2011年江苏省高考化学试卷解析版 .pdf

2011 年江苏省高考化学试卷解析版年江苏省高考化学试卷解析版 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题一、选择题 1（3 分）化学与人类生活、社会可持续发展密切相关下列措施有利于节能减排、保护环境的是（）加快化石燃料的开采与使用研发易降解的生物农药 应用高效洁净的能源转换技术田间焚烧秸秆 推广使用节能环保材料 A B C D【考点】F7：常见的生活环境的污染及治理菁优网版权所有【专题】56：化学应用【分析】化石燃料属于不可再生资源，且化石燃料的使用会产生污染物；研发易降解的生物农药，能降低农药残留；应用高效洁净的能源转换技术，提高能源利用率；田间焚烧秸秆，不完全燃烧产生可吸收颗粒物，同时增加二氧化碳排放；推广使用节能环保材料，节约资源、保护环境【解答】解：化石燃料燃烧会产生可吸收颗粒物、二氧化硫等污染物，化石燃料属于不可再生资源，加快化石燃料的开采与使用会增加污染物的排放量，故不符合题意；研发易降解的生物农药能减少生物药物残留，减少污染物的排放，故符合题意；应用高效洁净的能源转换技术，可以节约能源，减少二氧化碳的排放，故符合题意；田间焚烧秸秆，秸秆不完全燃烧产生固体颗粒物，同时增加二氧化碳的排放，故不符合题意；推广使用节能环保材料可以节约能源，减少二氧化碳的排放，故符合题意。即有利于节能减排、保护环境的是，故选：B。【点评】本题考查环境保护问题，学生应明确习题中含有当前的社会热点是高考的一大特点，学生应学会把社会热点和课本知识点联系起来来解答即可，突出了化学的实用性，平时要注意积累，题目难度不大 2（3 分）下列有关化学用语表示正确的是（）AN2的电子式：BS2的结构示意图：C质子数为 53，中子数为 78 的碘原子：13153D邻羟基苯甲酸的结构简式：【考点】4J：电子式、化学式或化学符号及名称的综合菁优网版权所有【专题】514：化学用语专题【分析】A氮原子最外层有 5 个电子；B硫离子质子数为 16，核外电子数为 18，最外层有 8 个电子；C元素符号的左上角是质量数，左下角是质子数；D邻位是两个支链链接在主链上的碳是相邻的【解答】解：A氮原子最外层有 5 个电子，要达到稳定结构得形成三对共用电子对，即，故 A 错误；B硫离子质子数为 16，核外电子数为 18，最外层有 8 个电子，离子结构示意图为，故 B 错误；C质量数质子数+中子数53+78131，故 C 正确；D。邻位是两个支链链接在主链上的碳是相邻的，间位是这两个碳中间间隔着一个碳，间羟基苯甲酸的结构简式：，故 D 错误。故选：C。【点评】本题考查电子式、化学式或化学符号及名称的综合，难度不大，注意掌握质量数与质子数和中子数的关系 3（3 分）下列有关物质的性质和该性质的应用均正确的是（）A常温下浓硫酸能使铝发生钝化，可在常温下用铝制贮罐贮运浓硫酸 B二氧化硅不与任何酸反应，可用石英制造耐酸容器 C二氧化氯具有还原性，可用于自来水的杀菌消毒 D铜的金属活泼性比铁的弱，可在海轮外壳上装若干铜块以减缓其腐蚀【考点】EM：氯、溴、碘及其化合物的综合应用；F8：浓硫酸的性质；FH：硅和二氧化硅菁优网版权所有【专题】523：氧族元素；525：碳族元素【分析】A、根据浓硫酸的特性可知，常温下浓硫酸使铝钝化，生成一层致密的保护膜阻止反应进一步进行；B、根据二氧化硅与氢氟酸反应来分析；C、根据二氧化氯具有强氧化性而能用于杀菌消毒来分析；D、根据牺牲阳极的阴极保护法来保护金属【解答】解：A、因浓硫酸具有强氧化性，能够与大多数金属反应，但遇到金属铝、铁要发生钝化，因此常温下用铝、铁制贮罐贮运浓硫酸，故 A 正确；B、因二氧化硅能与氢氟酸反应：SiO2+4HFSiF4+2H2O，所以不能用石英制造耐酸容器，故 B 错误；C、因二氧化氯可用于自来水的杀菌消毒是因为其具有强氧化性，而不是还原性，故 C错误；D、因要减缓船体的腐蚀应连接比铁更活泼的金属，如锌，这就是牺牲阳极的阴极保护法，故 D 错误；故选：A。