2019年辽宁省铁岭市中考物理试题（解析）.docx

2019年辽宁省铁岭市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，共28分．1～8题为单选题，每题2分；9～12题为多选题，每题3分，漏选得2分，错选得0分）
1．【解答】解：A、一本初中物理教材受到的重力约为3N；故A错误；
B、电视机正常工作时的电功率约为100W；故B错误；
C、人体的正常体温约为37℃，符合实际；故C正确；
D、初中男生1000m长跑用时约为3.5min，即210s左右；故D错误；
故选：C。
2．【解答】解：
AB、平静的水面相当于平面镜，平面镜所成的像是正立、等大的虚像，始终与物体大小相等，故AB错误；
CD、物距是苍鹭到水面的距离，像距是苍鹭所成的像到水面的距离，二者始终相等，与 水的深度无关，故C错误、D正确。
故选：D。
3．【解答】解：A、塑料不容易导电，属于绝缘体，故A错误；
B、杯子的表面很光滑，通过杯子外表面看到的自己的像是光照到杯子上时发生镜面反射而形成的虚像，故B错误；
C、杯子的表面温度很低，空气中的水蒸气遇到温度很低的杯子表面放热凝华形成小冰晶，故C错误；
D、用干毛巾擦拭塑料杯底时，电子发生了转移，使毛巾和塑料杯底都带上了电荷，这是摩擦起电现象，故D正确。
故选：D。
4．【解答】解：
A、图甲和图丙中，磁场方向和导体运动方向都不相同，无法研究感应电流方向与两者的关系，故A错误；
B、图乙和图丙中，磁场方向相同，不同的是导体运动方向，电流计指针的偏转方向不同，说明感应电流的方向与导体运动方向有关，故B正确；
C、图丁中，导线沿着磁感线方向运动，没有切割磁感线，所以不会产生感应电流，故C错误；
D、超导材料只要在磁场中做切割磁感线运动，导线中仍然会产生感应电流，故D错误。
故选：B。
5．【解答】解：
A、无线Wi﹣Fi是利用电磁波传递信息的，故A错误；
B、噪声监测仪只能监测噪音值，是一种监测设备，并不是降低噪音的手段和措施，在街头设置噪声监测仪，不能减弱噪声，故B错误；
C、用智慧灯杆给电动汽车充电时，智慧灯杆提供电能，所以它相当于电源，故C正确；
D、电能不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到，所以它是二次能源，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：A、冰块熔化成水是固态变为液态，是熔化现象，熔化吸热，故A符合题意；
B、山间的雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B不符合题意；
C、枝头的霜空气中温度较高的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C不符合题意；
D、瀑布结冰是水由液态变成固态的凝固过程，凝固放热，故D不符合题意。
故选：A。
7．【解答】解：
A、夹蒜器在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、碗夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、去核器在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
D、取蛋器在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：A。
8．【解答】解：A、拉力做的功为W总＝FL＝160N×3m＝480J，
拉力做功的功率为P＝＝＝48W．故A错误；
B、克服木箱重力做的功是W有用＝Gh＝300N×1m＝300J．故B错误；
C、斜面的机械效率为η＝＝×100%＝62.5%．故C正确；
D、改变斜面的倾斜角度，木箱对压力发生改变，斜面与木箱接触面粗糙程度不变，所以摩擦力发生改变；木箱上升过程中，克服摩擦力做的功是额外功，虽然有用功不变，但额外功发生变化，由公式知，斜面的机械效率发生变化。故D错误。
故选：C。

9．【解答】解：A、运动员用力蹬地起跑，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态。故A正确；
B、运动员加深冲刺时，速度越来越大，运动状态发生改变，所以受到非平衡力的作用。故B错误；
C、运动员冲过终点不能立即停下来，是由于惯性的缘故，不能说是受到惯性。故C错误；
D、运动员领奖时脚对地面的压力与地面对脚的支持力大小相等、方向相反，在一条直线上，在两个物体上，所以是一对相互作用力。故D正确。
