贵州省六盘水市2018年中考物理真题试题（含解析）.doc

贵州省六盘水市2018年中考物理真题试题
一、选择题（本题包括8个小题，每小题2分，共l6分，在每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，请将正确选项的字母填在答题卷相应的位置上）
1．（2分）下列物理量中，以科学家的名字“欧姆”作为单位的物理量是（　　）
A．电压 B．电阻 C．电流 D．电功率
【分析】电压、电流、电阻、电功率的单位都是为了纪念科学家对物理学做的贡献，而以他们的名字来命名的，电压单位﹣伏特、电流单位﹣安培、电阻单位﹣欧姆、电功率单位﹣瓦特。
【解答】解：
电压、电流、电功率的单位分别是伏特、安培、瓦特，故A、C、D不符合题意；
电阻的单位是欧姆，B符合题意。
故选：B。
【点评】电学中的物理量多、符号多，区分并记住各物理量的单位，是学好电学的基础。
2．（2分）从人类生存的环境考虑，未来用于汽车的理想燃料是（　　）
A．天然气 B．氢气 C．煤 D．石油
【分析】未来的能源，应该是对环境没有污染的能源。
从清洁能源的角度来分析各个选项。
【解答】解：A、天然气过量燃烧，会对环境产生污染。错误。
B、氢气燃烧后，不会对环境造成污染。正确。
C、煤燃烧后，会对环境造成很大污染。错误。
D、石油不能直接用于汽车，需要提炼出汽油或柴油，这两种能源燃烧后，也会对环境造成污染。错误。
故选：B。
【点评】本题考查学生对清洁能源的掌握情况，需要结合身边现象进行学习。
3．（2分）如图所示，是海波的熔化图象，下列说法中正确的是（　　）

A．海波的熔点是48℃
B．海波在BC段没有吸收热量
C．在第6分钟时海波已全部熔化
D．海波在CD段是气态
【分析】从熔化图象特点可看出海波为晶体，0min对应温度为开始加热时温度，BC段为晶体的熔化过程，对应温度为熔点，对应的时间为熔化时间，熔化过程中处于固液并存状态，需要吸收热量。
【解答】解：由图象可知：
A、BC段为晶体的熔化过程，由图象知对应温度48℃即为海波的熔点。则海波的熔点是48℃，说法正确。
B、图中BC段为晶体的熔化过程，在这段过程中，温度不变，但海波仍要吸收热。则海波在BC段没有吸收热量，说法错误。
C、图中BC段为晶体的熔化过程，第6min即固态海波的温度刚升高到熔点，刚开始熔化，则在第6分钟时海波已全部熔化，说法错误。
D、图中BC段为晶体的熔化过程，海波处于固液共存状态，C点是海波刚全部熔化完，处于液态，则海波在CD段是气态，说法错误。
故选：A。
【点评】此题考查晶体的熔化图象，通过图象得出物理信息：晶体的熔点、初始温度、熔化过程所用时间以及各段物质对应的状态等。
4．（2分）小冬用绳子拴着一石块，使石块绕手做圆周运动，如果石块受到的力突然全部消失，石块将（　　）
A．立即停止运动 B．做匀速直线运动
C．继续做圆周运动 D．速度越来越慢直到停止运动
【分析】牛顿第一定律是描述物体在不受外力作用时，由于具有惯性而表现出来的一种运动规律。
【解答】解：如果石块受到的力突然全部消失，根据牛顿第一定律可知，石块由于惯性，将保持绳子断的那一瞬间的速度永远匀速运动下去。故A、C、D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查学生对牛顿第一定律的理解和掌握。在理解这一定律时要抓住“一切”、“没有受到力的作用”、“总”、“或”这些关键词语。

5．（2分）如果你将掉落在地面的物理课本捡起来放在课桌上，你对课本所做的功最接近于（　　）
A．0.02J B．0.2J C．2J D．20J
【分析】准确的估测课桌的高度和物理课本的重力大小，利用公式W=Fs=Gh计算。
【解答】解：课桌的高度约为0.7m，物理课本的重力约为3N，由公式W=Fs=Gh可得：
W=Gh=0.7m×3N=2.1J，所以选项A、B、D都不符合实际情况。
故选：C。
【点评】本题主要考查三个方面的内容：（1）对课桌高度的估测能力；（2）对物理课本重力大小的估测能力；（3）对机械功的计算能力。

