2022年高一化学下学期期末检测模拟卷01含解析.doc
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1、期末检测模拟卷01根底卷第I卷选择题)一、单项选择题36分)12分以下关于原子结构的说法有误的是( )A1869年俄国化学家门捷列夫提出了原子学说,为近代化学的开展奠定了根底B原子的种类由质子数和中子数决定C在原子结构分层排布中,M层第三层容纳电子数最多为18D在化学反响过程中,原子核不发生变化,但原子外层电子可能发生变化【答案】A【解析】A提出了原子学说的是道尔顿,故A错误;B同种元素的质子数相同,同种元素的原子由于中子数不同而形成不同的核素,所以原子的种类由质子数和中子数决定,故B正确;C在原子结构分层排布中,每个电子层最多容纳2n2电子,那么M层(第三层)容纳电子数最多为18,故C正确;
2、D化学变化中最小的微粒是原子,在化学反响过程中,原子核不发生变化,氧化复原反响中氧化剂得电子,复原剂失电子,原子外层电子发生变化,故D正确;故答案为A。22分以下表示粒子结构的化学用语或模型正确的选项是 ANH4Cl的电子式:B中子数为7的氮原子:C丙烷分子的球棍模型:D乙烯结构简式:CH2CH2【答案】C【解析】A氯化铵为离子化合物,铵根离子和氯离子都需要标出所带电荷及最外层电子,正确的电子为,故A错误;B中子数为7的氮原子的质量数为14,其核素表示为,故B错误;C丙烷的分子式为C3H8,结构简式为CH3CH2CH3,球棍模型与其结构简式相对应,故C正确;D乙烯的结构简式中应该包含碳碳双键,
3、写为:CH2=CH2,故D错误;故答案为C。32分“三七是一种名贵中药,其有效成分中的人参皂苷 Re(C48H82O18)具有改善记忆的作用。人参皂苷 Re 属于A单质B有机物C无机物D氧化物【答案】B【解析】A 单质是同种元素组成的纯洁物,而人参皂苷是由多种元素组成,属于化合物,故A不符合题意;B 有机物是通常指含有碳元素的化合物,人参皂苷是含碳的化合物,人参皂苷属于有机物,故B符合题意;C 通常指不含碳元素的化合物,但包括碳的氧化物、碳酸盐、氢化物、碳酸氢盐等等,故C不符合题意;D 氧化物是由氧元素和另一种元素组成的化合物,人参皂苷中含有C、H、O三种元素,因此人参皂苷不属于氧化物,故D不
4、符合题意;答案:B。42分以下表达不正确的选项是 ()A化学键的断裂和形成是化学反响中能量变化的根本原因B凡吸热反响均需在加热条件下才能发生C等质量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧,前者放出的热量多D由图知,红磷比白磷稳定【答案】B【解析】A旧键断裂吸收能量,新键生成释放能量,化学键的断裂和形成是化学反响中能量变化的主要原因,A正确;B反响是吸热反响与反响是否需在加热条件下进行无关,如氯化铵与氢氧化钡晶体反响是吸热反响,但反响在常温下就能发生,B错误;C等质量的硫蒸气和硫固体相比拟,硫蒸气具有的能量多,生成物含有的能量相同,因此完全燃烧硫蒸气放出的热量多,C正确;D物质含有的能量越低,物质的稳定性
5、就越强。由图可知红磷含有的能量比白磷低,所以红磷比白磷更稳定,D正确;故合理选项是B。52分有a、b、c、d四种金属,用导线两两相连插入稀硫酸中可以组成原电池,a、b相连时,a为负极;c、d相连时,电流由d到c;a、c相连时,a极发生氧化反响;b、d相连时,b极有大量气泡生成。那么四种金属的活动性按由强到弱顺序排列的是AabcdBacdbCcabdDbdca【答案】B【解析】在原电池中,作原电池负极的金属较活泼、作正极的金属较不活泼,电流从正极沿导线流向负极,正极上得电子发生复原反响,负极上失电子发生氧化反响, a、b相连时,a为负极,那么金属活动性ab;c、d相连时,电流方向为dc,那么金属
