2022年湖南省益阳市中考数学试卷.docx

2022年湖南省益阳市中考数学试卷
一、选择题〔本大题共8小题，每题5分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的〕
1．〔5分〕以下四个实数中，最小的实数是〔　　〕
A．﹣2 B．2 C．﹣4 D．﹣1
2．〔5分〕如图表示以下四个不等式组中其中一个的解集，这个不等式组是〔　　〕
A． B． C． D．
3．〔5分〕以下性质中菱形不一定具有的性质是〔　　〕
A．对角线互相平分
B．对角线互相垂直
C．对角线相等
D．既是轴对称图形又是中心对称图形
4．〔5分〕目前，世界上能制造出的最小晶体管的长度只有0.000 000 04m，将0.000 000 04用科学记数法表示为〔　　〕
A．4×108 B．4×10﹣8 C．0.4×108 D．﹣4×108
5．〔5分〕以下各式化简后的结果为3的是〔　　〕
A． B． C． D．
6．〔5分〕关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕的两根为x1=1，x2=﹣1，那么以下结论一定成立的是〔　　〕
A．b2﹣4ac＞0 B．b2﹣4ac=0 C．b2﹣4ac＜0 D．b2﹣4ac≤0
7．〔5分〕如图，电线杆CD的高度为h，两根拉线AC与BC相互垂直，∠CAB=α，那么拉线BC的长度为〔A、D、B在同一条直线上〕〔　　〕
A． B． C． D．h•cosα
8．〔5分〕如图，空心卷筒纸的高度为12cm，外径〔直径〕为10cm，内径为4cm，在比例尺为1：4的三视图中，其主视图的面积是〔　　〕
A．cm2 B．cm2 C．30cm2 D．7.5cm2
二、填空题〔本大题共6小题，每题5分，共30分．把答案填在答题卡中对应题号后的横线上〕
9．〔5分〕如图，AB∥CD，CB平分∠ACD．假设∠BCD=28°，那么∠A的度数为．
10．〔5分〕如图，△ABC中，AC=5，BC=12，AB=13，CD是AB边上的中线．那么CD=．
11．〔5分〕代数式有意义，那么x的取值范围是．
12．〔5分〕学习委员调查本班学生课外阅读情况，对学生喜爱的书籍进行分类统计，其中“古诗词类〞的频数为12人，频率为0.25，那么被调查的学生人数为．
13．〔5分〕如图，多边形ABCDE的每个内角都相等，那么每个内角的度数为．
14．〔5分〕如图，在△ABC中，AB=AC，∠BAC=36°，DE是线段AC的垂直平分线，假设BE=a，AE=b，那么用含a、b的代数式表示△ABC的周长为．
三、解答题〔本大题8个小题，共80分〕
15．〔8分〕计算：|﹣4|﹣2cos60°+〔﹣〕0﹣〔﹣3〕2．
16．〔8分〕先化简，再求值：+，其中x=﹣2．
17．〔8分〕如图，四边形ABCD为平行四边形，F是CD的中点，连接AF并延长与BC的延长线交于点E．求证：BC=CE．
18．〔10分〕垫球是排球队常规训练的重要工程之一．以下列图表中的数据是甲、乙、丙三人每人十次垫球测试的成绩．测试规那么为连续接球10个，每垫球到位1个记1分．
运发动甲测试成绩表
测试序号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
成绩〔分〕
7
6
8
7
7
5
8
7
8
7
〔1〕写出运发动甲测试成绩的众数和中位数；
〔2〕在他们三人中选择一位垫球成绩优秀且较为稳定的接球能手作为自由人，你认为选谁更适宜为什么〔参考数据：三人成绩的方差分别为S甲2=0.8、S乙2=0.4、S丙2=0.8〕
〔3〕甲、乙、丙三人相互之间进行垫球练习，每个人的球都等可能的传给其他两人，球最先从甲手中传出，第三轮结束时球回到甲手中的概率是多少〔用树状图或列表法解答〕
19．〔10分〕我市南县大力开展农村旅游事业，全力打造“洞庭之心湿地公园〞，其中罗文村的“花海、涂鸦、美食〞特色游享誉三湘，游人如织．去年村民罗南洲抓住机遇，返乡创业，投入20万元创办农家乐〔餐饮+住宿〕，一年时间就收回投资的80%，其中餐饮利润是住宿利润的2倍还多1万元．