6．（2分）如图所示的四幅图中，不能产生声音的是（　　）
A．吹着的哨B．真空罩中响铃的闹钟
C．关闭的收音机D．敲击的水瓶琴
【分析】声音的产生条件是振动。
【解答】解：A、吹着的哨子，空气柱在振动，产生声音。
B、真空罩里响铃的闹钟在振动，尽管听不见，但声音已经产生了。
C、收音机可以产生声音，但关闭了，所以不振动了。
D、敲击水瓶琴，瓶子在振动，产生声音
故选：C。
【点评】（1）振动是产生声音的条件，判断是否产生声音就要看物体是否在振动；
（2）产生声音和听到声音是两件事，不要误以为听不到声音就是没有产生声音；
（3）能产生声音的物体，如果没有振动，那么也不产生声音。
7．（2分）测绘人员绘制地图时，常需要从高空飞机上向地面拍照，若使用的相机镜头焦距为50mm，则胶片与镜头的距离应为（　　）
A．100mm以外 B．恰为50mm C．50mm以内 D．略大于50mm
【分析】照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，照相机照相时，物距大于二倍焦距，像距大于一倍焦距，小于二倍焦距。
【解答】解：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。胶片和镜头之间的距离是像距，像距大于一倍焦距，小于二倍焦距。
故选：D。
【点评】凸透镜成像的三种情况：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，2f＞v＞f。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪，v＞2f。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
8．（2分）物理研究中常常会用到“控制变量法”、“等效替代法”、“类比法”、“模型法”等研究方法，下面用到“等效替代法”的是（　　）
A．研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场
B．研究两个阻值为R的电阻串联时，可用一个阻值为2R的电阻来代替
C．研究电流与电压关系时，控制电阻不变
D．研究电压时，我们可以通过对比水压来认识它
【分析】①常用的物理学研究方法有：控制变量法、等效替代法、模型法、比较法、类比法、转换法等，是科学探究中的重要思想方法。
②等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。
【解答】解：A、研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场，采用的是“模型法”；不符合题意。
B、研究两个阻值为R的电阻串联时，可用一个阻值为2R的电阻来代替，采用的是“等效替代法”；符合题意。
C、研究电流与电压关系时，控制电阻不变，采用的是“控制变量法”；不符合题意。
D、研究电压时，我们可以通过对比水压来认识它，采用的是“类比法”；不符合题意。
故选：B。
【点评】解决此类物理学方法问题，要结合研究对象判断所用的研究方法。
二、填空题（本题共6小题，每空1分，共10分，浏哿正确的答案填在答题卷相应的位置上）
9．（1分）我国是世界上手机用户最多的国家，手机是通过　电磁（或无线电）　波来传递信息的。
【分析】手机是通过接收和发射电磁波来实现通讯的；
根据我们对于手机的了解来作答。
【解答】解：手机是利用电磁波来传递信息的，通过电磁波的发射和接收来实现信息传递的。
故答案为：电磁。
【点评】此题考查的是我们对于手机信号的了解，是一道基础题。
10．（2分）某同学站在竖直放置的平面镜前2m处，镜中的像与他相距　4　m．当该同学走近平面镜时，镜中像的大小将　不变　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】根据平面镜成像的特点，平面镜成像是等大正立的虚像，且物距与像距相等即可解答此题。
【解答】解：由平面镜成像的特点可知：平面镜成的像与物体是等大的，由于物到平面镜的距离与像到平面镜的距离相等，所以当这位同学站在竖直放置的平面镜前2m处，那么他的像与平面镜的距离也是2m，则镜中的像与本人相距2m+2m=4m。
当人靠近平面镜，像也靠近平面镜，平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小。
故答案为：4；不变。
【点评】本题考查了平面镜成像的特点：①平面镜所成的像是虚像；
②像与物体的大小相同；
③像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等；
④像与物体相对于平面镜对称。
牢记平面镜成像的特点是解答本题的关键。
11．（2分）沿海地区昼夜之间的温差，与同纬度内陆地区昼夜之间的温差不同，如图列出的是：2010年6月某日同纬度的沿海某城市和内陆陆某城市的气温情况，请判断甲是　沿海　城市（选填“沿海”或“内陆”），你的依据是　沿海城市昼夜温差小　。

