2019_2020学年新教材高中物理第1章功和机械能章末检测一含解析鲁科版必修第二册.doc

章末检测(一)
(时间：90分钟　满分：100分)
一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50分。其中1～7题为单项选择题，8～10题为多项选择题)
1.如图是小孩滑滑梯的情景，在小孩下滑过程中，关于各力做功的说法，正确的是(　　)

A.重力不做功 B.支持力做负功
C.支持力做正功 D.摩擦力做负功
解析　下滑过程，位移方向斜向下，重力竖直向下，重力做正功；支持力始终与运动方向垂直，支持力不做功；摩擦力始终与运动方向相反，摩擦力做负功。
答案　D
2.下列四个选项的图中，木块均在固定的斜面上运动，其中图A、B、C中的斜面是光滑的，图D中的斜面是粗糙的，图A、B中的F为木块所受的外力，方向如图中箭头所示，图A、B、D中的木块向下运动，图C中的木块向上运动，在这四个图所示的运动过程中机械能守恒的是(　　)

解析　图A、图B中，除重力外，力F对木块做功，机械能不守恒；图C中只有重力做功，机械能守恒；图D中除重力外，摩擦力对木块做功，机械能不守恒，故只有C项正确。
答案　C
3.如图所示，坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m，在与水平面成θ角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向右移动了一段距离s。已知雪橇与地面间的动摩擦因数为μ，则关于雪橇的分析正确的是(　　)

A.支持力做功为mgs
B.重力做功为0
C.拉力做功为Fs
D.滑动摩擦力做功为－μmgs
解析　根据受力分析知N＝mg－Fsin θ，f＝μN＝μ(mg－Fsin θ)，由于支持力、重力与雪橇的位移垂直，故这两个力不做功，A错误，B正确；由功的计算式得拉力做功WF＝Fscos θ，C错误；摩擦力做功Wf＝－fs＝－μ(mg－Fsin θ)s，D错误。
答案　B
4.一辆汽车以v1＝6 m/s的速度沿水平面行驶，急刹车后能滑行s1＝3.6 m。如果汽车以v2＝8 m/s的速度行驶，在同样的路面上急刹车后滑行的距离s2应为(　　)
A.6.4 m B.5.6 m
C.7.2 m D.10.8 m
解析　设摩擦力为f，由动能定理得－fs1＝0－mv，－fs2＝0－mv，联立两式得＝，故汽车滑行距离s2＝·s1＝×3.6 m＝6.4 m。
答案　A
5.如图所示在足球赛中，红队球员在白队禁区附近主罚定位球，并将球从球门右上角贴着球门射入，球门高度为h，足球飞入球门的速度为v，足球质量为m，则红队球员将足球踢出时对足球做的功W为(不计空气阻力、足球可视为质点)(　　)

A.mv2 B.mgh
C.mv2＋mgh D.mv2－mgh
解析　根据动能定理可得：W－mgh＝mv2－0，所以
W＝mv2＋mgh，C正确。
答案　C
6.物体做自由落体运动，v表示速度，t表示运动时间，Ek表示动能，Ep表示势能，h表示下落的距离，以水平地面为零势能面。下列所示图像中能正确反映各物理量之间的关系的是(　　)

解析　设物体的质量为m，初态势能为E0，则有Ep＝E0－mg2t2＝E0－mv2＝E0－Ek＝E0－mgh，综上可知只有B正确。
答案　B
7.质量为m的汽车行驶在平直公路上，在运动中所受阻力不变。当汽车加速度为a，速度为v时发动机的功率为P1；当功率为P2时，汽车行驶的最大速度应为(　　)
A. B.
C. D.
解析　由牛顿第二定律－f＝ma，vm＝，由两式可得vm＝。
答案　B
8.将质量为m的物体从地面上方H高处无初速度释放，落到地面后出现一个深为h的坑，如图所示，在此过程中(　　)

A.重力对物体做功mgH
B.物体重力势能减少mg(H＋h)
C.合力对物体做的总功为零
D.地面对物体的平均阻力为
解析　重力做功为mg(H＋h)，A错误；重力势能减少mg(H＋h)，B正确；由动能定理W总＝ΔEk＝0，C正确；又mg(H＋h)－·h＝0，故＝，D错误。
答案　BC
9.物体沿直线运动的v－t图像如图所示，已知在第1秒内合力对物体做功为W，则(　　)

A.从第1秒末到第3秒末合力做功为4W
B.从第3秒末到第5秒末合力做功为－2W
C.从第5秒末到第7秒末合力做功为W
D.从第3秒末到第4秒末合力做功为－0.75W
解析　由题中图像可知物体速度变化情况，根据动能定理得第1 s内：W＝mv2，第1 s末到第3 s末：W1＝mv2－mv2＝0，A错误；第3 s末到第5 s末：W2＝0－mv2＝－W，B错误；第5 s末到第7 s末：W3＝m(－v)2－0＝W，C正确；第3 s末到第4 s末：W4＝m()2－mv2＝－0.75W，D正确。
答案　CD
10.质量为m＝2 kg的物体沿水平面向右做直线运动，t＝0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v－t图像如图乙所示，取水平向右为正方向，g取10 m/s2，则(　　)