故选：AD。
10．【解答】解：
A、使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光，故A项正确；
B、发生触电事故时，漏电保护器能立即切断电路，对人和电路都起到保护作用，故B项正确；
C、三脚插头上标着E的导线（接地线）和用电器的金属外壳相连，是为了防止金属外壳漏电时发生触电事故，故C项正确；
D、家庭电路中的空气开关跳闸，原因有两个，短路或总功率过大，故D项错误。
故选：ABC。
11．【解答】解：
（1）橡皮膜向右凸起，说明橡皮膜处左侧的液体压强大，即p左＞p右，由图知h左＜h右，根据液体压强公式p＝ρgh可知，ρ左＞ρ右，即ρ甲＞ρ乙，故A正确；
（2）由图知A球在甲液体中悬浮，B球在乙液体中漂浮，则由浮沉条件可知：ρA＝ρ甲，ρB＜ρ乙，且ρ甲＞ρ乙，所以ρA＞ρB，故B正确；
（3）橡皮膜以下部分液体的深度相同，因ρ甲＞ρ乙，则根据p＝ρgh可知甲橡皮膜以下部分的液体压强大于乙橡皮膜以下部分的压强（即p左′＞p右′），而液体对容器底的压强等于上下两部分液体压强之和，所以甲、乙两种液体对容器底部的压强关系是p甲＞p乙，故C正确；
（4）A、B两球的体积相等，由图知VA排＞VB排，且液体的密度ρ甲＞ρ乙，根据F浮＝ρ液gV排知，A、B两个小球静止时所受到的浮力关系是FA＞FB，故D错误。
故选：ABC。
12．【解答】解：
由电路图可知，灯泡L与定值电阻R、滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测滑动变阻器与R两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
（1）滑片从最大值滑至a点时，变阻器接入电路中的电阻变小，当变阻器的滑片在a点时，接入电路中的电阻最小，此时电路中的电流最大，根据串联电路的电压规律可知：电压表V2的示数大于V1的示数，则结合图乙可知，曲线为电压表V2的示数与电流表示数的关系图象，直线为电压表V1的示数与电流表示数的关系图象，

由图乙可知，电路中的最大电流I大＝0.3A，此时电压表V1的示数U1＝3V，电压表V2的示数U2＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡正常发光的电压：
UL＝U﹣U2＝12V﹣6V＝6V，故A错误；
根据I＝可得，定值电阻R的阻值：
R＝＝＝10Ω，故B正确；
因此时小灯泡恰好正常发光，
所以，灯泡的额定功率：
PL＝ULI大＝6V×0.3A＝1.8W，故C正确；
（2）当滑片位于最大值时电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I小＝0.2A，此时电压表V1的示数U1′＝2V，电压表V2的示数U2′＝10V，
此时滑动变阻器两端的电压：
U滑＝U2′﹣U1′＝10V﹣2V＝8V，
由I＝可得滑动变阻器的最大阻值：
R滑大＝＝＝40Ω，故D正确。
故选：BCD。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．【解答】解：
（1）导航、水声通信测速、图象信号传输等多部不同功能的声呐，可以说明声音可以传递信息；
（2）声呐是利用超声波来对目标进行探测、定位和通信的一种电子设备；
声音在不同介质中的传播速度不同，一般来说，在固体中传播速度最大，在液体中次之，在气体中最慢；所以，这种声波在水中的传播速度大于在空气中的传播速度。
故答案为：信息；超声波；大于。
14．【解答】解：
（1）播种机播种时，播种机与地面之间不断发生位置变化，所以是运动的；
（2）太空中没有空气，因此卫星电话是通过电磁波来传递信息的；
（3）播种机的轮胎制作得十分宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
故答案为：运动；电磁波；减小。
15．【解答】解：（1）电磁铁的特点是有电流时才有磁性，是利用电流的磁效应工作的；
（2）磁悬浮列车的车身和轨道不接触，是通过使接触面彼此分离的方法来减小摩擦力；
（3）在列车高速行驶时，车窗外的空气流速大，压强小。
故答案为：磁；减小；大。
16．【解答】解：
（1）浮空艇加速上升过程中，浮空艇的质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大，所以机械能增大；
（2）高空中的空气密度远远小于地面附近的空气密度，根据公式F浮＝ρ空气gV排可知，浮空艇加速上升过程中，受到的浮力变小，