【分析】根据水的比热容较大的特点分析沿海城市为什么昼夜温差小，然后做出判断。
【解答】解：沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。由表知城市甲的温差小，所以甲是沿海城市。
故答案为：沿海，沿海城市昼夜温差小。
【点评】此题考查的是水的比热容较大的特点及其应用，利用所学的物理知识解释生活中的现象，是中考的热点。
12．（3分）园园煮汤圆时发现，生汤圆放入锅内，由于浮力　小于　（选填“大于”或“小于”）重力而下沉；煮熟的汤圆因其内部受热膨胀，浮力　增大　（选填“增大”或“减小”），汤圆上浮。若一个汤圆的体积约为20cm3，那么它在上浮过程中（未露出水面）所受浮力约为　0.2　N（g取10N/kg）。
【分析】生汤圆重力大于浮力下沉，受热膨胀，体积变大，排开水的体积变大，浮力变大，根据公式F浮=ρgV排可求所受浮力。
【解答】解：生汤圆放入锅内，体积较小，重力大于浮力，所以下沉，煮熟的汤圆因其内部受热膨胀，体积变大，所受浮力变大，
所受浮力约为F浮=ρgV排=1000kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3=0.2N。
故答案为：小于；增大；0.2。
【点评】本题考查物体的沉浮条件和浮力的计算，关键知道物体重力大于浮力时下沉，等于浮力时悬浮，小于浮力时上浮，还要知道影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积。

13．（1分）开瓶时使用的开瓶器（图a），可以简化成不计重力的省力杠杆（图b），O为支点。若动力F1和阻力F2．都与杠杆垂直，且AO=6cm，BO=1cm，F1=25N，则F2=　150　N。

【分析】杠杆的平衡条件是：动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂；
已知动力、动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡的条件计算即可求得。
【解答】解：由杠杆的平衡条件得：F1L1=F2L2
F1×AO=F2×BO
25N×6cm=F2×1cm
F2=150N
故答案为 150。
【点评】知道杠杆平衡的条件，并且会用杠杆平衡的条件计算力的大小和力臂的大小。
14．（1分）发电机是利用电磁感应现象的原理工作的，电动机是利用　通电线圈在磁场中受力转动　的原理工作的。
【分析】根据电动机的原理填空。
【解答】解：电动机是由转子（线圈）和定子（磁体）两部分组成，当给电动机通电时，通电线圈就会在磁体的磁场中受力而发生转动。
故答案为 通电线圈在磁场中受力转动。
【点评】本题考查了电动机的原理，属于基础知识的考查，要牢记。

三、作图与分析（本题包括3个小题，每小题2分，共6分，请在答题卷的相应位置正确作图）
15．（2分）如图所示，请画出足球所受重力G的示意图。

【分析】重力是作用点在物体的重心上，重力的方向竖直向下。
【解答】解：重力是作用点在物体的重心上，重力的方向竖直向下。重力的示意图如图所示：

【点评】注意重力的方向竖直向下，最后在箭头处标出重力G。

16．（2分）将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内完成）．要求：A．电路能改变电磁铁磁性的强弱；B使小磁针静止时如图所示。

【分析】要使小磁针静止在图示位置，根据磁极间的相互作用确定电磁铁的右端为N极，左端为S极。然后利用安培定则来确定电流方向。
要改变电磁铁磁性的强弱，就需要从决定电磁铁磁性强弱的因素电流大小、线圈匝数、有无铁芯这几方面去考虑。由于线圈匝数、铁芯这两个方面已经确定。故只有从电流大小去考虑。
【解答】解：已知小磁针的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的左端为S极，右端为N极；要使电磁铁的右端为N极，由安培定则可知，电流要从电磁铁的右端流入，因此电源的右端为正极、左端为负极；
改变线圈中的电流大小可以改变电磁铁磁性的强弱，因此电路中要串联一个滑动变阻器。
故设计电路如下：

【点评】本题考查电磁铁的影响因素和安培定则，难点是电路图的设计，电路图的设计首先要明确题目的要求，按照要求进行设计电路。

17．（2分）如图所示，请画出滑轮组最省力的绕法。

【分析】滑轮组绳子的绕法有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。
【解答】解：对由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，可绕线方法有两股和三股两种，两种方法都达到了省力的目的，但拉力的方向不同，有三股绕线的方法拉力方向向上；有两股绕线的方法拉力方向向下，在不计滑轮自重及摩擦的情况下，动滑轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮组提升物重的几分之一。由此可知绳子股数越多越省力，根据题意滑轮组最省力的绕法是绳子股数最多，即三股绕线的方法。
具体图形如下：