【点评】本题主要考查了物质的性质以及用途，题目较简单，试题具有一定的综合性 4（3 分）常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是（）A1.0molL1的 KNO3溶液：H+、Fe2+、Cl、SO42 B甲基橙呈红色的溶液：NH4+、Ba2+、AlO2、Cl CpH12 的溶液：K+、Na+、CH3COO、Br D与铝反应产生大量氢气的溶液：Na+、K+、CO32、NO3【考点】DP：离子共存问题菁优网版权所有【专题】516：离子反应专题【分析】A、在酸性条件下，从 NO3离子具有强氧化性，Fe2+离子具有还原性的角度分析；B、甲基橙呈红色的溶液呈酸性，与 H+离子反应的离子不能共存；C、pH12 的溶液呈碱性，判断在碱性条件下离子之间能否发生反应；D、与铝反应产生大量氢气的溶液可能是酸溶液，也可能是碱溶液，从这两个角度分析【解答】解：A、在酸性条件下，NO3离子具有强氧化性，Fe2+离子具有还原性，二者发生氧化还原反应而不能大量共存，故 A 错误；B、甲基橙呈红色的溶液呈酸性，AlO2离子与 H+离子反应而不能大量共存，故 B 错误；C、pH12 的溶液呈碱性，在碱性条件下，这四种离子不发生任何反应，能大量共存，故 C 正确；D、与铝反应产生大量氢气的溶液可能是酸溶液，也可能是碱溶液，在酸性条件下 CO32离子与 H+离子反应而不能大量共存，故 D 错误。故选：C。【点评】本题考查离子共存问题，题目难度不大，注意从离子之间能否发生反应生成沉淀、气体、弱电解质、氧化还原反应以及相互促进的水解等角度分析，注意题中的隐含信息，例如颜色、酸性、碱性等问题 5（3 分）短周期元素 X、Y、Z、W、Q 在元素周期表中的相对位置如图所示下列说法正确的是（）A元素 X 与元素 Z 的最高正化合价之和的数值等于 8 B原子半径的大小顺序为：rXrYrZrWrQ C离子 Y2和 Z3+的核外电子数和电子层数都不相同 D元素 W 的最高价氧化物对应的水化物的酸性比 Q 的强【考点】8F：原子结构与元素周期律的关系菁优网版权所有【专题】51C：元素周期律与元素周期表专题【分析】根据元素所在周期表中的位置判断元素的种类，结合元素周期律的递变规律解答该题【解答】解：由元素所在周期表中的位置可知，X 为 N 元素，Y 为 O 元素，Z 为 Al 元素，W 为 S 元素，Q 为 Cl 元素。A、X 为 N 元素，最高正价为+5 价，Z 为 Al 元素，最高正价为+3 价，则元素 X 与元素Z 的最高正化合价之和的数值等于 8，故 A 正确；B、原子核外电子层数越多，半径越大，同一周期元素原子半径从左到右逐渐减小，则有：rZrWrQrXrY，故 B 错误；C、离子 Y2和 Z3+的核外电子数都为 10，离子核外有 2 个电子层，电子层数相同，故C 错误；D、同周期元素从左到右元素的非金属性逐渐增强，对应的最高价氧化物的水化物的酸性逐渐增强，故 D 错误。故选：A。【点评】本题考查位置结构性质的相互关系及应用，题目难度中等，注意掌握元素周期表的结构和元素周期律的递变规律 6（3 分）下列表示对应化学反应的离子方程式正确的是（）AFeCl3溶液与 Cu 的反应：Cu+Fe3+Cu2+Fe2+BNO2与水的反应：3NO2+H2O2NO3+NO+2H+C醋酸溶液与水垢中的 CaCO3反应：CaCO3+2H+Ca2+H2O+CO2 D向 NaAlO2溶液中通入过量 CO2：2AlO2+CO2+3H2O2Al（OH）3+CO32【考点】49：离子方程式的书写菁优网版权所有【专题】516：离子反应专题【分析】A电荷不守恒；B反应生成硝酸和 NO；C醋酸为弱酸，在离子反应中应保留化学式；D反应生成氢氧化铝沉淀和碳酸氢钠【解答】解：AFeCl3溶液与 Cu 的反应的离子反应为 Cu+2Fe3+Cu2+2Fe2+，故 A错误；BNO2与水的反应的离子反应为 3NO2+H2O2NO3+NO+2H+，故 B 正确；C醋酸溶液与水垢中的 CaCO3反应的离子反应为 CaCO3+2HAcCa2+H2O+CO2+2Ac，故 C 错误；D向 NaAlO2溶液中通入过量 CO2的离子反应为 AlO2+CO2+2H2OAl（OH）3+HCO3，故 D 错误；故选：B。【点评】本题考查离子反应方程式的书写，明确反应的生成物及离子反应的书写方法即可解答，注意离子反应中应保留化学式的物质，题目难度不大 7（3 分）下列有关实验原理或实验操作正确的是（）A用水湿润 pH 试纸测量某溶液的 pH B用量筒量取 20mL0.5000molL1H2SO4溶液于烧杯中，加水 80mL，配制成0.1000molL1H2SO4溶液 C实验室用图所示装置制取少量氨气 D实验室用图所示装置出去 Cl2中的少量 HCl【考点】ED：氨的实验室制法；O5：试纸的使用；Q4：气体的净化和干燥；R1：配制一定物质的量浓度的溶液菁优网版权所有【专题】25：实验评价题【分析】ApH 试纸不能事先湿润；B浓硫酸的体积和水的体积和不等于溶液的总体积；C收集氨气的试管不能用橡皮塞塞住管口；D根据氯气难溶于饱和食盐水进行除杂。