2021年甘肃省武威、白银、天水中考物理试题（解析版）.doc

2021年甘肃省白银市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．【分析】能够从自然界源源得到补充的能源是可再生能源，例如水能、风能、太阳能等。
【解答】解：A、太阳能可以从自然界源源得到补充，属于可再生能源，故A符合题意；
BCD、石油、煤、核燃料一旦消耗，在短时间内无法从自然界得到补充，属于不可再生能源，故BCD不合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了能源的分类，属于基础知识的考查，比较简单。
2．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献。
【解答】解：A.阿基米德总结出了浮力大小的计算方法，故A错误；
B.法拉第发现了电磁感应现象，并制造了发电机，故B正确；
C.托里拆利准确地测出了大气压值，故C错误；
D.卢瑟福通过著名的α粒子散射实验，提出了原子的核式结构学说，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
3．【分析】（1）响度是指声音的大小；音调是指声音的高低；
（2）声音的传播需要介质，空气的传声能力跟空气的稀薄程度有关，空气越稀薄，传声能力越差；
（3）从防治噪声的三个途径进行分析；
（4）声波可以传递能量和信息。
【解答】解：
A、公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的响度，故A错误；
B、逐渐抽出真空罩内的空气，真空罩内空气越来越稀薄，空气的传声能力越来越差，所以听到闹钟发出的铃声越来越小，故B错误；
C、禁止汽车鸣笛，是防治噪声的产生，是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、医生用B超检查身体是利用了超声波能传递信息的特点，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声现象的相关知识，属于基础题。
4．【分析】物质由液态变为固态的过程叫凝固，物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为气态的过程叫汽化，物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，物质由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A.烘干湿手，水由液态变为气态，是汽化现象，故A错误；
B.哈出的“白气”，是人呼出的水蒸气放热液化形成的小水滴，故B错误；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态的小冰晶，是凝华现象，故C正确；
D.湖面结冰，是水由液态变为固态，是凝固现象，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物态变化的过程，解此类题关键是搞清物质变化前后所处的状态，再利用概念辨析法判断即可。
5．【分析】空气开关“跳闸”的原因有两个：发生短路或用电器的总功率过大，题目中明确告知属于短路的情况，结合选项作答即可。
【解答】解：A.若是插座处原来有短路，则在没有插入台灯之前，空气开关就已经跳闸了，故A错误；
B.若是台灯的插头处有短路，则在台灯插头插入插座时，电路就会出现短路，而不会等到闭合台灯开关时才跳闸，故B错误；
C.若是灯座发生了短路，则在台灯插头插入插座，并且闭合台灯开关时，电路出现短路，空气开关跳闸，故C正确；
D.若是开关发生了短路，则电路是接通的，对原来室内正常发光的电灯没有影响，也不会跳闸，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查对家庭电路故障（短路）的分析判断能力，需要考生在掌握物理知识的同时具有良好的推理能力。
6．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
（3）注射器抽取药液是利用大气压来完成的，用注射器往人体内注射药液时利用了人的推力；
（4）电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
【解答】解：A、自行车轮胎上有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A正确；
B、安全锤做得很尖，用同样大小的力产生的压强大，压强大就很容易击碎玻璃让人们能安全逃生，故B错误；
C、用针管把药液推入体内，是由于活塞受到推力的作用，与大气压无关，故C错误；
D、头发和梳子摩擦，头发和梳子带异种电荷，根据异种电荷互相吸引，所以头发会随着梳子飘起来，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了影响摩擦力的因素、增大压强的方法、大气压的应用以电荷间的相互作用，都是力学重要的规律，但难度不大，容易解答。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共16分）