（3）大气压随高度增加而减小，所以浮空艇加速上升过程中，所受大气压将变小。
故答案为：变大；变小；变小。
17．【解答】解：
（1）满载时船的排水量为m排＝5000t＝5.0×106kg，
由阿基米德原理可得，船受到的最大浮力：
F浮＝G排＝m排g＝5.0×106kg×10N/kg＝5.0×107N；
（2）船底受到的压强为：
p＝ρ海水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×12m＝1.2×105Pa。
故答案为：5.0×107；1.2×105。
18．【解答】解：电热蚊香器工作时是将电能转化为内能；
在房间里我们会闻到香味，是分子运动的结果，属于扩散现象；
插座是为经常更换位置的用电器供电的，各用电器工作时互不影响，所以各插座间需要并联。
故答案为：内能；扩散；并联。
19．【解答】解：红、绿、蓝三色光混合后能产生各种色彩，这三种色光叫做色光的三原色，所以根据色光的混合规律，在电视屏幕中只需要红、绿、蓝三种颜色即可配出各种绚丽的色彩来。
摄像头的镜头相当于一个凸透镜，照相机和摄像头的原理为：当u＞2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像。
望远镜由两组凸透镜组成，物镜的作用是使远处的物体在焦点附近成倒立、缩小的实像，与摄像头成像的原理相同；
故答案为：绿；凸；望远镜。
20．【解答】解：
（1）由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，
他家同时使用用电器的最大总功率：
P大＝UI＝220V×20A＝4400W；
（2）由P＝UI得通过电暖气的电流：
I＝＝＝4A；
3000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表转盘的转数3000r，
电暖气独正常工作30min消耗的电能：
W＝Pt＝0.88kW×0.5h＝0.44kW•h，
电能表转盘转过的转数：
n＝3000r/kW•h×0.44kW•h＝1320r。
故答案为：4400；4；1320。
21．【解答】解：（1）由图可知：闭合开关S时，滑动变阻器、灯泡与定值电阻R串联，当滑动变阻器的滑片从b点滑到a点时，变阻器连入的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则电流表的示数变大；
由于电压表V1测量定值电阻R和灯泡两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，
则：UV1+UV2＝UR+UL+U滑＝U；
由于电源电压不变，则V1与V2示数之和不变；
（2）根据P＝UI可得灯泡正常发光的电流：
I额＝＝＝0.5A；
由于滑动变阻器的滑片在a点时灯泡正常发光，根据串联电路电流处处相等的特点可得：
I＝I额＝0.5A，
则R产生的热量：
Q＝I2Rt＝（0.5A）2×10Ω×60s＝150J。
故答案为：变大；不变；150。
三、作图题（本题共3小题，每小题3分，共9分）
22．【解答】解：
（1）过入射点A垂直界面作出法线，在水中法线的右侧作出折射光线，折射角小于入射角；
（2）连接入射点A和凹透镜右侧焦点F，可得SA的反射光线，该反射光线经凹透镜折射后平行于主光轴，如图所示：

23．【解答】解：
（1）由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂l1最长；动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图；
（2）反向延长画出F2的作用线，从支点O作动力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为动力臂l2，如图所示：

24．【解答】解：
（1）已知条形磁铁的右端为S极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的左端为N极，右端为S极；在磁体外部，磁感线是从磁体的N极出发，回到S极，据此画出磁感线的方向，如图所示：
（2）通电螺线管的左端为N极，根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，四指指向电流的方向，则可知电源的右端为正极，左端为负极；
（3）通电螺线管的右端为S极，由磁极间的相互作用规律，可知静止的小磁针左端为N极，右端为S极。如图所示：

四、简答题
25．【解答】答：
（1）行李箱内电动机工作时主要是把电能转化为机械能；