【解答】解：ApH 试纸不能事先湿润，否则会带来实验误差，故 A 错误；B用量筒量取 20mL0.5000molL1H2SO4溶液于烧杯中，加水 80mL，所得溶液的体积不等于 100mL，则溶液浓度不等于 0.1000molL1，故 B 错误；C收集氨气的试管不能塞橡皮塞，会导致试管内压强过大而将橡皮塞顶开，应在试管口塞一团棉花，故 C 错误；D氯气难溶于饱和食盐水，可用饱和食盐水进行洗气分离，故 D 正确；故选：D。【点评】本题考查化学实验基本操作，题目难度不大，注意 B 项，为易错点。8（3 分）设 NA为阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是（）A1mol 甲醇中含有 CH 键的数目为 4NA B25，pH13 的 NaOH 溶液中含有 OH的数目为 0.1NA C标准状况下，2.24L 己烷含有分子的数目为 0.1NA D常温常压下，Na2O2与足量 H2O 反应，共生成 0.2molO2，转移电子的数目为 0.4NA【考点】4F：阿伏加德罗常数菁优网版权所有【专题】518：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律【分析】A、甲醇为 CH3OH，1 个分子甲醇中含有 3 个 CH 键；B、pH13 的 NaOH 溶液，c（OH）0.1mol/L，但体积未知，无法计算离子数目；C、标准状况下，己烷为液体；D、2Na2O2+2H2O4NaOH+O2，每生成 1molO2时反应中转移的电子为 2mol。【解答】解：A、甲醇为 CH3OH，1mol 甲醇中含有 CH 键的数目为 3NA，故 A 错误；B、pH13 的 NaOH 溶液，c（OH）0.1mol/L，ncV，但溶液的体积未知，无法计算离子数目，故 B 错误；C、标准状况下，己烷为液体，无法计算，故 C 错误；D、由 2Na2O2+2H2O4NaOH+O2，每生成 1molO2时反应中转移的电子为 2mol，则生成 0.2molO2，转移电子的数目为 0.4NA，故 D 正确；故选：D。【点评】本题考查阿伏伽德罗常数的计算，明确物质中的化学键、物质的状态、浓度与物质的量的关系、氧化还原反应中电子转移的数目即可解答，难度不大。9（3 分）NaCl 是一种化工原料，可以制备一系列物质下列说法正确的是（）A25，NaHCO3在水中的溶解度比 Na2CO3的大 B石灰乳与 Cl2的反应中，Cl2既是氧化剂，又是还原剂 C常温下干燥的 Cl2能用钢瓶贮存，所以 Cl2不与铁反应 D如图所示转化反应都是氧化还原反应【考点】DI：电解原理；E2：氯气的化学性质菁优网版权所有【专题】522：卤族元素【分析】A、根据其阴离子的水解程度判断；B、结合反应方程式化合价的变化判断；C、铁能在氯气中燃烧生成棕黄色的烟 FeCl3；D、根据元素的化合价是否变化判断【解答】解：A、碳酸根的第一步水解（水解后生成碳酸氢根和氢氧根）的平衡常数比碳酸氢根要大许多。碳酸根水解要比碳酸氢根容易得多。所以溶解度较大，且溶解的快，故 A 错误。B、2Ca（OH）2+2Cl2CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O，Cl 元素的化合价既升高又降低，所以 Cl2既是氧化剂，又是还原剂，故 B 正确。C、3Cl2+2Fe2FeCl3，故 C 错误。点燃D、氯化钠和水、氨气、二氧化碳的反应以及碳酸氢钠的分解反应都不是氧化还原反应，故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查了盐的溶解性、氧化还原反应、氧化剂还原剂等问题，是小型综合题；氧化还原反应、氧化剂还原剂根据化合价的变化判断即可 10（3 分）下列图示与对应的叙述相符的是（）A图 1 表示某吸热反应分别在有、无催化剂的情况下反应过程中的能量变化 B图 2 表示 0.1000molL1NaOH 溶液滴定 20.00mL0.1000molL1CH3COOH 溶液所得到的滴定曲线 C图 3 表示 KNO3的溶解度曲线，图中 a 点所示的溶液是 80时 KNO3的不饱和溶液 D图 4 表示某可逆反应生成物的量随反应时间变化的曲线，由图知 t 