〔1〕求去年该农家乐餐饮和住宿的利润各为多少万元
〔2〕今年罗南洲把去年的餐饮利润全部用于继续投资，增设了土特产的实体店销售和网上销售工程．他在接受记者采访时说：“我预计今年餐饮和住宿的利润比去年会有10%的增长，加上土特产销售的利润，到年底除收回所有投资外，还将获得不少于10万元的纯利润．〞请问今年土特产销售至少有多少万元的利润
20．〔10分〕如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，D在AB的延长线上，且∠BCD=∠A．
〔1〕求证：CD是⊙O的切线；
〔2〕假设⊙O的半径为3，CD=4，求BD的长．
21．〔12分〕在平面直角坐标系中，将一点〔横坐标与纵坐标不相等〕的横坐标与纵坐标互换后得到的点叫这一点的“互换点〞，如〔﹣3，5〕与〔5，﹣3〕是一对“互换点〞．
〔1〕任意一对“互换点〞能否都在一个反比例函数的图象上为什么
〔2〕M、N是一对“互换点〞，假设点M的坐标为〔m，n〕，求直线MN的表达式〔用含m、n的代数式表示〕；
〔3〕在抛物线y=x2+bx+c的图象上有一对“互换点〞A、B，其中点A在反比例函数y=﹣的图象上，直线AB经过点P〔，〕，求此抛物线的表达式．
22．〔14分〕如图1，直线y=x+1与抛物线y=2x2相交于A、B两点，与y轴交于点M，M、N关于x轴对称，连接AN、BN．
〔1〕①求A、B的坐标；②求证：∠ANM=∠BNM；
〔2〕如图2，将题中直线y=x+1变为y=kx+b〔b＞0〕，抛物线y=2x2变为y=ax2〔a＞0〕，其他条件不变，那么∠ANM=∠BNM是否仍然成立请说明理由．
2022年湖南省益阳市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题〔本大题共8小题，每题5分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的〕
1．〔5分〕〔2022•益阳〕以下四个实数中，最小的实数是〔　　〕
A．﹣2 B．2 C．﹣4 D．﹣1
【分析】根据选项中的数据，可以比较它们的大小，从而可以解答此题．
【解答】解：∵﹣4＜﹣2＜﹣1＜2，
应选C．
【点评】此题考查实数大小的比较，解答此类问题的关键是明确负数小于0小于正数．
2．〔5分〕〔2022•益阳〕如图表示以下四个不等式组中其中一个的解集，这个不等式组是〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据在数轴上表示不等式解集的方法即可得出答案．
【解答】解：∵﹣3处是空心圆点，且折线向右，2处是实心圆点，且折线向左，
∴这个不等式组的解集是﹣3＜x≤2．
应选D．
【点评】此题考查的是在数轴上表示不等式的解集，熟知“小于向左，大于向右〞是解答此题的关键．
3．〔5分〕〔2022•益阳〕以下性质中菱形不一定具有的性质是〔　　〕
A．对角线互相平分
B．对角线互相垂直
C．对角线相等
D．既是轴对称图形又是中心对称图形
【分析】根据菱形的性质解答即可得．
【解答】解：A、菱形的对角线互相平分，此选项正确；
B、菱形的对角线互相垂直，此选项正确；
C、菱形的对角线不一定相等，此选项错误；
D、菱形既是轴对称图形又是中心对称图形，此选项正确；
应选：C．
【点评】此题主要考查菱形的性质，熟练掌握菱形的性质：①菱形具有平行四边形的一切性质； ②菱形的四条边都相等； ③菱形的两条对角线互相垂直，并且每一条对角线平分一组对角； ④菱形是轴对称图形，它有2条对称轴，分别是两条对角线所在直线是解题的关键．
4．〔5分〕〔2022•益阳〕目前，世界上能制造出的最小晶体管的长度只有0.000 000 04m，将0.000 000 04用科学记数法表示为〔　　〕
A．4×108 B．4×10﹣8 C．0.4×108 D．﹣4×108
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：0.000 000 04=4×10﹣8，