【点评】此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同，绳子股数越多越省力。

四、物理与生活（本题共l小题3个问，每问3分，共9分，请在答题卷的相应位置写出正确答案）
18．（3分）电是我们使用最为广泛的能源之一，但如果使用不当，电也是相当危险的，生活中我们怎样做到安全用电？（至少写一条）
【分析】安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；
【解答】解：
不使用绝缘皮破损的导线（或：不要在电线上晾衣服；不要用湿手接触开关；
大功率用电器、有金属外壳的用电器要接地；电灯的开关应该接在火线和电灯之间；
不接触低压带电体，不靠近高压带电体；发现有人触电要立即切断电源；
防止绝缘部分破损；保持绝缘部分干燥；不用要铜丝、铁丝代替保险丝等）。
【点评】此题考查了安全用电常识，注意联系实际加以应用。
19．（3分）图甲中小孩荡秋千的过程可简化为乙，分析他从A点荡到C点的能量转化（阻力忽略不计）。

【分析】物体从高处到低处时重力势能减小，速度增大，即动能变大，重力势能转化为动能；物体由低处向高处运动时，速度逐渐减小，则动能转化为重力势能。
【解答】解：从A点到B点的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度增大，所以动能增大。此过程是重力势能转化为动能；
从B点到C点的过程中，质量不变，高度增加，所以重力势能增大；速度减小，所以动能减小。此过程是动能转化为重力势能。
答：A点至B点重力势能转化为动能；B点到C点动能转化为重力势能。
【点评】此题考查了动能和重力势能的相互转化，掌握各自影响因素是解答此类问题的基础。

20．（3分）用手拍桌面，手会感到疼，这是为什么？
【分析】力是物体对物体的作用，力的作用是相互的，一个物体受到力，同时会给施力物体一个反作用力。
【解答】答：因为物体间力的作用是相互的，当手给桌面一个力的作用时，桌面反过来给手一个力的作用，所以手感到疼。
【点评】此题考查了力的作用的相互性，要知道力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体。

五、实验与探究（本题共2小题，每空1分，共l0分，请在答题卷的相应位置写出正确答案）
21．（5分）在用托盘天平测量矿石的质量时，应将天平放在　水平　台上，游码移至标尺左端的　零　刻度线处，若指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母　右　调，直到天平平衡；把一块体积为20cm3的矿石放到天平左盘称量，天平平衡时，右盘中所加砝码和游码的位置如图乙所示，则矿石的质量是　78.4　g，密度是　3.92　g/cm3。

【分析】使用把天平时把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度。
根据指针能判断横梁哪端下沉，调节平衡螺母调节天平的横梁平衡。
根据砝码和游码对应的刻度值计算物体的质量，根据密度公式计算物体的密度。
【解答】解：使用把天平时把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度。
如图，指针偏向分度盘的左侧，说明横梁的左端下沉，平衡螺母向相反的方向移动，所以平衡螺母向右移动。
游码对应的刻度值，标尺每一个大格代表1g，每一个小格代表0.2g，游码对应的刻度值是3.4g。
矿石的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值=50g+20g+5g+3.4g=78.4g。
ρ===3.92g/cm3。
故答案为：水平；零；右；78.4；3.92。
【点评】本题属于基础题。本题考查了天平的调节、天平的读数、固体密度的测量方法等。
记忆窍门：调节天平横梁平衡时，哪端上翘，可以理解成敲尾巴，把上翘的尾巴压下去。平衡螺母把上翘的尾巴压下去。
22．（5分）李瑞同学在参加六盘水市物理实验技能大赛时，对串联电路电压规律进行了探究。
【猜想与假设】串联电路总电压等于各用电器两端电压之和。
【设计与进行实验】
①按图所示的电路图连接电路；
②闭合开关，用电压表测出L1两端的电压；
③在测L2两端的电压时，李瑞同学为了节省时间，采用以下方法：电压表所接的B点不动，只断开A点，并改接到C点上；
④测出AC间的电压。
（1）在拆接电路时，开关必须　断开　；
（2）李瑞同学用上面的方法能否测出L2两端的电压？　不能　，为什么？　电压表正负接线柱接反了　；
UAB/V
UBC/V
UAC/V
2.4
1.4
3.75
（3）方法改进后，实验数据记录如上表，李瑞同学分析后得出结论：串联电路总电压不等于各用电器两端的电压之和；他的结论与猜想是否相符　不相符　；这个实验在设计方案上还存在的不足之处是　他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律　（写出一条）。