时反应物转化率最大【考点】62：溶解度、饱和溶液的概念；BB：反应热和焓变；CK：物质的量或浓度随时间的变化曲线；R3：中和滴定菁优网版权所有【专题】13：图像图表题【分析】A、当反应物的能量高于生成物的能量时，反应是放热反应，催化剂是通过降低反应的活化能来加快化学反应速率的；B、强碱滴定醋酸溶液时，醋酸是弱酸不能完全电离；C、硝酸钾的溶解度随着温度的升高而增大；D、化学反应达到平衡状态时，反应物的转化率最高【解答】解：A、催化剂是通过降低反应的活化能来加快化学反应速率的，加入催化剂后活化能会降低，但是图中信息得出：反应物的能量高于生成物的能量，反应是放热反应，故 A 错误；B、强碱强氧化钠滴定醋酸溶液时，开始 20.00mL0.1000molL1CH3COOH 溶液 pH 大于 1，故 B 错误；C、硝酸钾的溶解度随着温度的升高而增大，溶解度曲线下方的点是不饱和溶液的点，故 C 正确；D、可逆反应达到平衡状态时，反应物的转化率最高，由图知反应物转化率最大在 t 时刻以后，故 D 错误。故选：C。【点评】注意识图能力是解决问题的关键，考查学生对质的梳理和归纳能力，综合性较强，难度较大 11（3 分）紫罗兰酮是存在于玫瑰花、番茄等中的一种天然香料，它经多步反应可合成维生素 A1。下列说法正确的是（）A紫罗兰酮可使酸性 KMnO4溶液褪色 B1mol 中间体 X 最多能与 2mol H2发生加成反应 C维生素 A1易溶于 NaOH 溶液 D紫罗兰酮与中间体 X 互为同分异构体【考点】HD：有机物的结构和性质菁优网版权所有【专题】534：有机物的化学性质及推断【分析】A紫罗兰酮中含有 CC；B中间体 X 中含 CC 和CHO，均能与氢气发生加成反应；C维生素 A1为多个碳原子的烯醇，与碱不反应；D紫罗兰酮与中间体 X 的分子式不同。【解答】解：A紫罗兰酮中含有 CC，可使酸性 KMnO4溶液褪色，故 A 正确；B中间体 X 中含 CC 和CHO，均能与氢气发生加成反应，则 1mol 中间体 X 最多能与 3molH2发生加成反应，故 B 错误；C维生素 A1为多个碳原子的烯醇，与碱不反应，则不溶于 NaOH 溶液，故 C 错误；D紫罗兰酮与中间体 X 的分子式不同，相差 1 个 CH2原子团，则不是同分异构体，故 D 错误；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构和性质，熟悉有机物的官能团与物质性质的关系来解答，把握烯烃、醇的性质、同分异构体的判断是解答的关键，题目难度不大。12（3 分）下列说法正确的是（）A一定温度下，反应 MgCl2（l）Mg（l）+Cl2（g）的H0，S0 B水解反应 NH4+H2ONH3H2O+H+达到平衡后，升高温度平衡逆向移动 C铅蓄电池放电时的负极和充电时的阳极均发生还原反应 D对于反应 2H2O22H2O+O2，加入 MnO2或升高温度都能加快 O2的生成速率【考点】BJ：常见化学电源的种类及其工作原理；C5：焓变和熵变；CA：化学反应速率的影响因素；DC：影响盐类水解程度的主要因素菁优网版权所有【专题】51F：化学反应速率专题；51H：盐类的水解专题【分析】A反应为分解反应，为吸热反应，生成气体，物质的混合度增大；B水解反应为吸热反应，结合温度对平衡移动的影响分析；C铅蓄电池放电时的负极和充电时的阳极均发生氧化反应；D根据催化剂和温度对反应速率的影响分析【解答】解：A反应为分解反应，为吸热反应，则H0，生成气体，物质的混合度增大，则S0，故 A 正确；B水解反应为吸热反应，升高温度向吸热方向移动，即向正反应方向移动，故 B 错误；C铅蓄电池放电时的负极发生氧化反应，充电时，阳极发生氧化反应，故 C 错误；D加入 MnO2或升高温度都能提高活化分子的百分数，能加快 O2的生成速率，故 D正确。故选：AD。【点评】本题考查较为综合，涉及焓变和熵变、外界条件对化学平衡的影响、电化学知识以及反应速率的影响因素，题目难度不大，本题注意水解反应、弱电解质的电离都为吸热过程 13（3 分）下列有关实验原理、方法和结论都正确的是（）A向饱和 FeCl3溶液中滴加过量氨水，可制取 Fe（OH）3胶体 B取少量溶液 X，向其中加入适量新制氯水，再加几滴 KSCN 溶液，溶液变红，说明X 溶液中一定含有 Fe2+C室温下向苯和少量苯酚的混合溶液中加入适量 NaOH 溶液，振荡、静置后分液，可除去苯中少量苯酚 D已知 I3I2+I，向盛有 KI3溶液的试管中加入适量 CCl4，振荡静置后 