6、活动性cd;a、c相连时,a极发生氧化反响,那么金属活动性ac;b、d相连时,b极有大量气泡生成,那么金属活动性db;通过以上分析知,金属活动性强弱顺序是acdb ;故答案为:B。62分将4molA气体和2molB气体置于1L的密闭容器中,混合后发生如下反响:2A(g)+B(g)=2C(g)。假设经2s后测得C的浓度为1.2mol/L,以下说法正确的选项是()A用物质A表示的反响速率为1.2mol/(Ls)B2s时物质A的转化率为30C用物质B表示的反响速率为0.6mol/(Ls)D2s时物质B的浓度为0.6mol/L【答案】B【解析】A假设经2s后测得C的浓度为1.2molL1,那么物质C的
7、平均速率为,用A物质表示的反响速率(A)=(C)=0.6molL1s1,故A错误;B根据A选项分析得到(A)=(C)=0.6molL1s1,那么,n(A)=1.2mol,2s时物质A的转化率,故B正确;C假设经2s后测得C的浓度为1.2molL1,那么物质C的平均速率为,用物质表示的反响速率(B)=(C)=0.6molL1s1=0.3molL1s1,故C错误;D根据B选项分析得到n(A)=1.2mol,n(B)=n(A)=1.2mol=0.6mol,那么2s时物质B的物质的量为2mol0.6mol=1.4mol,物质的量浓度为,故D错误。答案为B。72分将某病人的尿液参加新制的Cu(OH)2浊
8、液中,微热时如果观察到红色沉淀,说明该尿液中含有A.醋酸 B.尿酸 C.食盐 D.葡萄糖【答案】D【解析】A.食醋和氢氧化铜反响生成醋酸铜和水,使沉淀溶解,没有红色沉淀出现,故A错误;B.尿酸是酸,会使沉淀溶解,没有红色沉淀出现,故B错误;C.食盐和氢氧化铜不反响,没有红色沉淀生成,故C错误;D.葡萄糖为复原性糖含有醛基能与新制的Cu(OH)2浊液微热时观察到红色沉淀,故D正确;82分以下关于有机化合物的说法正确的选项是A煤的液化过程为物理过程B甲烷和乙烯都可以与氯气反响C酸性高锰酸钾溶液可以氧化苯和甲烷D乙烯可以与氢气发生加成反响,苯不能与氢气加成【答案】B【解析】A煤的液化过程是化学变化,
9、A错误;B甲烷和氯气发生取代反响,乙烯和氯气发生加成反响,B正确;C酸性高锰酸钾溶液不能氧化苯和甲烷,C错误;D苯分子结构中含有苯环,也能在一定条件下与氢气发生加成反响,D错误;故答案选B。92分我国城市环境中的大气污染物主要是ACO2、Cl2、N2、酸雨BSO2、NO2、CO、可吸入颗粒物CNH3、CO2、NO2、雾DHCl、SO2、N2、可吸入颗粒物【答案】B【解析】A、C项中的二氧化碳不属于大气污染物,D项中的氮气不属于大气污染物,B项中SO2、NO2、CO、可吸入颗粒物均属于大气污染物,应选B。102分以下关于硫的化合物的说法正确的选项是A在燃煤中参加石灰石可减少SO2排放,发生的反响
10、为2CaCO3+2SO2+O22CO22CaSO4B把 SO2 通入酸性高锰酸钾溶液可验证SO2的漂白性C浓硫酸能使纸张变黑,这是因为纸张中的纤维素是碳水化合物,浓硫酸吸收了其中的水分DSO2具有较强的复原性,浓硫酸有强氧化性,所以不能用浓硫酸枯燥 SO2【答案】A【解析】A高温下,石灰石与SO2能发生如下反响:2CaCO3+2SO2+O22CO2+2CaSO4,所以可在燃煤中参加石灰石以减少SO2的排放,故A正确;B高锰酸钾具有强氧化性,二氧化硫被高锰酸钾氧化为硫酸根离子,表达了二氧化硫的复原性,故B错误;C浓硫酸可以使木材、纸张中的氢元素、氧元素按照氢、氧原子个数比2:1脱去,从而使物质发
11、生碳化,表达了浓硫酸的脱水性,故C错误;D同种元素相邻价态不发生氧化复原反响,故二氧化硫(S为+4价)与浓硫酸(S为+6价)不反响,可以用浓硫酸枯燥,故D错误;答案选A。112分以下表达正确的选项是A分馏、干馏都是物理变化,裂化、裂解都是化学变化B可用灼烧的方法区别羊毛和棉线CSO2、氮氧化物的排放会造成酸雨,酸雨的pH5.6D糖类物质都有甜味【答案】B【解析】A.分馏是别离几种不同沸点的挥发性物质的混合物的一种方法;干馏是固体或有机物在隔绝空气条件下加热分解的反响过程;裂化是一种使烃类分子分裂为几个较小分子的反响过程;裂解就是深度的裂化,可以看出分馏没有新物质生成,干馏、裂化、裂解都有新物质