（2）给行李箱轮胎充气时，要压缩气体做功，机械能转化为内能，所以轮胎内气体内能增大；
（3）制造发光二极管的主要材料是半导体材料。
五、计算题（本题共2小题，共18分．要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．【解答】解：（1）空车的重力：
G＝mg＝3000kg×10N/kg＝3×104N，
因为车在水平地面上，所以对地的压力：
F压＝G＝3×104N，
对路面的压强：
p＝＝＝1.5×105Pa；
（2）36km/h＝10m/s，
因为车匀速行驶时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以牵引力F牵＝f＝1380 N，
功率：
P＝＝＝Fv＝1380N×10m/s＝13800W；
（3）以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km做的功：
W＝Fs＝1380N×1000m＝1.38×106J，
根据η＝×100%知汽油完全燃烧释放的热量：
Q放＝＝＝4.6×106J，
利用Q放＝mq知，
需要消耗汽油的质量：
m＝＝＝0.1kg。
答：（1）“阿波龙”空车静止在水平路面上时，对路面的压强是1.5×105Pa；
（2）该车满载时以36km/h的速度做匀速直线运动，牵引力的功率是13800W；
（3）若该车用效率为30%的汽油机提供动力工作，且以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，则需消耗0.1千克汽油。
27．【解答】解：
（1）开关S接1时，只有R1连入电路，电阻最小，根据P＝可知功率最大，此时为加热状态，
则R1的阻值：R1＝＝＝44Ω；
开关S接2时，两电阻串联，此时总电阻最大，根据P＝可知总功率最小，此时为保温状态，
则串联的总电阻：R串＝＝＝242Ω，
由串联电路的电阻规律可得，R2的阻值：
R2＝R串﹣R1＝242Ω﹣44Ω＝198Ω；
（2）瓶中1kg的水从23℃升高到100℃，需要吸收的热量：
Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣23℃）＝3.234×105J；
（3）不计热损失，消耗的电能W＝Q，
由P＝可得工作时间：
t＝＝＝＝294s。
答：（1）R2的阻值是198Ω；
（2）该电热水瓶给水加热时，瓶中1kg的水从23℃升高到100℃，需要吸收3.234×105J热量；
（3）不计热量损失，该电热水瓶在上述加热过程中，需要工作294s。
六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．【解答】解：（1）在加热的过程中，两试管中的液体是通过热传递吸收热量的；
（2）温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第4个小格处，读作94℃。
（3）当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾；
（4）根据公式Q＝cm△t可知，在比热容和加热时间相同的情况下，质量越小升温越快，所以a图象是试管中的水沸腾时温度变化的图象；
（5）水在沸腾过程中温度保持不变，由图象知，沸腾过程中的温度是96℃，此时水的沸点低于标准大气压下的沸点100℃，所以当地的大气压低于标准大气压；
故答案为：（1）热传递；（2）94；（3）达到沸点，不能继续吸热；（4）a；（5）低于。
29．【解答】解：（1）如图所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度。其目的是使像成在光屏的中央。
（2）当烛焰距凸透镜50cm﹣35cm＝15cm时，物距大于一倍焦距，小于2倍焦距，像距大于2倍焦距，所以移动光屏到C处，可在光屏上得到一个清晰倒立、放大的实像，是投影仪的工作原理；
（3）光路是可逆的，保持凸透镜的位置不变，将蜡烛和光屏位置对调，光屏上会出现倒立、缩小的实像。
远视镜的镜片为凸透镜，对光线有会聚作用，将它放在凸透镜和蜡烛之间，折光能力变强，焦距变短，会使像成在光屏的前方，所以应将光屏靠近凸透镜。
故答案为：（1）同一高度；（2）C；放大；投影仪；（3）能；靠近。
30．【解答】解：（1）实验中，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，用海绵的凹陷程度来反映压力作用效果。