CCl4层显紫色，说明 KI3在 CCl4中的溶解度比在水中的大【考点】66：胶体的重要性质；GQ：二价 Fe 离子和三价 Fe 离子的检验；J8：苯酚的化学性质；P4：分液和萃取；U5：化学实验方案的评价菁优网版权所有【专题】25：实验评价题【分析】A、氢氧化铁胶体的制备方法：向沸水中加入氯化铁溶液；B、氯气具有氧化性，可以将还原性的离子氧化，三价铁离子可以和 KSCN 溶液发生显色反应，显红色；C、苯酚可以和氢氧化钠反应生成苯酚钠水溶液，苯不易溶于水；D、碘单质在水中的溶解度不如在四氯化碳中的溶解度大，KI3盐溶液和四氯化碳互不相溶【解答】解：A、氢氧化铁胶体的制备方法：向沸水中加入氯化铁溶液加热，至出现红褐色的胶状物，向饱和 FeCl3溶液中滴加过量氨水，会出现红褐色沉淀，故 A 错误；B、氯气具有氧化性，可以将亚铁离子氧化，生成三价铁离子，三价铁离子可以和KSCN 溶液发生显色反应，显红色，如果取少量溶液 X，向其中加入适量新制氯水，再加几滴 KSCN 溶液，溶液变红，溶液中就是只含有三价铁离子时也具有该现象，不能确定是否含有亚铁离子，故 B 错误；C、向苯和少量苯酚的混合溶液中加入适量 NaOH 溶液，其中苯酚可以和氢氧化钠反应生成苯酚钠水溶液，苯不易溶于水，震荡会分层，分液，上层的是苯，这样可除去苯中少量苯酚，故 C 正确；D、向盛有 KI3溶液的试管中加入适量 CCl4，振荡静置后 CCl4层显紫色，是由于碘易溶于四氯化碳，而四氯化碳和水互不相溶，促进平衡向正反应方向移动，故 D 错误。故选：C。【点评】离子检验和除杂问题是现在考试的热点，注意物质的性质的灵活应用，要求学生具有分析和解决问题的能力，难度不大 14（3 分）下列有关电解质溶液中微粒的物质的量浓度关系正确的是（）A在 0.1molL1NaHCO3溶液中：c（Na+）c（HCO3）c（CO32）c（H2CO3）B在 0.1molL1Na2CO3溶液中：c（OH）c（H+）c（HCO3）+2c（H2CO3）C向 0.2 molL1NaHCO3溶液中加入等体积 0.1molL1NaOH 溶液：c（CO32）c（HCO3）c（OH）c（H+）D常温下，CH3COONa 和 CH3COOH 混合溶液pH7，c（Na+）0.1molL1：c（Na+）c（CH3COO）c（CH3COOH）c（H+）c（OH）【考点】DN：离子浓度大小的比较菁优网版权所有【专题】16：压轴题；51G：电离平衡与溶液的 pH 专题【分析】A碳酸氢钠是强碱弱酸酸式盐，其溶液呈碱性，碳酸氢根离子的水解程度大于电离程度；B根据溶液中质子守恒分析；C向 0.2 molL1NaHCO3溶液中加入等体积 0.1molL1NaOH 溶液，碳酸氢钠和氢氧化钠以 1：1 反应生成碳酸钠和水，所以溶液中的碳酸氢钠和碳酸钠的物质的量相等，溶液呈碱性，碳酸根离子水解程度大于碳酸氢根离子电离程度；D溶液呈中性，则 c（H+）c（OH），根据溶液中电荷守恒确定 c（Na+）、c（CH3COO）的关系，溶液中醋酸的电离程度大于水解程度【解答】解：A碳酸氢钠溶液呈碱性，说明碳酸氢根离子的电离程度小于水解程度，所以 c（H2CO3）c（CO32），故 A 错误；B根据溶液中质子守恒得 c（OH）c（H+）+c（HCO3）+2c（H2CO3），所以 c（OH）c（H+）c（HCO3）+2c（H2CO3）正确，故 B 正确；C向 0.2 mol/LNaHCO3溶液中加入等体积 0.1 mol/LNaOH 溶液后，相当于 0.05 mol/L的 Na2CO3溶液和 NaHCO3溶液的混合液，由于 Na2CO3的水解程度大于 NaHCO3的水解程度，因此正确的关系是：c（HCO3）c（CO32）c（OH）c（H+），故 C错误；D常温下，CH3COONa 和 CH3COOH 混合溶液，包括 CH3COO水解和 CH3COOH 电离两个过程，pH7，根据电荷守恒知，得出 c（Na+）c（CH3COO）0.1 mol/L，c（H+）c（OH）1107 mol/L，但水解是微弱的，故溶液中醋酸钠的浓度应远大于醋酸的浓度，所以 c（CH3COO）c（CH3COOH），故 D 正确；故选：BD。