2019_2020学年新教材高中物理第2章抛体运动章末检测二含解析鲁科版必修第二册.doc

章末检测(二)
(时间：90分钟　满分：100分)
一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50分。其中1～7题为单项选择题，8～10题为多项选择题)
1.一质点在某段时间内做曲线运动，则在这段时间内(　　)
A.速度一定在不断地改变，加速度也一定不断地改变
B.速度一定在不断地改变，加速度可以不变
C.速度可以不变，加速度一定不断地改变
D.速度可以不变，加速度也可以不变
解析　物体做曲线运动，其运动轨迹上各点的切线方向不同，速度方向一定变化，即速度一定发生变化，物体必受力的作用，若所受力为恒力，则加速度不变，反之，则加速度变化，故B正确。
答案　B
2.下列说法正确的是(　　)
A.各分运动互相影响，不能独立进行
B.合运动的时间一定比分运动的时间长
C.合运动和分运动具有等时性，即同时开始、同时结束
D.合运动的位移大小等于两个分运动位移大小之和
解析　各分运动具有独立性，A错误；合运动与分运动具有等时性，B错误，C正确；合运动的位移与分运动的位移满足矢量合成的法则，D错误。
答案　C
3.若已知物体运动的初速度v0的方向及它受到的恒定的合外力F的方向，图中M、N、P、Q表示物体运动的轨迹，其中正确的是(　　)

解析　物体运动的速度方向与运动轨迹一定相切，而且合外力F的方向一定指向轨迹的凹侧，故只有B正确。
答案　B

4.如图所示，在水平地面上匀速运动的汽车，通过定滑轮用绳子吊起一物体，若汽车和被吊物体在同一时刻的速度大小分别为v1和v2，则下列说法中正确的是(　　)
A.物体在做匀速运动且v2＝v1
B.物体在做加速运动且v2＞v1
C.物体在做加速运动且v2＜v1
D.物体在做减速运动且v2＜v1
解析　对v1速度分解如图所示，得v2＝v1cos θ，所以v2＜v1；由于v1不变，θ角变小，cos θ变大，故v2变大，只有选项C正确。

答案　C
5.物体做平抛运动时，下列描述物体的速度变化量大小Δv随时间t变化的图像中，可能正确的是(　　)

解析　平抛运动是匀变速曲线运动，加速度为定值，由a＝知，D正确。
答案　D
6.在不考虑空气阻力的情况下，以相同大小的初速度，抛出甲、乙、丙三个手球，抛射角为30°、45°、60°，则射程较远的手球是(　　)
A.甲 B.乙
C.丙 D.不能确定
解析　不考虑空气阻力情况下，三个小球的运动可看作斜抛运动，然后根据斜抛运动的射程公式s＝分析。
答案　B
7.如图所示，在距水平地面分别为H和4H的高度处，同时将质量相同的a、b两小球以相同的初速度v0水平抛出，则以下判断正确的是(　　)

A.a、b两小球同时落地
B.两小球落地速度的方向相同
C.a、b两小球水平位移之比为1∶2
D.a、b两小球水平位移之比为1∶4
解析　由H＝gt，4H＝gt可得tb＝2ta，A错误；由x＝v0t可知，xa∶xb＝1∶2，C正确，D错误；设落地时速度与水平方向夹角为θ，则由tan θ＝可知，tan θa∶tan θb＝1∶2，θa≠θb，B错误。
答案　C
8.小船横渡一条两岸平行的河流，船本身提供的速度(即静水速度)大小不变、船身方向垂直于河岸，水流速度与河岸平行，已知小船的运动轨迹如图所示，则(　　)

A.越接近河岸水流速度越小
B.越接近河岸水流速度越大
C.无论水流速度是否变化，这种渡河方式耗时最短
D.该船渡河的时间会受水流速度变化的影响
解析　由船的运动轨迹可知，小船渡河过程是先做加速运动后做减速运动，河流的中心水流速度最大，越接近河岸水流速度越小，故A正确，B错误；由于船头垂直河岸，则这种方式过河的时间最短，C正确；船过河的时间与水流速度无关，D错误。
答案　AC
9.如图所示，从地面上方某点，将一小球以5 m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1 s落地。不计空气阻力，g取10 m/s2，则可求出(　　)

A.小球抛出时离地面的高度是5 m
B.小球从抛出点到落地点的水平位移大小是5 m
C.小球落地时的速度大小是15 m/s
D.小球落地时的速度方向与水平地面成30°角
解析　由竖直方向有y＝gt2＝5 m知，A正确；由x＝v0t＝5 m知，B正确；由v＝＝5 m/s知，C错误；由tan θ＝＝2知，D错误。
答案　AB
10.如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是(　　)