7．【分析】（1）镜面反射是平行光线射到物体表面上时，反射光线仍是平行的，射向了同一方向，而漫反射是由于物体表面粗糙时，反射光线的方向变得是向各个方向反射。能从不同方向看清物体，发生的是漫反射。
（2）不同物质接触时分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子运动的结果，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
【解答】解：（1）能从不同方向看到作者画在纸上的梅花，是因为光照到花上发生了漫反射；
（2）淡淡墨香飘散在空气中，是因为墨香分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。
故答案为：漫；扩散。
【点评】理解分子动理论内容，明确镜面反射和漫反射的区别，可解答此题。
8．【分析】（1）地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场，磁场对放入内部的磁体具有力的作用；
（2）根据题干即可找出正确答案。
【解答】解：（1）司南是用天然磁石磨制成的勺子，其本质就是一块磁铁，在地磁场中受到磁力的作用；
（2）根据题干：“司南之杓，投之于地，其柢指南”可知司南的长柄指的是地理的南极。
故答案为：地磁场；南。
【点评】本题主要考查了地磁场的应用，属于基础知识。
9．【分析】杠杆可以绕其转动的点为支点；根据动力臂与阻力臂大小关系确定杠杆类型。
【解答】解：当用力摁住C点夹核桃时，杠杆AC围绕A点转动，故A为支点；由于动力臂大于阻力臂，此时核桃夹可看作为省力杠杆。
故答案为：A；省力。
【点评】杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆。能结合核桃夹的使用特点进行具体的分析，找出其中的杠杆及其要素是解答的关键。
10．【分析】（1）潜水器在上浮且未浮出水面过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，利用F浮＝ρ水V排g分析浮力变化；
（2）根据公式p＝ρgh计算潜水器在10000m深处受到海水的压强。
【解答】解：（1）潜水器在上浮且未浮出水面过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，由F浮＝ρ水V排g可知浮力不变；
（2）潜水器在10000m深处受到海水的压强是：
p＝ρ海水gh＝1.02×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1.02×108Pa。
故答案为：（1）不变；（2）1.02×108。
【点评】本题考查了液体压强公式、阿基米德原理的应用，要求认真审题，从中获取有用信息，难度不大。
11．【分析】（1）飞机在空中匀速直线飞行时处于平衡状态，受到平衡力的作用；
（2）机翼的升力：机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小；机翼下方是平面，空气的流速小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力。
【解答】解：飞机在空中匀速直线飞行时处于平衡状态，受到平衡力的作用，则向上的升力等于飞机总共的重力；
因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，机翼下方受到的向上的压力大于机翼上方受到的向下的压力，飞行时机翼上方受到空气的压力小于下方受到空气的压力。
故答案为：等于；小于。
【点评】本题考查了我们对流体的压强跟流速的关系的理解和掌握，以及运用所学的知识来分析解决生活中的问题的能力，对这种能力的考查也是中考的重点。
12．【分析】手机摄像头的镜头是凸透镜，其是利用物体在2倍焦距以外，像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立缩小实像的原理制作的。
【解答】解：手机摄像头相当于凸透镜，手机扫描二维码，二维码在2倍焦距以外，此时成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸；缩小。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
13．【分析】（1）判断一个物体的运动状态，关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止；
（2）电磁波可以传递信息，传播不需要介质，可以在真空中传播。
【解答】解：
（1）卫星与火箭分离之前，卫星与火箭的速度相同，没有发生位置变化，所以卫星相对火箭是静止的；
（2）电磁波传播不需要介质，卫星与地面设备之间是利用电磁波传递信息。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题考查了运动与静止的相对性、电磁波的应用，属于基础题目。
14．【分析】燃料燃烧的过程化学能转化为内能，加速上升过程中，卫星的动能和重力势能都变大。
【解答】解：燃料燃烧的过程化学能转化为内能，加速上升过程中，卫星的动能和重力势能都变大，所以卫星的机械能增大。
故答案为：化学；增大。
【点评】本题考查能量之间的相互转化，属于基础题。
三、识图、作图题（本题共4小题，共9分）
15．【分析】（1）温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字；