【点评】本题考查离子浓度大小比较，根据物料守恒、电荷守恒、质子守恒来分析解答即可，难度较大 15（3 分）700时，向容积为 2L 的密闭容器中充入一定量的 CO 和 H2O，发生反应：CO（g）+H2O（g）CO2（g）+H2（g），反应过程中测定的部分数据见下表（表中 t2t1）：反应时间/min n（CO）/mol H2O/mol 0 1.20 0.60 t1 0.80 t2 0.20 下列说法正确的是（）A反应在 t1min 内的平均速率为 v（H2）0.40/t1 molL1mim1 B保持其他条件不变，起始时向容器中充入 0.60mol CO 和 1.20mol H2O，到达平衡时n（CO2）0.40mol C保持其他条件不变，向平衡体系中再通入 0.20mol H2O，与原平衡相比，达到新平衡时 CO 转化率增大，H2O 的体积分数增大 D温度升至 800，上述反应平衡常数为 0.64，则正反应为吸热反应【考点】CP：化学平衡的计算菁优网版权所有【专题】16：压轴题；51E：化学平衡专题【分析】A、由表中数据可知，t1min 内参加反应的 CO 的物质的量为 1.2mol0.8mol0.4mol，根据 v计算 v（CO），再根据速率之比等于化学计量数之比计算 v=（H2）；B、CO 与 H2O 按物质的量比 1：1 反应，充入 0.60 mol CO 和 1.20 mol H2O 与充入 1.20 mol CO 和 0.6mol H2O 到达平衡时对应生成物的浓度、物质的量相同；C、保持其他条件不变，增加一种反应物的浓度，平衡向正反应方向移动，另一种反应物的转化率增大，自身转化率降低；D、t1min 时 n（CO）0.8mol，n（H2O）0.6mol 0.4mol 0.2mol，20min 时 n（H2O）0.2mol，说明 10min 时反应已经达到平衡状态，根据平衡时各物质的浓度计算原平衡常数，比较不同温度下的平衡常数大小可判断反应的吸放热。【解答】解：A、由表中数据可知，t1min 内参加反应的 CO 的物质的量为 1.2mol0.8mol0.4mol，v（CO）mol/（Lmin），速率之比等于化学计量数=0.421=0.21之比计算 v（H2）v（CO）mol/（Lmin），故 A 错误；=0.21B、CO 与 H2O 按物质的量比 1：1 反应，充入 0.60 mol CO 和 1.20 mol H2O 与充入 1.20 mol CO 和 0.6mol H2O，平衡时生成物的浓度对应相同，t1min 时 n（CO）0.8mol，n（H2O）0.6mol0.4mol0.2mol，t2min 时 n（H2O）0.2mol，说明 t1min 时反应已经达到平衡状态，根据化学方程式可知，则生成的 n（CO2）0.4mol，故 B 正确；C、保持其他条件不变，向平衡体系中再通入 0.20molH2O，与原平衡相比，平衡向右移动，达到新平衡时 CO 转化率增大，H2O 转化率减小，H2O 的体积分数会增大，故 C 正确；D、t1min 时反应已经达到平衡状态，此时 c（CO）0.4mol/L，c（H2O）=0.82=0.1mol/L，c（CO2）c（H2）0.2mol/L，则k=0.22=0.42=1，温度升至 800，上述反应平衡常数为 0.64，说明温度升高，平衡=0.2 0.20.4 0.1=是向左移动，故正反应为放热反应，故 D 错误；故选：BC。【点评】本题是化学平衡问题，主要考查化学反应速率、化学平衡及平衡常数等计算，注意 B 选项中的规律利用。二、解答题二、解答题 16以硫铁矿（主要成分为 FeS2）为原料制备氯化铁晶体（FeCl36H2O）的工艺流程如下：回答下列问题：（1）在一定条件下，SO2转化为 SO3的反应为 2SO2+O2 2SO3，该反应的平衡催化剂常数表达式为 K；过量的 SO2与 NaOH 溶液反应的化学方程式2(3)(2)2(2)为SO2+NaOHNaHSO3（2）酸溶及后续过程中均需保持盐酸过量，其目的是提高铁元素的浸出率、抑制 Fe3+水解（3）通氯气氧化后时，发生的主要反应的离子方程式为Cl2+2Fe2+2Cl+2Fe3+；该过程产生的尾气可用碱溶液吸收，尾气中污染空气的气体为Cl2，HCl（写化学式）【考点】F5：二氧化硫的化学性质；GO：铁盐和亚铁盐的相互转变；U3：制备实验方案的设计菁优网版权所有【专题】523：氧族元素；527：几种重要的金属及其化合物【分析】（1）依据化学平衡常数概念写出计算式；用平衡状态下生成物浓度的幂次方乘积除以反应物浓度的幂次方乘积；过量二氧化硫和氢氧化钠溶液反应生成亚硫酸氢钠；（2）原料中的硫化亚铁酸浸后生成的氯化铁是目标物质，加入过量盐酸是抑制铁离子的水解，使更多的铁元素转化为氯化亚铁；（3）氯气是强氧化剂，可以氧化亚铁离子；尾气依据流程图分析判断，有氯气和盐酸挥发出的氯化氢气体；【解答】解：（1）在一定条件下，SO2转化为 