A.球的速度v等于L
B.球从击出至落地所用时间为
C.球从击球点至落地点的位移等于L
D.球从击球点至落地点的位移与球的质量有关
解析　由平抛运动规律知，在水平方向上有L＝vt，在竖直方向上有H＝gt2，联立解得t＝，v＝＝L，A、B正确；球从击球点至落地点的位移为s＝，与球的质量无关，C、D错误。
答案　AB
二、非选择题(共5个题，共50分)
11.(6分)(1)研究平抛运动，下面哪些做法可以减小实验误差________。
A.使用密度大、体积小的钢球
B.尽量减小钢球与斜槽间的摩擦
C.实验时，让小球每次都从同一高度由静止开始滚下
D.使斜槽末端切线保持水平
(2)某同学在做“研究平抛运动”的实验中，忘记记下小球做平抛运动的起点位置O，A为小球运动一段时间后的位置，根据图所示，求出小球做平抛运动的初速度为________ m/s。

解析　(1)研究平抛运动时，钢球体积越小，所受空气阻力越小，使记录小球通过的位置越准确，A正确；小球每次从斜槽上的同一位置由静止开始滚下，可保证小球的初速度不变，与钢球和斜槽间的摩擦无关，B错误，C正确；实验时必须使斜槽末端的切线水平，以确保小球水平飞出做平抛运动，D正确。
(2)因为xAB＝xBC＝0.20 m，所以小球从A运动到B运动到C的时间相同，设此时间为t。
据yBC－yAB＝gt2得
t＝＝ s＝0.10 s
又因为xAB＝v0t
所以v0＝＝ m/s＝2.0 m/s。
答案　(1)ACD　(2)2.0
12.(8分)如图所示为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长均为5 cm，如果g取10 m/s2，那么：

(1)照相机的闪光频率是________ Hz；
(2)小球运动中水平分速度的大小是________ m/s；
(3)小球经过B点时的速度大小是________ m/s。
解析　(1)因为xAB＝xBC，所以tAB＝tBC。在竖直方向上，由Δy＝gT2得5×0.05－3×0.05＝10T2，
解得T＝0.1 s，
故闪光频率为10 Hz。
(2)水平分速度v＝＝ m/s＝1.5 m/s。
(3)vBy＝＝ m/s＝2.0 m/s
又知vBx＝1.5 m/s
所以vB＝＝ m/s＝2.5 m/s。
答案　(1)10　(2)1.5　(3)2.5
13.(10分)小船匀速渡过一条河流，当船头垂直对岸方向航行时，在出发后10 min到达对岸下游120 m处；若船头保持与河岸成α角向上游航行，出发后12.5 min到达正对岸。求：
(1)水流的速度；
(2)船在静水中的速度、河的宽度以及船头与河岸间的夹角α。
解析　(1)船头垂直对岸方向航行时，如图甲所示。
由s＝v2t1得v2＝＝ m/s＝0.2 m/s①

(2)船头保持与岸成α角航行时，如图乙所示。
由(1)可得d＝v1t1②
v2＝v1cos α③
d＝v1t2sin α④
联立解得α＝53°，v1＝0.33 m/s，d＝200 m。
答案　(1)0.2 m/s　(2)0.33 m/s　200 m　53°
14.(12分)一座炮台置于距地面60 m高的山崖边，以与水平方向成45°角的方向发射一颗炮弹，炮弹离开炮口时的速度大小为120 m/s，g取10 m/s2，求：
(1)炮弹能达到的最大高度h；
(2)炮弹的水平射程s。
解析　(1)炮弹离开炮口时的竖直分速度为
vy＝v0sin 45°＝60 m/s
从抛出点到最高点的竖直位移为
h1＝＝360 m
则炮弹离地面的最大高度为h＝h1＋60 m＝420 m。
(2)从抛出到达到最高点所用的时间为
t1＝＝6 s
从最高点落回地面所用的时间为t2＝，
则t2＝2 s
那么，炮弹的射程为
s＝v0cos 45°(t1＋t2)＝720 m＋120 m≈1 497.7 m。
答案　(1)420 m　(2)1 497.7 m
15.(14分)如图所示，倾角为37°的粗糙斜面的底端有一质量m＝1 kg的凹形小滑块，小滑块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.25。现小滑块以某一初速度v从斜面底端上滑，同时在斜面底端正上方有一小球以v0水平抛出，经过0.4 s，小球恰好垂直斜面方向落入凹槽，此时，小滑块还在上滑过程中。(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，g取10 m/s2。求：

(1)小球水平抛出的速度v0；
(2)小滑块的初速度v。
解析　(1)设小球落入凹槽时竖直速度为vy，则
vy＝gt＝10×0.4 m/s＝4 m/s
v0＝vytan 37°＝3 m/s。
(2)小球落入凹槽时的水平位移
x＝v0t＝3×0.4 m＝1.2 m
则滑块的位移为s＝ m＝1.5 m
滑块上滑时，mgsin 37°＋μmgcos 37°＝ma
解得a＝8 m/s2
根据公式s＝vt－at2
解得：v＝5.35 m/s。
答案　(1)3 m/s　(2)5.35 m/s

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