【分析】（1）连接电路时，开关必须要断开，断开的目的是为了保护电路，以防止由于接错出现短路烧坏电源；
（2）电压表要准确的测量用电器两端的电压，必须严格按照电压表的使用规则进行操作，所以判断李瑞同学能不能用此方法测出L2两端的电压，就看电压表此时是否与L2并联，正负接线柱的接法是否正确；
（3）将AB间电压与BC间电压相加，即可判断出是否与AC间电压相等。通过实验获得结论，一般都要多做几次实验，多做几次实验，就可以多获几组数据，从而可以对数据进行归纳分析，以此获得结论。
【解答】解：（1）在拆接电路时，开关必须断开；
（2）当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2两端的电压；
（3）由表中数据可知：UAB+UBC=3.8V，这与UAC间电压不相等，所以他的结论与猜想不相符。
不足之处是：他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律。
故答案为：（1）断开；（2）电压表正负接线柱接反了；
（3）他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律
【点评】本题是一道实验题，做此题时要围绕串联电路的电压规律去分析解答。需要注意的是在电学实验中，连接电路时开关都必须是断开的。

六、计算与应用题（本题共2个小题，21题8分，22题6分，共14分，请把解题过程写在答题卷相应的位置上）（要求：解答应有必要的文字说明、公式和步骤，并带单位计算）
23．（8分）我国自主研发的涡桨支线飞机“新舟600”质量为20t，试飞时飞机以500km/h的速度水平匀速飞行了1.2h，着陆后轮子与水平地面接触的总面积约为2m2．（g取10N/kg）请问：
（1）飞机水平飞行的路程是多少？
（2）飞机受到的重力是多大？
（3）飞机水平飞行时受到的升力是多大？
（4）飞机着陆后对地面的压强是多大？
【分析】（1）已知飞机飞行的速度和时间求飞机水平飞行的路程，利用速度公式变形s=vt计算即可；
（2）已知飞机的质量求飞机受到的重力，利用G=mg计算；
（3）已知飞机受到的重力，求飞机水平飞行时受到的升力，利用二力平衡的知识解决；
（4）已知压力和受力面积求飞机着陆后对地面的压强，利用压强的公式计算。
【解答】解：（1）飞机水平飞行的路程是s=vt=500km/h×1.2h=600km；
（2）m=20t=2×104kg；飞机受到的重力是G=mg=2×10 4kg×10N/kg=2×105N；
（3）∵飞机水平匀速飞行，
∴飞机水平飞行时受到的升力是F=G=2×105N；
（4）飞机着陆后对地面的压强是。
答：（1）飞机水平飞行的路程是600km；
（2）飞机受到的重力是2×105N；
（3）飞机水平飞行时受到的升力是2×105N；
（4）飞机着陆后对地面的压强是1×105Pa。
【点评】本题考查的知识点多，速度公式、重力、二力平衡、压强的计算公式等，难度较大，学生要灵活地运用这些公式进行计算。

24．（6分）妈妈为了让明明在家里有一个舒适的学习和生活环境，新买了一台科龙牌挂式空调机，细心的明明观察后发现这台空调的铭牌参数如下表所示：
额定电压：220V
型号KFR﹣2GW/uR2
频率：50Hz
额定功率：1100W
出厂日期：2009.5
编号：AO30493
请问：（1）这台空调正常工作时通过的电流是多少安？
（2）如果这台空调每天正常工作2h，那么一个月（按30天计算）要消耗多少kw•h的电能？
（3）如果这台空调在用电高峰期时的实际电压是200V，那么实际消耗的电功率是多少瓦？（结果保留整数）
【分析】（1）根据表中空调的铭牌参数：额定电压是220V．额定功率为1100W，利用P=UI变形即可求出这台空调正常工作时通过的电流；
（2）已知P=1100W，这台空调一个月正常工作时间t=2h×30，根据W=Pt即可求出那么一个月要消耗的电能；
（3）根据这台空调的额定电压和额定功率，利用R=求出这台空调的电阻，再利用P=即可求出实际消耗的电功率。
【解答】解：（1）由表中空调的铭牌参数可知：U额=220V，P额=1100W，
空调正常工作时通过的电流I===5A；
（2）P=1100W=1.1kW，t=2h×30=60h，
W=Pt=1.1kW×60h=66kW•h；
（3）由：U额=220V，P额=1100W，
可知这台空调的电阻为：R===44Ω，
P实==≈909W。
答：（1）这台空调正常工作时通过的电流是5A；
（2）如果这台空调每天正常工作2h，那么一个月（按30天计算）要消耗66kW•h的电能；
（3）实际消耗的电功率是909瓦。
【点评】此题属于信息给予题，首先处理好信息，包括丢弃与问题无关的干扰信息，找到有用的信息，并使之跟物理知识发生联系；然后确定解题方法并列式求解，这是解信息题成败的关键。

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