应选B．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
5．〔5分〕〔2022•益阳〕以下各式化简后的结果为3的是〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据二次根式的性质逐一化简可得．
【解答】解：A、不能化简；
B、=2，此选项错误；
C、=3，此选项正确；
D、=6，此选项错误；
应选：C．
【点评】此题主要考查二次根式，熟练掌握二次根式的性质是解题的关键．
6．〔5分〕〔2022•益阳〕关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕的两根为x1=1，x2=﹣1，那么以下结论一定成立的是〔　　〕
A．b2﹣4ac＞0 B．b2﹣4ac=0 C．b2﹣4ac＜0 D．b2﹣4ac≤0
【分析】由一元二次方程有两个不相等的实数根，确定出根的判别式的符号即可．
【解答】解：∵关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕的两根为x1=1，x2=﹣1，
∴b2﹣4ac＞0，
应选A
【点评】此题考查了根与系数的关系，以及根的判别式，熟练掌握根的判别式的意义是解此题的关键．
7．〔5分〕〔2022•益阳〕如图，电线杆CD的高度为h，两根拉线AC与BC相互垂直，∠CAB=α，那么拉线BC的长度为〔A、D、B在同一条直线上〕〔　　〕
A． B． C． D．h•cosα
【分析】根据同角的余角相等得∠CAD=∠BCD，由os∠BCD=知BC==．
【解答】解：∵∠CAD+∠ACD=90°，∠ACD+∠BCD=90°，
∴∠CAD=∠BCD，
在Rt△BCD中，∵cos∠BCD=，
∴BC==，
应选：B．
【点评】此题主要考查解直角三角形的应用，熟练掌握同角的余角相等和三角函数的定义是解题的关键．
8．〔5分〕〔2022•益阳〕如图，空心卷筒纸的高度为12cm，外径〔直径〕为10cm，内径为4cm，在比例尺为1：4的三视图中，其主视图的面积是〔　　〕
A．cm2 B．cm2 C．30cm2 D．7.5cm2
【分析】根据给出的空心卷筒纸的高度为12cm，外径〔直径〕为10cm，内径为4cm，比例尺为1：4，可得其主视图的面积=长12×=3cm宽10×=2.5cm的长方体的面积，根据长方形面积公式计算即可求解．
【解答】解：12×=3〔cm〕
10×=2.5〔cm〕
3×2.5=7.5〔cm2〕
答：其主视图的面积是7.5cm2．
应选：D．
【点评】考查了简单几何体的三视图的知识，解题的关键是能得到立体图形的三视图和学生的空间想象能力．
二、填空题〔本大题共6小题，每题5分，共30分．把答案填在答题卡中对应题号后的横线上〕
9．〔5分〕〔2022•益阳〕如图，AB∥CD，CB平分∠ACD．假设∠BCD=28°，那么∠A的度数为　124°　．
【分析】根据平行线的性质得到∠ABC=∠BCD=28°，根据角平分线的定义得到∠ACB=∠BCD=28°，根据三角形的内角和即可得到结论．
【解答】解：∵AB∥CD，
∴∠ABC=∠BCD=28°，
∵CB平分∠ACD，
∴∠ACB=∠BCD=28°，
∴∠A=180°﹣∠ABC﹣∠ACB=124°，
故答案为：124°．
【点评】此题考查了平行线的性质，角平分线的定义，三角形的内角和，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．
10．〔5分〕〔2022•益阳〕如图，△ABC中，AC=5，BC=12，AB=13，CD是AB边上的中线．那么CD=　6.5　．
【分析】先根据勾股定理的逆定理判定△ABC为直角三角形，然后根据直角三角形的性质即可得到结论．
【解答】解：∵在△ABC中，AC=5，BC=12，AB=13，
∴AC2+BC2=52+122=132=AB2，
∴△ABC为直角三角形，且∠ACB=90°，
∵CD是AB边上的中线，
∴CD=6.5；
故答案为：6.5．