SO3的反应为 2SO2+O22SO3，催化剂该反应的平衡常数表达式为 K；过量的 SO2与 NaOH 溶液反应的=2(3)(2)2(2)化学方程式为：SO2+NaOHNaHSO3；故答案为：；SO2+NaOHNaHSO3；2(3)(2)2(2)（2）酸溶及后续过程中均需保持盐酸过量，其目的是使氧化铁溶解为氯化铁，抑制铁离子的水；故答案为：提高铁元素的浸出率；抑制 Fe3+水解；（3）通氯气氧化后时，氯气氧化亚铁离子为铁离子，发生的主要反应的离子方程式为：Cl2+2Fe2+2Cl+2Fe3+；该过程产生的尾气可用碱溶液吸收，尾气中污染空气的气体为过量的氯气和盐酸溶液中挥发出的氯化氢气体；故答案为：Cl2，HCl；【点评】本题考查了化学平衡的平衡常数计算式书写，流程步骤中的操作目的和反应现象、反应产物的分析判断，尾气的成分判断和处理方法，题目难度中等 17敌草胺是一种除草剂它的合成路线如下：回答下列问题：（1）在空气中久置，A 由无色转变为棕色，其原因是A 被空气中的 O2氧化（2）C 分子中有 2 个含氧官能团，分别为羧基和醚键填官能团名称）（3）写 出 同 时 满 足 下 列 条 件 的 C 的 一 种 同 分 异 构 体 的 结 构 简 式：能与金属钠反应放出 H2；是萘（）的衍生物，且取代基都在同一个苯环上；可发生水解反应，其中一种水解产物能发生银镜反应，另一种水解产物分子中有5 种不同化学环境的氢（4）若 C 不经提纯，产物敌草胺中将混有少量副产物 E（分子式为 C23H18O3），E 是一种酯E 的结构简式为（5）已 知：RCH2COOH，写 出 以 苯 酚 和 乙 醇 为 原 料 制 备3的合成路线流程图（无机试剂任用）合成路线流程图例如下：H2CCH2CH3CH2Br溶液CH3CH2OH【考点】HC：有机物的合成菁优网版权所有【专题】538：有机化合物的获得与应用【分析】（1）A 中含有酚羟基，易被空气中的氧气氧化；（2）根据官能团的结构简式判断；（3）能与金属钠反应放出 H2说明含有羟基，可发生水解反应，其中一种水解产物能发生银镜反应，说明是甲酸某酯另一种水解产物分子中有 5 种不同化学环境的氢，说明水解产物萘环支链一定是对称的，且支链是一样的；（4）由 C 和 E 的分子式可知，E 是由 A 和 C 反应生成的；（5）由题给信息可知应先生成 ClCH2COOH 和苯酚钠，然后在酸性条件下反应生成，进而与乙醇发生酯化反应可生成目标物【解答】解：（1）A 中含有酚羟基，易被空气中的氧气氧化而变色，故答案为：A 被空气中的 O2氧化；（2）C 分子中有 2 个含氧官能团，分别为羧基和醚键，故答案为：羧基；醚键；（3）能与金属钠反应放出 H2说明含有羟基，可发生水解反应，其中一种水解产物能发生银镜反应，说明是甲酸某酯另一种水解产物分子中有 5 种不同化学环境的氢，说明水 解 产 物 萘 环 支 链 一 定 是 对 称 的，且 支 链 是 一 样 的，则 对 应 的 结 构 有，故答案为：（4）由 C 和 E 的 分 子 式 可 知，E 是 由 A 和 C 反 应 生 成 的，结 构 为，故答案为：（5）由题给信息可知应先生成 ClCH2COOH 和苯酚钠，然后在酸性条件下反应生成，进 而 与 乙 醇 发 生 酯 化 反 应 可 生 成 目 标 物，合 成 路 线 为，故答案为：【点评】本题是一道基础有机合成题，仅将敌草胺的合成过程列出，着力考查阅读有机合成方案设计、利用题设信息、解决实际问题的能力，也考查了学生对信息接受和处理的敏锐程度、思维的整体性和对有机合成的综合分析能力，题目难度中等 18Ag2O2是银锌碱性电池的正极活性物质，可通过下列方法制备：在 KOH 加入适量AgNO3 溶液，生成 Ag2O 沉淀，保持反应温度为 80，边搅拌边将一定量 K2S2O8溶液缓慢加到上述混合物中，反应完全后，过滤、洗涤、真空干燥得到固体样品反应方程式为 2AgNO3+4KOH+K2S2O8Ag2O2+2KNO3+2K2SO4+2H2O 回答下列问题：（1）上述制备过程中，检验洗剂是否完全的方法是取少许最后一次洗涤滤液，滴入12 滴 Ba（NO3）2溶液，若不出现白色浑浊，表示已洗涤完全（或取少许最后一次洗涤滤液，滴入 12 滴酚酞溶液，若溶液不显红色，表示已洗涤完全）（2）银锌碱性电池的电解质溶液为 KOH 溶液，电池放电时正极的 Ag2O2 