（2）比较甲、乙两图所示实验可知，受力面积相同，压力越大，海绵凹陷程度越大，故可得结论：受力面积一定时，压力作用效果与压力大小有关。故答案为：（3）保持探头在两种液体中的深度相同。发现探头在盐水中时，U形管左右两侧液面的高度差较大。说明在深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
（4）在同种液体中，当探头所在的深度相同时，只改变探头的方向，U形管左右两侧液面的高度差不变，这表明：同一液体，在同一深度，向各个方向的压强相等。
故答案为：（1）凹陷程度； （2）甲、乙；受力面积； （3）大；液体密度；（4）相等。
31．【解答】解：（1）①若指针右偏，应该向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
②可乐设烧杯的总质量为：m总＝50g+20g+10g＝80g；
③量筒中可乐的体积：V＝40mL＝40cm3；
④剩余可乐与烧杯的质量：m剩＝20g+10g+5g+3g＝38g；
量筒中可乐的质量：m＝m总﹣m剩＝80g﹣38g＝42g；
可乐的密度：ρ＝＝＝1.05g/cm3；
⑤筒内的可乐中有很多气泡，会使体积偏大，根据密度公式可知密度偏小；
（2）③向瓶中倒水，直到木块刚好浸没在可乐中，用天平测出瓶和水的总质量m2。
木块刚好完全浸没在可乐中时，木块排开液体的体积等于木块的体积，即V排＝V水＝，
因为木块和瓶整体漂浮，所以整体受到的浮力等于空瓶、瓶中的水和木块的总重力，即F浮＝ρ0V排＝＝（m1+m2）g，
由此可得木块的密度：ρ木＝；
故答案为：（1）①左；③40；④38；1.05；⑤偏小；（2）③刚好浸没在可乐中；④。
32．【解答】解：（1）①为了保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片在阻值最大处，即最右端；
将10Ω电阻换成20Ω电阻时，根据分压原理可知，电压表示数将增大，为保持电压表示数不变（应使电压表示数减小为原来的电压值），根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，即滑片向右移动，直到电压表示数为4V；
②根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣UR＝6V﹣4V＝2V，
通过电路的最小电流为：I最小＝＝＝0.1A，
定值电阻的最大值为R最大＝＝＝40Ω，
所以只有10Ω、20Ω、30Ω、40Ω的定值电阻可以适用，故最多可以完成4次实验；
通过实验可得出结论：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
（2）①若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路，此时电压表有示数，且等于电源电压，为6V；
②分析实物图可知，变阻器与电流表串联后与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，
电流表应与灯串联，变阻器与灯串联，电压表与灯并联，将小灯泡右侧连线改接到电压表的负接线柱，如下图所示：

③图丙中电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，
灯泡的额定功率为：P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；
（3）①开关S、S1闭合、S2断开，调节滑动变阻器滑片，此时电压表测量滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律知，使电压表示数为6V﹣2.5V＝3.5V时，灯泡正常发光；
②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V。
③闭合开关S、S2，断开S1，此时电压表测量滑动变阻器两端的电压，读出电压表的示数为5V，此时电压表的示数为“闭合开关S、S1，断开S2”时的2倍，由图知这两次电路的连接不变，电流大小不变，只是电压表的测量范围变化了，根据串联电路的分压作用知此时滑片在中间位置，即闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器的滑片在中点处，即滑动变阻器的电阻为10Ω，
通过滑动变阻器的电流为：I＝＝＝0.35A时，小灯泡正常发光。
④小灯泡的额定功率P额＝UI＝2.5V×0.35A＝0.875W。
故答案为：（1）①右；右；②4；反比；（2）①6；②见上图；③0.3；1.14；（3）①3.5；③闭合开关S、S2，断开S1；④0.875。