【点评】此题考查了勾股定理的逆定理和直角三角形的性质的综合应用．先判定△ABC为直角三角形是解题的关键．
11．〔5分〕〔2022•益阳〕代数式有意义，那么x的取值范围是　x．
【分析】根据二次根式有意义的条件以及分式有意义的条件即可求出答案．
【解答】解：由题意可知：
∴x≤且x≠2，
∴x的取值范围为：x≤
故答案为：x
【点评】此题考查二次根式的有意义的条件，解题的关键是正确理解二次根式有意义的条件，此题属于根底题型．
12．〔5分〕〔2022•益阳〕学习委员调查本班学生课外阅读情况，对学生喜爱的书籍进行分类统计，其中“古诗词类〞的频数为12人，频率为0.25，那么被调查的学生人数为　48　．
【分析】设被调查的学生人数为x人，那么有=0.25，解方程即可．
【解答】解：设被调查的学生人数为x人，
那么有=0.25，
解得x=48，
经检验x=48是方程的解．
故答案为48；
【点评】此题考查频数与频率、记住两者的关系是解题的关键，属于根底题．
13．〔5分〕〔2022•益阳〕如图，多边形ABCDE的每个内角都相等，那么每个内角的度数为　108°　．
【分析】根据多边形的内角和公式即可得出结果．
【解答】解：∵五边形的内角和=〔5﹣2〕•180°=540°，
又∵五边形的每个内角都相等，
∴每个内角的度数=540°÷5=108°．
故答案是：108°．
【点评】此题考查多边形的内角和计算公式．多边形内角和定理：多边形内角和等于〔n﹣2〕•180°．
14．〔5分〕〔2022•益阳〕如图，在△ABC中，AB=AC，∠BAC=36°，DE是线段AC的垂直平分线，假设BE=a，AE=b，那么用含a、b的代数式表示△ABC的周长为　2a+3b　．
【分析】由题意可知：AC=AB=a+b，由于DE是线段AC的垂直平分线，∠BAC=36°，所以易证AE=CE=BC=b，从可知△ABC的周长；
【解答】解：∵AB=AC，
BE=a，AE=b，
∴AC=AB=a+b，
∵DE是线段AC的垂直平分线，
∴AE=CE=b，
∴∠ECA=∠BAC=36°，
∵∠BAC=36°，
∴∠ABC=∠ACB=72°，
∴∠BCE=∠ACB﹣∠ECA=36°，
∴∠BEC=180°﹣∠ABC﹣∠ECB=72°，
∴CE=BC=b，
∴△ABC的周长为：AB+AC+BC=2a+3b
故答案为：2a+3b．
【点评】此题考查线段垂直平分线的性质，解题的关键是利用等腰三角形的性质以及垂直平分线的性质得出AE=CE=BC，此题属于中等题型．
三、解答题〔本大题8个小题，共80分〕
15．〔8分〕〔2022•益阳〕计算：|﹣4|﹣2cos60°+〔﹣〕0﹣〔﹣3〕2．
【分析】根据实数运算法那么、零指数幂和特殊三角形函数值得有关知识计算即可．
【解答】解：原式=4﹣2×+1﹣9，
=﹣5．
【点评】此题主要考查了实数的综合运算能力，是各地中考题中常见的计算题型．解决此类题目的关键是熟练掌握负整数指数幂、零指数幂、绝对值等考点的运算．
16．〔8分〕〔2022•益阳〕先化简，再求值：+，其中x=﹣2．
【分析】根据分式的运算法那么先化简单，再代入求值即可．
【解答】解：
原式=
=x+1+x+1=2x+2．
当x=﹣2时，原式=﹣2．
【点评】此题主要考查分式的化简求值，掌握分式的约分、加减运算是解题的关键．
17．〔8分〕〔2022•益阳〕如图，四边形ABCD为平行四边形，F是CD的中点，连接AF并延长与BC的延长线交于点E．求证：BC=CE．
【分析】根据平行四边形的对边平行且相等可得AD=BC，AD∥BC，根据两直线平行，内错角相等可得∠DAF=∠E，∠ADF=∠ECF，根据线段中点的定义可得DF=CF，然后利用“角角边〞证明△ADF≌△ECF，根据全等三角形对应边相等可得AD=CE，从而得证．
【解答】证明：如图，∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD=BC，AD∥BC，
∴∠DAF=∠E，∠ADF=∠ECF，
又∵F是CD的中点，即DF=CF，
∴△ADF≌△ECF，
∴AD=CE，
∴BC=CE．