（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是刻度尺的分度值，使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量时要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
（1）温度计上10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此体温计的分度值为1℃；液面在0℃以下，示数为﹣4℃；
（2）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm＝1mm；物体左侧与0.0cm刻度线对齐，读作0.00cm；右侧与2.6cm刻度线对齐，读作2.60cm，所以物体的长度为L＝2.60cm﹣0.00cm＝2.60cm。
故答案为：﹣4；2.60。
【点评】物理中有很多的测量工具，如刻度尺、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值即可。
16．【分析】（1）四冲程汽油机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，完成一个工作循环，做一次功，共计四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其他物质，在升高相同温度的情况下，水吸收的热量最多。
【解答】解：四冲程汽油机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生燃气的内能转化为机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的；
汽油机工作时会产生大量热，一般用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
故答案为：做功；比热容。
【点评】本题考查了四个冲程汽油机的能量转化、水的比热容大的应用的理解，是中考的热点题目。
17．【分析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，先分析轿厢的受力情况，再画出力的示意图。
【解答】解：空中缆车随缆绳做匀速直线运动，所以缆车受力平衡，不计空气阻力，轿厢受到竖直向下的重力G和竖直向上的拉力F的作用，这两个力大小相同、方向相反、在同一直线上，作用点在轿厢的重心，示意图如图所示：

【点评】本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析是关键。
18．【分析】先根据平面镜成像的特点作出A的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所有的反向延长线都会过A的像；连接像点与B点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光路即可。
【解答】解：先作出发光点A关于平面镜的对称点A′即为A的像；连接A′B交平面镜于点O（即入射点），连接AO，则AO为入射光线，OB为反射光线；如图所示：

【点评】本题利用了平面镜成像特点和原理来完成光路。一定要注意物与像关于镜面是对称的。
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
19．【分析】（1）用吸盘方法测量大气压强：①将吸盘吸在光滑玻璃板上，排尽吸盘内空气，为了密封，先将吸盘蘸水；②测量吸盘与玻璃板之间的接触面积；③用弹簧测力计拉动吸盘至吸盘刚好离开玻璃板，读出弹簧测力计示数即为大气压力；④根据p＝计算压强值；
（2）由F＝pS计算压力；
（3）根据杠杆平衡原理计算吸盘受到的拉力，再根据p＝计算大气压强；
（4）用吸盘法测大气压测的结果小于真实值可能的原因：吸盘内的空气无法全部排尽；测量过程中有误差等。
【解答】（1）用吸盘方法测量大气压强：①将吸盘吸在光滑玻璃板上，排尽吸盘内空气，为了密封，先将吸盘蘸水；②测量吸盘与玻璃板之间的接触面积；③用弹簧测力计拉动吸盘至吸盘刚好离开玻璃板，读出弹簧测力计示数即为大气压力；④记录弹簧测力计的示数为F，这就是大气对吸盘的压力；⑤根据p＝计算压强值；；故正确步骤应选②；
（2）根据F＝pS＝1×105Pa×1.0×10﹣4m2＝10N
（3）弹簧测力计读数：最小刻度为0.2N，读数为2.6N；
由杠杆平衡原理可得，吸盘所受拉力为：2.6N×3＝7.8N，
由p＝＝＝7.8×104Pa；
（4）用吸盘法测大气压测的结果小于真实值可能的原因：吸盘内的空气无法全部排尽；测量过程中有误差等。（合理即可）
故答案为：（1）②；（2）10；（3）2.6；7.8×104；（4）吸盘内有空气；测量吸盘的直径d有误差等（合理即可）。
【点评】本题考查大气压强测量实验及压强的计算公式，属于常考实验。
20．【分析】（1）根据题目要求确定滑动变阻器的接法，然后根据要求连接实物电路图；
（2）在电学实验中，为保护电路，连接电路时开关应该断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；
