2023版高考数学一轮复习第五章平面向量复数5.3平面向量的数量积及应用举例练习苏教版.doc

5.3 平面向量的数量积及应用举例
考点一　平面向量的数量积的基本概念及运算 
1.(2018·全国卷II)已知向量a,b满足|a|=1,a·b=-1,则a·(2a-b)=
(　　)
A.4 B.3 C.2 D.0
【解析】选B.因为|a|=1,a·b=-1,所以a·(2a-b)=2a2-a·b=2×1-(-1)=3.
2.(2019·泰州模拟)已知|a|=|b|=1,向量a与b的夹角为45°,则(a+2b)·a=________.  
【解析】因为|a|=|b|=1,向量a与b的夹角为45°,所以(a+2b)·a=a2+2a·b=
|a|2+2|a|·|b|cos 45°=1+.
答案:1+
　【一题多解】
坐标法解T2,因为|a|=|b|=1,向量a与b的夹角为45°,可设a=,
b=(1,0),
则a+2b=,(a+2b)·a=×+=1+.
答案:1+
3.(2019·宜昌模拟)已知点A(-1,1),B(1,2),C(-2,-1),D(3,4),则向量在方向上的投影为 (　　)
A. B.
C.- D.-
【解析】选A.=(2,1),=(5,5),
由定义知在方向上的投影为||cos θ===.
　平面向量数量积的三种运算方法
(1)当已知向量的模和夹角时,可利用定义法求解,即a·b=|a||b|cos <a,b>.
(2)当已知向量的坐标时,可利用坐标法求解,即若a=(x1,y1),b=(x2,y2),则a·b=x1x2+y1y2.
(3)对于数量积与线性运算的综合问题,可先运用数量积的运算律,几何意义等化简,再运算.
考点二　平面向量的数量积在几何中的应用 
【典例】1.在△ABC中,∠A=60°,AB=3,AC=2.若=2,=λ-(λ∈R),且·=-4,则λ的值为________. 
2.已知O,N,P在△ABC所在平面内,且||=||=||,++=0,且·=·=·,则点O,N,P依次是△ABC的 (　　)
A.重心　外心　垂心 B.重心　外心　内心
C.外心　重心　垂心 D.外心　重心　内心
(注:三角形的三条高线交于一点,此点为三角形的垂心)
【解题导思】
序号
联想解题
1
看到“·=-4”,想到和分别用,来表示
2
看到三个题设条件,想到△ABC的“三心”
【解析】1.·=3×2×cos 60°=3,
=+,
则·=·(λ-)
=×3+×4-×9-×3
=-4⇔λ=.
答案:
2.选C.由||=||=||知,O为△ABC的外心;由++=0知,N为△ABC的重心;
因为·=·,所以(-)·=0,所以·=0,所以⊥,即CA⊥PB,
同理AP⊥BC,CP⊥AB,所以P为△ABC的垂心.
1.平面向量中数量积的三种求法
(1)利用定义求解.
(2)利用向量的坐标运算求解.
(3)利用向量数量积的几何意义求解.
2.向量的数量积在平面几何应用中的解题策略
(1)利用运算律结合图形先化简再运算.
(2)注意向量的夹角与已知平面几何中的角的关系(相等还是互补).
【拓展】三角形四心的向量表示
在三角形ABC中,点O为平面内一点,若满足:
(1)++=0,则点O为三角形的重心.
(2)||=||=||,则点O为三角形的外心.
(3)·=·=·,则点O为三角形的垂心.
(4)||·+||·+||·=0,则点O为三角形的内心.
1.(2020·济宁模拟)平面四边形ABCD中,+=0,(-)·=0,则四边形ABCD是 (　　)
A.矩形 B.正方形 C.菱形 D.梯形
【解析】选C.因为+=0,所以=-=,所以四边形ABCD是平行四边形.又(-)·=·=0,所以四边形对角线互相垂直,所以四边形ABCD是菱形.
2.已知A,B,C是平面上不共线的三点,O为坐标原点,动点P满足=[(1-λ)+(1-λ)+(1+2λ)·],λ∈R,则点P的轨迹一定经过 (　　)
A.△ABC的内心　 B.△ABC的垂心
C.△ABC的重心　 D.AB边的中点
【解析】选C.取AB的中点D,则2=+,
因为=[(1-λ)+(1-λ)+(1+2λ)],
所以=[2(1-λ)+(1+2λ)]
=+,
又+=1,
所以P,C,D三点共线,所以点P的轨迹一定经过△ABC的重心.
考点三　 平面向量数量积的综合应用 
命
题
精
解
读
考什么:(1)平面向量的模,平面向量的夹角,平行、垂直问题;
(2)考查数学运算等核心素养,以及数形结合,转化与化归的思想.
怎么考:与平面向量基本定理,坐标运算,平面几何结合考查求模,夹角,夹角余弦值,参数等等.
学
霸
好
方
法
1.在求向量的模时,一定要注意公式|a|=的应用,即将向量的长度(或模)转化为向量数量积.
2.求两个向量的夹角,常常利用两个向量夹角的余弦公式,求其夹角的余弦,然后利用余弦函数的单调性求角.
3.解决关于平面向量的平行与垂直问题,其关键是充分利用平行与垂直的充要条件,得出一个等式,然后求解.
平面向量的模
【典例】1.(2019·全国卷Ⅱ)已知=(2,3),=(3,t),||=1,则·= (　　)
A.-3 B.-2 C.2 D.3
【解析】选C.因为=-=(1,t-3),
又因为||=1,
即12+(t-3)2=12,解得t=3,
所以=(1,0),所以·=2.
2.已知直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠ADC=90°,AD=2,BC=1,P是腰DC上的动点,则|+3|的最小值为________. 