【点评】此题考查了平行四边形的性质，全等三角形的判定与性质，熟记性质并确定出三角形全等的条件是解题的关键．
18．〔10分〕〔2022•益阳〕垫球是排球队常规训练的重要工程之一．以下列图表中的数据是甲、乙、丙三人每人十次垫球测试的成绩．测试规那么为连续接球10个，每垫球到位1个记1分．
运发动甲测试成绩表
测试序号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
成绩〔分〕
7
6
8
7
7
5
8
7
8
7
〔1〕写出运发动甲测试成绩的众数和中位数；
〔2〕在他们三人中选择一位垫球成绩优秀且较为稳定的接球能手作为自由人，你认为选谁更适宜为什么〔参考数据：三人成绩的方差分别为S甲2=0.8、S乙2=0.4、S丙2=0.8〕
〔3〕甲、乙、丙三人相互之间进行垫球练习，每个人的球都等可能的传给其他两人，球最先从甲手中传出，第三轮结束时球回到甲手中的概率是多少〔用树状图或列表法解答〕
【分析】〔1〕观察表格可知甲运发动测试成绩的众数和中位数都是〔7分〕；
〔2〕易知〔分〕，〔分〕，〔分〕，根据题意不难判断；
〔3〕画出树状图，即可解决问题；
【解答】解：〔1〕甲运发动测试成绩的众数和中位数都是〔7分〕．
〔2〕∵〔分〕，〔分〕，〔分〕，
∴＞，＞
∴选乙运发动更适宜．
〔3〕树状图如下列图，
第三轮结束时球回到甲手中的概率是．
【点评】此题考查列表法、条形图、折线图、中位数、平均数、方差等知识，熟练掌握根本概念是解题的关键．
19．〔10分〕〔2022•益阳〕我市南县大力开展农村旅游事业，全力打造“洞庭之心湿地公园〞，其中罗文村的“花海、涂鸦、美食〞特色游享誉三湘，游人如织．去年村民罗南洲抓住机遇，返乡创业，投入20万元创办农家乐〔餐饮+住宿〕，一年时间就收回投资的80%，其中餐饮利润是住宿利润的2倍还多1万元．
〔1〕求去年该农家乐餐饮和住宿的利润各为多少万元
〔2〕今年罗南洲把去年的餐饮利润全部用于继续投资，增设了土特产的实体店销售和网上销售工程．他在接受记者采访时说：“我预计今年餐饮和住宿的利润比去年会有10%的增长，加上土特产销售的利润，到年底除收回所有投资外，还将获得不少于10万元的纯利润．〞请问今年土特产销售至少有多少万元的利润
【分析】〔1〕设去年餐饮利润为x万元，住宿利润为y万元，根据题意列出方程组，求出方程组的解即可得到结果；
〔2〕设今年土特产的利润为m万元，根据题意列出不等式，求出不等式的解集即可得到结果．
【解答】解：〔1〕设去年餐饮利润x万元，住宿利润y万元，
依题意得：，
解得：，
答：去年餐饮利润11万元，住宿利润5万元；
〔2〕设今年土特产利润m万元，
依题意得：16+16×〔1+10%〕+m﹣20﹣11≥10，
解之得，m≥7.4，
答：今年土特产销售至少有7.4万元的利润．
【点评】此题考查了一元一次不等式的应用，以及二元一次方程组的应用，弄清题中的不等及相等关系是解此题的关键．
20．〔10分〕〔2022•益阳〕如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，D在AB的延长线上，且∠BCD=∠A．
〔1〕求证：CD是⊙O的切线；
〔2〕假设⊙O的半径为3，CD=4，求BD的长．
【分析】〔1〕连接OC，由AB是⊙O的直径可得出∠ACB=90°，即∠ACO+∠OCB=90°，由等腰三角形的性质结合∠BCD=∠A，即可得出∠OCD=90°，即CD是⊙O的切线；
〔2〕在Rt△OCD中，由勾股定理可求出OD的值，进而可得出BD的长．
【解答】〔1〕证明：如图，连接OC．
∵AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，
∴∠ACB=90°，即∠ACO+∠OCB=90°．
∵OA=OC，∠BCD=∠A，
∴∠ACO=∠A=∠BCD，
∴∠BCD+∠OCB=90°，即∠OCD=90°，
∴CD是⊙O的切线．
〔2〕解：在Rt△OCD中，∠OCD=90°，OC=3，CD=4，
∴OD==5，
∴BD=OD﹣OB=5﹣3=2．