A.物体与水平面间的动摩擦因数为μ＝0.5
B.10 s末恒力F的瞬时功率为6 W
C.10 s末物体在计时起点左侧2 m处
D.10 s内物体克服摩擦力做功34 J
解析　由v－t图像得两段时间的加速度大小分别为a1＝2 m/s2、a2＝1 m/s2。根据牛顿第二定律：有F＋μmg＝ma1，F－μmg＝ma2。解得F＝3 N，μ＝0.05，故A错误；10 s末恒力F的瞬时功率P＝Fv＝18 W，B错误；10 s内物体的位移s＝ ×4 m－ ×6 m＝－2 m，说明物体10 s末在计时起点左侧2 m处，C正确；整个过程的路程x＝×4 m＋×6 m＝34 m，所以10 s内物体克服摩擦力做功W＝μmgx＝34 J，D正确。
答案　CD
二、非选择题(共5个题，共50分)
11.(6分)某同学为探究“恒力做功与物体动能改变的关系”，设计了如下实验，他的操作步骤是：
①摆好实验装置如图所示。

②将质量为200 g的小车拉到打点计时器附近，并按住小车。
③在质量为10 g、30 g、50 g的三种钩码中，他挑选了一个质量为50 g的钩码挂在拉线的挂钩P上。
④接通电磁打点计时器的电源，释放小车，打出一条纸带。
(1)在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条，经测量、计算，得到如下数据：
①第一个点到第N个点的距离为40.0 cm。
②打下第N个点时小车的速度大小为1.00 m/s。该同学将钩码的重力当做小车所受的拉力，算出拉力对小车做的功为________ J，小车动能的增量为________ J。
(2)此次实验探究结果，他没能得到“恒力对物体做的功，等于物体动能的增量”，且误差很大。显然，在实验探究过程中忽视了各种产生误差的因素。请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助分析一下，造成较大误差的主要原因是____________________________________________________________________
__________________________________________________________________。
解析　(1)拉力F＝mg＝0.050×9.8 N＝0.49 N。
拉力对小车做的功
W＝Fs＝0.49×0.400 J＝0.196 J
小车动能的增量
ΔEk＝mv2＝×0.200×1.002 J＝0.100 J
(2)误差很大的可能原因：
①小车质量不满足远大于钩码质量，使钩码的重力与小车受到的拉力差别较大。
②没有平衡摩擦力。
答案　(1)②0.196 　0.100
(2)①小车质量没有远大于钩码质量
②没有平衡摩擦力
12.(8分)在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m＝1.00 kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示。O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点(其他点未画出)。已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，当地的重力加速度为9.8 m/s2，那么

(1)纸带的________(填“左”或“右”)端与重物相连；
(2)根据图上所得的数据，应取图中O点到________点来验证机械能守恒定律；
(3)从O点到第(2)题中所取的点，重物重力势能的减少量ΔEp＝________ J，动能增加量ΔEk＝________ J。(结果取3位有效数字)
解析　由题意知，O点为第一个点，所以纸带的左端与重物相连，为了减小误差和便于求重物动能的增加量，可取题图中O点到B点来验证机械能守恒定律，此过程中重力势能的减少量ΔEp＝mghOB＝1.00×9.8×19.25×10－2 J≈1.89 J。
打B点时重物的瞬时速度
vB＝＝ m/s＝1.845 m/s。
所以动能增量
ΔEk＝mv＝×1.00×1.8452 J＝1.70 J。
答案　(1)左　(2)B　(3)1.89　1.70

13.(8分)如图所示，一质量m＝4.0 kg的物体，由高h＝2.0 m，倾角θ＝53°的固定斜面顶端滑到底端。物体与斜面间的动摩擦因数为μ＝0.2。(g取10 m/s2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)求：

(1)物体的重力做的功；
(2)物体所受外力对它做的总功。
解析　(1)重力做功W1＝mgh＝80 J。
(2)物体从斜面顶端滑到底端的过程中，位移为s＝＝2.5 m
物体受力如图所示，摩擦力为f＝μmgcos θ＝0.2×4.0×10×cos 53° N＝4.8 N

故物体所受摩擦力做的功为
W2＝－fs＝－4.8×2.5 J＝－12 J
由于支持力与位移s垂直，故支持力不做功。
所以物体所受外力对它做的总功W＝W1＋W2＝68 J。
答案　(1)80 J　(2)68 J
14.(14分)已知解放牌汽车发动机的额定功率为60 kW，汽车的质量为4 t，它在水平路面上行驶时所受的阻力为车重的0.1倍，g取10 m/s2，求：
(1)解放牌汽车以额定功率从静止启动后，能达到的最大速度；
(2)若解放牌汽车以0.5 m/s2的加速度匀加速启动，其匀加速运动的时间多长。
解析　(1)f＝kmg＝4 000 N
以额定功率启动，达到最大速度时，P＝Fvm＝fvm
由此：vm＝＝ m/s＝15 m/s。
(2)由F－f＝ma得F＝ma＋f＝6 000 N
由P＝Fv得v＝10 m/s，故t＝＝20 s。
答案　(1)15 m/s　(2)20 s
15.(14分)如图所示，一质量为m的滑块从高为h的光滑圆弧形槽的顶端A处无初速度地滑下，槽的底端B与水平传送带相接，传送带的运行速度恒为v0，两轮轴心间距为l，滑块滑到传送带上后做匀加速运动，滑到传送带右端C时，恰好加速到与传送带的速度相同，求：

(1)滑块到达底端B时的速度大小vB；
(2)滑块与传送带间的动摩擦因数μ；
(3)此过程中，由于克服摩擦力做功而产生的热量Q。
解析　(1)滑块在由A到B的过程中机械能守恒，可得mgh＝mv，解得vB＝。
(2)滑块在由B到C的过程中，应用动能定理得
μmgl＝mv－mv
解得μ＝。
(3)Q＝f·l相对＝μmgl相对
又v0＝vB＋μgt
得l相对＝v0t－t＝＝
故Q＝。
答案　(1)　(2)　(3)

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