【解析】建立平面直角坐标系如图所示,则
A(2,0),设P(0,y),C(0,b),则B(1,b).
所以+3=(2,-y)+3(1,b-y)=(5,3b-4y),
所以|+3|=(0≤y≤b),当y=b时,|+3|取得最小值5.
答案:5
1.求向量的模有哪些方法?
提示:(1)公式法,利用|a|=及(a±b)2=|a|2±2a·b+|b|2,把向量的模的运算转化为数量积运算.
(2)几何法,利用向量的几何意义.
2.求向量模的最值(范围)有哪些方法?
提示:(1)代数法,把所求的模表示成某个变量的函数,再用求最值的方法求解.
(2)几何法(数形结合法),弄清所求的模表示的几何意义,结合动点表示的图形求解.
平面向量的夹角
【典例】1.(2019·全国卷Ⅲ)已知a,b为单位向量,且a·b=0,若c=2a-b,则
cos<a,c>=________. 
【解析】因为c2=(2a-b)2=4a2+5b2-4a·b=9,
所以|c|=3,
因为a·c=a·(2a-b)=2a2-a·b=2,
所以cos<a,c>===.
答案:
2.(2019·衡水模拟)已知非零向量a,b满足|a+b|=|a-b|=|a|,则向量a+b与a-b的夹角为____________.  
【解析】将|a+b|=|a-b|两边平方,得a2+b2+2a·b=a2+b2-2a·b,所以a·b=0.
将|a+b|=|a|两边平方,得a2+b2+2a·b=a2,所以b2=a2.
设a+b与a-b的夹角为θ,
所以cos θ=
===.
又因为θ∈[0,π],所以θ=.
答案:
1.向量夹角问题如何求解?
提示:若题目给出向量的坐标表示,可直接运用公式cos θ=求解.没有坐标时可用公式cos θ=.研究向量夹角应注意“共起点”,注意取值范围是[0,π].
2.对于两个不共线的向量,数量积的符号与夹角有何关系?
提示:当数量积大于0时,夹角为锐角;
当数量积等于0时,夹角为直角;
当数量积小于0时,夹角为钝角.
平行、垂直问题
【典例】1.(2020·天津模拟)已知向量a=(1,2),a-b=(4,5),c=(x,3),若(2a+b)∥c,则x= (　　)
A.-1 　 B.-2 C.-3 D.-4
【解析】选C.因为a=(1,2),a-b=(4,5),
所以b=a-(a-b)=(1,2)-(4,5)=(-3,-3),
所以2a+b=2(1,2)+(-3,-3)=(-1,1).
又因为c=(x,3),(2a+b)∥c,
所以-1×3-x=0,所以x=-3.
2.(2019·全国卷Ⅰ)已知非零向量a,b满足|a|=2|b|,且(a-b)⊥b,则a与b的夹角为 (　　)
A. B. C. D.
【解析】选B.设夹角为θ,因为(a-b)⊥b,
所以(a-b)·b=a·b-b2=0,
所以a·b=b2,
所以cos θ===,
又θ∈[0,π],
所以a与b的夹角为.
两个非零向量垂直的充要条件有哪些?
提示:a⊥b⇔a·b=0⇔x1x2+y1y2=0⇔|a-b|=|a+b|.
注意:数量积的运算a·b=0⇔a⊥b中,是对非零向量而言的,若a=0,虽然有a·b=0,但不能说a⊥b.
1.已知向量a,b的夹角为60°,|a|=2,|b|=1,则|a +2b|=______________ . 
【解析】=(a+2b)2
=+2···cos 60°+
=22+2×2×2×+22=4+4+4=12,
所以==2.
答案:2
2.若非零向量a,b满足|a|=3|b|=|a+2b|,则a与b的夹角余弦值为________. 
【解析】因为|a|=|a+2b|,
所以|a|2=|a|2+4a·b+4|b|2,
所以a·b=-|b|2,
令夹角为θ,
所以cos θ===-.
答案:-
3.(2019·北京高考)已知向量a=(-4,3),b=(6,m),且a⊥b,则m=________. 
【解析】因为a⊥b,所以a·b=-4×6+3m=0,
所以m=8.
答案:8
1.(2019·天津高考)在四边形ABCD中,AD∥BC,AB=2,AD=5,∠A=30°,点E在线段CB的延长线上,且AE=BE,则·=________. 
【解析】如图,过点B作AE的平行线交AD于F,
因为AD∥BC,所以四边形AEBF为平行四边形,
因为AE=BE,故四边形AEBF为菱形.
因为∠BAD=30°,AB=2,
所以AF=2,即=.
因为==-=-,
所以·=(-)·
=·--
=×2×5×-12-10=-1.
答案:-1
　　【一题多解】解答本题还可以用如下方法解决:
建立如图所示的平面直角坐标系,则B(2,0),D.
因为AD∥BC,∠BAD=30°,所以∠ABE=30°,因为AE=BE,所以∠BAE=30°,所以直线BE的斜率为,其方程为y=(x-2),
直线AE的斜率为-,其方程为y=-x.
由得x=,y=-1,
所以E(,-1).
所以·=·(,-1)=-1.
答案:-1
2.(2020·武汉模拟)已知a,b,e是平面向量,e是单位向量,若非零向量a与e的夹角为,向量b满足b2-4e·b+3=0,则|a-b|的最小值是 (　　)
A.-1 B.+1
C.2 D.2-
【解析】选A.设e=(1,0),b=(x,y),则b2-4e·b+3=0⇒x2+y2-4x+3=0⇒(x-2)2+y2=1.如图所示,a=,b=(其中A为射线OA上动点,B为圆C上动点,∠AOx=).
所以|a-b|min=|CD|-1=-1(其中CD⊥OA).
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