【点评】此题考查了切线的判定与性质、勾股定理以及等腰三角形的性质，解题的关键是：〔1〕通过角的计算找出∠OCD=90°；〔2〕根据勾股定理求出OD的长度．
21．〔12分〕〔2022•益阳〕在平面直角坐标系中，将一点〔横坐标与纵坐标不相等〕的横坐标与纵坐标互换后得到的点叫这一点的“互换点〞，如〔﹣3，5〕与〔5，﹣3〕是一对“互换点〞．
〔1〕任意一对“互换点〞能否都在一个反比例函数的图象上为什么
〔2〕M、N是一对“互换点〞，假设点M的坐标为〔m，n〕，求直线MN的表达式〔用含m、n的代数式表示〕；
〔3〕在抛物线y=x2+bx+c的图象上有一对“互换点〞A、B，其中点A在反比例函数y=﹣的图象上，直线AB经过点P〔，〕，求此抛物线的表达式．
【分析】〔1〕设这一对“互换点〞的坐标为〔a，b〕和〔b，a〕．①当ab=0时，它们不可能在反比例函数的图象上，②当ab≠0时，由可得，于是得到结论；
〔2〕把M〔m，n〕，N〔n，m〕代入y=cx+d，即可得到结论；
〔3〕设点A〔p，q〕，那么，由直线AB经过点P〔，〕，得到p+q=1，得到q=﹣1或q=2，将这一对“互换点〞代入y=x2+bx+c得，于是得到结论．
【解答】解：〔1〕不一定，
设这一对“互换点〞的坐标为〔a，b〕和〔b，a〕．
①当ab=0时，它们不可能在反比例函数的图象上，
②当ab≠0时，由可得，即〔a，b〕和〔b，a〕都在反比例函数〔k≠0〕的图象上；
〔2〕由M〔m，n〕得N〔n，m〕，设直线MN的表达式为y=cx+d〔c≠0〕．
那么有解得，
∴直线MN的表达式为y=﹣x+m+n；
〔3〕设点A〔p，q〕，那么，
∵直线AB经过点P〔，〕，由〔2〕得，
∴p+q=1，
∴，
解并检验得：p=2或p=﹣1，
∴q=﹣1或q=2，
∴这一对“互换点〞是〔2，﹣1〕和〔﹣1，2〕，
将这一对“互换点〞代入y=x2+bx+c得，
∴解得，
∴此抛物线的表达式为y=x2﹣2x﹣1．
【点评】此题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，待定系数法求函数的解析式，正确的理解题意是解题的关键．
22．〔14分〕〔2022•益阳〕如图1，直线y=x+1与抛物线y=2x2相交于A、B两点，与y轴交于点M，M、N关于x轴对称，连接AN、BN．
〔1〕①求A、B的坐标；②求证：∠ANM=∠BNM；
〔2〕如图2，将题中直线y=x+1变为y=kx+b〔b＞0〕，抛物线y=2x2变为y=ax2〔a＞0〕，其他条件不变，那么∠ANM=∠BNM是否仍然成立请说明理由．
【分析】〔1〕①联立直线和抛物线解析式可求得A、B两点的坐标；②过A作AC⊥y轴于C，过B作BD⊥y轴于D，可分别求得∠ANM和∠BNM的正切值，可证得结论；
〔2〕当k=0时，由对称性可得出结论；当k≠0时，过A作AE⊥y轴于E，过B作BF⊥y轴于F，设、B，联立直线和抛物线解析式，消去y，利用根与系数的关系，可求得，那么可证明Rt△AEN∽Rt△BFN，可得出结论．
【解答】解：
〔1〕①由得2x2=x+1，解得或x=1，
当时，，当x=1时，y=2，
∴A、B两点的坐标分别为〔，〕，〔 1，2〕；
②如图1，过A作AC⊥y轴于C，过B作BD⊥y轴于D，
由①及有A〔，〕，B〔 1，2〕，且OM=ON=1，
∴，，
∴tan∠ANM=tan∠BNM，
∴∠ANM=∠BNM；
〔2〕∠ANM=∠BNM成立，
①当k=0，△ABN是关于y轴的轴对称图形，
∴∠ANM=∠BNM；
②当k≠0，根据题意得：OM=ON=b，设、B．
如图2，过A作AE⊥y轴于E，过B作BF⊥y轴于F，
由题意可知：ax2=kx+b，即ax2﹣kx﹣b=0，
∴，
∵===，
∴，
∴Rt△AEN∽Rt△BFN，
∴∠ANM=∠BNM．
【点评】此题为二次函数的综合应用，涉及函数图象的交点、三角函数的定义、根与系数的关系、相似三角形的判定和性质等知识．在〔1〕②中求得两角的正切值是解题的关键，在〔2〕中利用根与系数的关系，整理求得，是解题的关键．此题考查知识点较多，综合性较强，难度适中．