；
（3）由图知，电流表的量程是0.6A，由电流表图示知，电流表的最小分度值是0.02A，电流表示数是0.24A；待测电阻的阻值R＝＝＝10Ω；
铅笔芯B、C、D的硬度的关系是：B＜C＜D；电阻分别为20Ω、15Ω和10Ω，说明铅笔芯硬度越小，电阻越大；
（4）用导电夹M、N夹住铅笔芯B的两端，当导电夹M向N端移动时，铅笔芯B连入电路的长度变短，电阻变小，电压表示数的减小；
根据电阻与长度的关系图可知笔芯的电阻与长度成正比。
故答案为：（1）最右端；（2）A；B；（3）0.24；10；小；（4）减小；成正比。
【点评】导体的电阻决定因素有四个，此题考查了其中的三个，这种题目一般要用到控制变量法去解决，本题同时考查了滑动变阻器的连接及使用，考查了电流表的读数以及电阻的计算。
四、综合题（共23分，解答部分请写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤）
29．（5分）一小球以一定的速度从A点冲上斜面，用照相机每隔0.5秒拍摄一次，记录小球的运动情况，如图所示。
（1）小球由A点冲向E的过程中，速度　减小　。（选填“增大”、“减小”或“不变”）
（2）小球在AD段运动的平均速度为多少米/秒？

【考点】6D：变速运动与平均速度．
【分析】（1）图上每相邻两幅照片的时间间隔相等，由相邻照片间的距离大小可分析小球运动地快慢；
（2）照相机每隔0.5s拍摄一次，求出小球在两位置的照片间隔数，可求出时间t；由图示刻度尺测出AD间的距离s，由速度公式v＝求出平均速度。
【解答】解：
（1）图上每相邻两幅照片的时间间隔t相等，由图可知，在整个运动过程中，两相邻小球间的距离s越来越小，由v＝，知小球的速度越来越小；
（2）由图知A与D间有3个间隔，则小球从A点运动到D点的时间t＝3×0.5s＝1.5s；
由图可知，A与D间的距离s＝60.00cm，则平均速度为v＝＝＝40.00cm/s＝0.4m/s。
答：
（1）减小；
（2）平均速度为0.4m/s。
【点评】本题考查了速度公式，解题的关键是由图求出：小球的运动时间、路程，然后由速度公式分析解答。
30．（9分）图1是测量江水超警戒水位的原理图：电源电压为8V，小灯泡L标有“6V 3W”字样（其电阻不变），H是由电流表改装成的水位计（电阻忽略不计），压敏电阻R通过外表涂有绝缘漆的金属支架与电路相连，并放置于警戒水位处。R的阻值与江水超过警戒水位的高度H的关系如图2所示。

（1）小灯泡的额定电流为　0.5　A，小灯泡的电阻为　12　Ω
（2）压敏电阻R的阻值随江水对它的压强的增大而　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（3）当灯泡L正常发光时，江水高于警戒水位多少米？此时电源的功率为多大？
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】（1）由灯泡铭牌可知，灯泡额定电压是6V，额定功率是3W，由P＝UI的变形公式可以求出灯泡的额定电流，由欧姆定律求出灯泡电阻。
（2）由图2所示图象可以判断出压敏电阻阻值随压强增大如何变化。
（3）由串联电路特点与欧姆定律可以求灯泡正常发光时压敏电阻阻值，然后由图2所示图象求出水位高度；由P＝UI求出电源功率。
【解答】解：（1）∵P＝UI，
∴灯泡额定电流：
I＝＝＝0.5A，
∵I＝，
∴灯泡电阻：
RL＝＝＝12Ω；
（2）由液体压强公式p＝ρgh可知，水的深度h越大，水的压强p越大，
由图2所示图象可知，随水的深度h的增大，压敏电阻阻值变小，
因此压敏电阻阻值随江水对它压强的增大而减小。
（3）∵I＝，
∴灯泡正常发光时，电路总电阻：
R总＝＝＝16Ω，
压敏电阻阻值：
R＝R总﹣RL＝16Ω﹣12Ω＝4Ω，
由图2所示图象可知，此时江水高于警戒水位6m；
此时电源的功率P＝UI＝8V×0.5A＝4W；
故答案为：（1）0.5；12；（2）减小；
（3）当灯泡L正常发光时，江水高于警戒水位6米，此时电源的功率为4W。
【点评】本题考查了求灯泡额定电流、灯泡电阻、压敏电阻随压强增大如何变化、求水位高度、电路总功率等问题；
知道灯泡铭牌含义、应用电功率变形公式、欧姆定律、由图象找出所需信息、电功率公式即可正确解题。
31．（9分）如图示汽车打捞沉入水底重物的示意图。汽车匀速向右运动时，钢索通过定滑轮提升重物A．已知重物A的质量m＝500kg，上表面距水面的高度h＝5m，重物浸没在水中时，钢索的拉力F＝4000N，不计滑轮摩擦和水的阻力。
（1）重物A重　5000　N。
（2）提升重物A至上表面刚要露出水面前的过程中，重物A所受浮力　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”），钢索的拉力做了　20000　J的功。
（3）从重物A上表面刚露出水面到水表面刚要露出水面的过程中，汽车保持匀速运动，汽车对钢索的拉力将　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）重物A的密度为多大？

【考点】2A：密度的计算；78：重力的计算；8O：阿基米德原理的应用；EC：功的计算．
【分析】（1）已知物体的质量，根据公式G＝