转化为 Ag，负极的 Zn 转化为 K2Zn（OH）4，写出该电池反应方程式：Ag2O2+2Zn+4KOH+2H2O2K2Zn（OH）4+2Ag（3）准确称取上述制备的样品（设仅含 Ag2O2和 Ag2O）2.558g，在一定的条件下完全分解为 Ag 和 O2，得到 224.0mLO2（标准状况下）计算样品中 Ag2O2的质量分数（计算结果精确到小数点后两位）【考点】BL：化学电源新型电池菁优网版权所有【专题】51I：电化学专题【分析】（1）检验是否洗涤完全，可取最后一次滤液，检验溶液中是否含有 SO42或OH；（2）电池放电时正极的 Ag2O2 转化为 Ag，负极的 Zn 转化为 K2Zn（OH）4，反应还应有 KOH 参加；（3）结合质量守恒列方程组计算【解答】解：（1）检验是否洗涤完全，可取最后一次滤液，检验溶液中是否含有 SO42或 OH，滴入 12 滴 Ba（NO3）2溶液，若不出现白色浑浊，表示已洗涤完全（或取少许最后一次洗涤滤液，滴入 12 滴酚酞溶液，若溶液不显红色，表示已洗涤完全），故答案为：取少许最后一次洗涤滤液，滴入 12 滴 Ba（NO3）2溶液，若不出现白色浑浊，表示已洗涤完全（或取少许最后一次洗涤滤液，滴入 12 滴酚酞溶液，若溶液不显红色，表示已洗涤完全）；（2）电池放电时正极的 Ag2O2 转化为 Ag，负极的 Zn 转化为 K2Zn（OH）4，反应还应有 KOH 参加，反应的方程式为 Ag2O2+2Zn+4KOH+2H2O2K2Zn（OH）4+2Ag，故答案为：Ag2O2+2Zn+4KOH+2H2O2K2Zn（OH）4+2Ag；（3）n（O2）1.000102mol，=224.022.4/1000/=设样品中 Ag2O2的物质的量为 x，Ag2O 的物质的量为 y 248 g/molx+232g/moly2.558g x1.000102mol+2=x9.64103mol y7.2104mol w（Ag2O2）0.93=(22)(样品)=9.64 10 3 248/2.558=答：样品中 Ag2O2的质量分数为 0.93【点评】本题考查较为综合，在原电池的基础上综合考查物质的分离、检验以及含量的测定，题目难度中等，注意从质量守恒的角度计算 19高氯酸铵（NH4ClO4）是复合火箭推进剂的重要成分，实验室可通过下列反应制取 NaClO4（aq）+NH4Cl（aq）NH4ClO4（aq）+NaCl（aq）90（1）若 NH4Cl 用氨气和浓盐酸代替，上述反应不需要外界供热就能进行，其原因是氨气与浓盐酸反应放出热量（2）反应得到的混合溶液中 NH4ClO4和 NaCl 的质量分数分别为 0.30 和 0.15（相关物质的溶解度曲线见图 1）从混合溶液中获得较多 NH4ClO4晶体的实验操作依次为（填操作名称）蒸发浓缩，冷却结晶，过滤，冰水洗涤干燥 （3）样品中 NH4ClO4的含量可用蒸馏法进行测定，蒸馏装置如图 2 所示（加热和仪器固定装代已略去），实验步骤如下：步骤 1：按图 2 所示组装仪器，检查装置气密性 步骤 2：准确称取样品 ag（约 0.5g）于蒸馏烧瓶中，加入约 150mL 水溶解 步骤 3：准确量取 40.00mL 约 0.1molL1H2SO4溶解于锥形瓶中 步骤 4：经滴液漏斗向蒸馏瓶中加入 20mL 3molLNaOH 溶液 步骤 5：加热蒸馏至蒸馏烧瓶中剩余约 100mL 溶液 步骤 6：用新煮沸过的水冲洗冷凝装置 23 次，洗涤液并入锥形瓶中 步骤 7：向锥形瓶中加入酸碱指示剂，用 c molLNaOH 标准溶液滴定至终点，消耗NaOH 标准溶液 v1mL 步骤 8：将实验步骤 17 重复 2 次 步骤 3 中，准确量取 40.00mlH2SO4溶液的玻璃仪器是酸式滴定管 步骤 17 中确保生成的氨被稀硫酸完全吸收的实验是1，5，6（填写步骤号）为获得样品中 NH4ClO4的含量，还需补充的实验是用 NaOH 标准溶液标定 H2SO4溶液的浓度【考点】RD：探究物质的组成或测量物质的含量菁优网版权所有【专题】18：实验分析题【分析】（1）反应温度较低，氨气与浓盐酸反应放出热量；（2）由图可知，NH4ClO4的溶解度受温度影响很大，NaCl 溶解度受温度影响不大，NH4Cl、NaClO4的溶解度受温度影响也很大，但相同温度下，它们溶解度远大于NH4ClO4，故采取蒸发浓缩，冷却结晶，过滤，并用冰水洗涤，减少损失；（3）用酸式滴定管准确量取 40.00 ml H2SO4 溶液；为确保生成的氨被稀硫