12、生成,选项A错误;B.羊毛是蛋白质,燃烧产生烧焦羽毛的气味,棉线燃烧产生烧纸的气味,可以鉴别,选项B正确;C.SO2、氮氧化物的排放会造成酸雨,酸雨是指pH5.6的雨水,选项C错误;D.糖类不一定有甜味,如淀粉和纤维素,选项D错误;答案选B。122分海洋是一个巨大的资源宝库,海水开发利用的局部过程如下图。以下有关说法不正确的选项是( )A粗盐制精盐除采用过滤泥沙外,还必须除去 Ca2、Mg2、SO42-等杂质B工业生产中常选用石灰乳作为 Mg2的沉淀剂,并对沉淀进行洗涤C第步的反响是将 MgCl26H2O 晶体在空气中直接加热脱去结晶水得无水 MgCl2D第步到第步空气吹出法提取海水中溴通常使
13、用 SO2 作复原剂【答案】C【解析】A. 粗盐制精盐除采用过滤泥沙外,还必须除去Ca2、Mg2、SO42等杂质,故A正确;B. 利用沉淀溶解平衡转化,工业生产中常选用石灰乳作为 Mg2的沉淀剂,并对沉淀进行洗涤,故B正确;C. 镁离子要水解,因此第步的反响是将 MgCl26H2O 晶体在HCl气流中加热脱去结晶水得无水 MgCl2,故C错误;D. 第步到第步空气吹出法提取海水中溴通常使用SO2作复原剂,SO2与Br2反响生成HBr和H2SO4,故D正确;答案为C。132分以下物质的制取原理错误的选项是 ( )A金属钠的制取:2NaCl(熔融) 2NaCl2B金属镁的制取:MgOCOMgCO2
14、C金属铬的制取:Cr2O32Al2CrAl2O3D金属汞的制取:2HgO2HgO2【答案】B【解析】A.金属钠活泼,用电解熔融氯化钠制备,A项错误;B.金属镁活泼,用电解熔融氯化镁制备,B项正确;C.金属铬没有铝活泼,用铝热法制备,C项错误;D.金属汞不活泼,用加热分解氧化物的方法的制取,D项错误;答案选B。142分关于油脂,以下说法中正确的选项是 A植物油一般可以使溴水褪色,而动物油不能B油脂的水解反响也可称之为皂化反响C天然油脂大多数属于混合甘油酯,没有恒定的熔沸点,属于高分子化合物D硬脂酸甘油酯皂化反响后得到的主要产品是硬脂酸和甘油【答案】A【解析】A植物油中含有碳碳双键,可以使溴水褪色
15、,而动物油中一般没有碳碳双键,不能使溴水褪色,故A正确;B油脂在酸性条件下水解得到高级脂肪酸和甘油,油脂在碱性条件下水解得到高级脂肪酸盐和甘油,只有油脂在碱性条件下水解称为皂化反响,故B错误;C天然油脂是混合物,没有固定的熔沸点,油脂为高级脂肪酸甘油酯,其相对分子量较小,不属于高分子化合物,故C错误;D皂化反响是指油脂在碱性条件下的水解,硬脂酸甘油酯在碱性条件下水解,得到硬脂酸钠和甘油,故D错误;应选A。152分以下说法不正确的选项是A氨基酸能与酸、碱反响生成盐B葡萄糖和蔗糖的官能团种类完全相同C乙醇和乙醛可用银氨溶液进行鉴别D氢键既影响有机物的沸点,又影响有机物的空间结构【答案】B【解析】A
16、氨基酸中既含有氨基,又含有羧基,所以既能与酸反响,也能与碱反响生成盐,A项正确;B葡萄糖属于多羟基醛,结构中含有醛基而蔗糖的分子结构中并不含有醛基,B项错误;C乙醇不能与银氨溶液反响,乙醛可以与银氨溶液反响产生银镜现象,C项正确;D有机物分子之间假设能形成氢键,会使有机物具有较高的沸点;氢键的形成也会影响有机物的空间结构,如氢键是蛋白质具有生物活性的高级结构的重要原因,氢键也是DNA双螺旋的两个螺旋链结合的原因,D项正确;答案选B。162分结合下表数据分析,以下关于乙醇、乙二醇的说法,不合理的是物质分子式沸点溶解性乙醇C2H6O78.5与水以任意比混溶乙二醇C2H6O2197.3与水和乙醇以任
17、意比混溶A.二者的溶解性与其在水中能够形成氢键有关B.可以采用蒸馏的方法将二者进行别离C.丙三醇的沸点应该高于乙二醇的沸点D.二者组成和结构相似,互为同系物【答案】D【解析】A.乙醇和乙二醇都与水分子形成氢键,所以二者均能与水经任意比混溶,A正确;B.二者的沸点相差较大,所以可以采用蒸馏的方法将二者进行别离,B正确;C.丙三醇分子中的羟基数目更多,其分子之间可以形成更多的氢键,所以其沸点应该高于乙二醇的沸点,C正确;D.同系物的结构相似是指碳链相似、官能团的种类和个数分别相同,所以乙醇和乙二醇不是同系物,D不正确。此题选D。答案选D。172分在生成和纯化乙酸乙酯的实验过程中,以下操作未涉及的是
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