（3）确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R＝求出小灯泡的电阻，根据公式P＝UI计算出额定功率；
（4）根据图1确定灯泡的额定电压，由图3确定额定电流，根据P＝UI计算出额定功率
【解答】解：（1）灯泡与滑动变阻器应串联，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，实物电路图如图所示：
；
（2）在连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的位置；
（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R＝＝≈8.33Ω；
灯泡的额定功率为：P＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）由图象丙知，U﹣I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压为3V时，电流为24mA＝0.024A，则P＝UI＝3V×0.024A＝0.072W。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；最大；（3）0.3；8.33；0.75；（4）减小；0.072。
【点评】此题是“测定小灯泡电功率”的实验，考查了电路的连接、电流表的读数及电功率的计算、欧姆定律的应用；同时考查了对图象的分析，要学会从图象中获取有价值的信息。
五、计算与简答题（本题共3小题，共17分。简答部分要有必要的分析和说明，计算部分要有主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位。）
21．【分析】做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离。
【解答】答：支持乙同学的观点；机器人沿水平方向做匀速直线运动，手托托盘力方向竖直向上，沿力的方向通过的距离为0，故不做功。
【点评】该题考查了做功的必要条件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
22．【分析】（1）处于漂浮状态的物体所受浮力等于重力；
（2）航母始终处于漂浮状态，飞机起飞后，减小的浮力等于飞机重力，根据密度公式计算海水的体积。
【解答】解：（1）航母处于漂浮状态，在标准排水量时，航母所受的浮力：F浮＝G总＝m排g＝5×107kg×10N/kg＝5×108N；
（2）36架舰载机全部飞离航母后，排开海水的质量减小值：△m排＝m舰载机＝36×2.5×104kg＝9.0×105kg，
由密度公式ρ＝得，
航母排开海水的体积减少：△V＝＝≈882.35m3。
答：（1）在标准排水量时，航母所受的浮力为5×108N；
（2）当36架舰载机全部飞离航母后，航母排开海水的体积减少了882.35m3。
【点评】本题考查物体浮沉条件的应用、阿基米德原理公式的应用，难度不大。
23．【分析】（1）分析清楚电路结构，应用电功率公式判断壶的工作状态；
（2）根据P＝UI求出正常工作时通过R1的电流，根据I＝求出R1的阻值；根据高温挡求出R2的电动率，根据P＝求出R2的电阻；
（3）根据ρ＝求出水的质量，根据热量公式求出水吸收的热量，再利用效率公式求出消耗的电能，然后利用功率公式求出烧开一壶水需要的时间。
【解答】解：（1）由电路图可知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P＝可知，总功率最大，所以此时电炖锅为高温挡；当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P＝可知，总功率最小，所以此时电炖锅为低温挡。
（2）由电路图可知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P＝可知，总功率最小，此时为低温挡；
当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，电炖锅处于中温挡。
由P＝UI得，正常工作时通过R1的电流：
I1＝＝＝A，
由I＝得，R1的阻值：
R1＝＝＝121Ω；
高温挡时，R2消耗的电功率为：P2＝P高﹣P中＝1100W﹣400W＝700W；
则R2的电阻为：R2＝＝≈69Ω；
（3）由ρ＝可得，水的质量：
m＝ρ水V＝1×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣12℃）＝3.696×105J，
消耗的电能：W＝＝＝4.62×105J，
由P＝得，烧开一壶水需要的时间：
t＝＝＝420s。
答：（1）当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P＝可知，总功率最小，所以此时电炖锅为低温挡；
（2）电阻R1的阻值是121Ω；R2的电阻为69Ω；
（3）水吸收的热量为3.696×105J，烧开一壶水需要的时间为420s。
【点评】本题考查质量、电流、水吸热、电功和热效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布
日期：2022/1/24 19:16:19；用户：我不叫王海宁；邮箱：orFmNtygTZdeoRRXtaD47YJRzPg0@；学号：39962365