2022年山东省日照市中考数学试卷2.docx

2022年山东省日照市中考数学试卷
一、选择题：〔本大题共12小题，其中1~8题每题3分，9~12题每题3分，总分值40分〕
1．〔3分〕﹣3的绝对值是〔　　〕
A．﹣3 B．3 C．±3 D．
2．〔3分〕剪纸是我国传统的民间艺术．以下剪纸作品既不是中心对称图形，也不是轴对称图形的是〔　　〕
A． B． C． D．
3．〔3分〕铁路部门消息：2022年“端午节〞小长假期间，全国铁路客流量到达4640万人次，4640万用科学记数法表示为〔　　〕
A．4.64×105 B．4.64×106 C．4.64×107 D．4.64×108
4．〔3分〕在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=13，AC=5，那么sinA的值为〔　　〕
A． B． C． D．
5．〔3分〕如图，AB∥CD，直线l交AB于点E，交CD于点F，假设∠1=60°，那么∠2等于〔　　〕
A．120° B．30° C．40° D．60°
6．〔3分〕式子有意义，那么实数a的取值范围是〔　　〕
A．a≥﹣1 B．a≠2 C．a≥﹣1且a≠2 D．a＞2
7．〔3分〕以下说法正确的选项是〔　　〕
A．圆内接正六边形的边长与该圆的半径相等
B．在平面直角坐标系中，不同的坐标可以表示同一点
C．一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕一定有实数根
D．将△ABC绕A点按顺时针方向旋转60°得△ADE，那么△ABC与△ADE不全等
8．〔3分〕反比例函数y=的图象如下列图，那么一次函数y=kx+b〔k≠0〕的图象的图象大致是〔　　〕
A． B． C． D．
9．〔4分〕如图，AB是⊙O的直径，PA切⊙O于点A，连结PO并延长交⊙O于点C，连结AC，AB=10，∠P=30°，那么AC的长度是〔　　〕
A． B． C．5 D．
10．〔4分〕如图，∠BAC=60°，点O从A点出发，以2m/s的速度沿∠BAC的角平分线向右运动，在运动过程中，以O为圆心的圆始终保持与∠BAC的两边相切，设⊙O的面积为S〔cm2〕，那么⊙O的面积S与圆心O运动的时间t〔s〕的函数图象大致为〔　　〕
A． B． C． D．
11．〔4分〕观察下面“品〞字形中各数之间的规律，根据观察到的规律得出a的值为〔　　〕

12．〔4分〕抛物线y=ax2+bx+c〔a≠0〕的对称轴为直线x=2，与x轴的一个交点坐标为〔4，0〕，其局部图象如下列图，以下结论：
①抛物线过原点；
②4a+b+c=0；
③a﹣b+c＜0；
④抛物线的顶点坐标为〔2，b〕；
⑤当x＜2时，y随x增大而增大．
其中结论正确的选项是〔　　〕
A．①②③ B．③④⑤ C．①②④ D．①④⑤
二、填空题〔本大题共4小题，每题4分，总分值16分〕
13．〔4分〕分解因式：2m3﹣8m=．
14．〔4分〕为了解某初级中学附近路口的汽车流量，交通管理部门调查了某周一至周五下午放学时间段通过该路口的汽车数量〔单位：辆〕，结果如下：
183 191 169 190 177
那么在该时间段中，通过这个路口的汽车数量的平均数是．
15．〔4分〕如图，四边形ABCD中，AB=CD，AD∥BC，以点B为圆心，BA为半径的圆弧与BC交于点E，四边形AECD是平行四边形，AB=6，那么扇形〔图中阴影局部〕的面积是．
16．〔4分〕如图，在平面直角坐标系中，经过点A的双曲线y=〔x＞0〕同时经过点B，且点A在点B的左侧，点A的横坐标为，∠AOB=∠OBA=45°，那么k的值为．
三、解答题
17．〔9分〕〔1〕计算：﹣〔2﹣〕﹣〔π﹣3.14〕0+〔1﹣cos30°〕×〔〕﹣2；
〔2〕先化简，再求值：﹣÷，其中a=．
18．〔9分〕如图，BA=AE=DC，AD=EC，CE⊥AE，垂足为E．
〔1〕求证：△DCA≌△EAC；
〔2〕只需添加一个条件，即，可使四边形ABCD为矩形．请加以证明．
19．〔10分〕假设n是一个两位正整数，且n的个位数字大于十位数字，那么称n为“两位递增数〞〔如13，35，56等〕．在某次数学趣味活动中，每位参加者需从由数字1，2，3，4，5，6构成的所有的“两位递增数〞中随机抽取1个数，且只能抽取一次．
〔1〕写出所有个位数字是5的“两位递增数〞；
〔2〕请用列表法或树状图，求抽取的“两位递增数〞的个位数字与十位数字之积能被10整除的概率．
20．〔10分〕某市为创立全国文明城市，开展“美化绿化城市〞活动，方案经过假设干年使城区绿化总面积新增360万平方米．自2022年初开始实施后，实际每年绿化面积是原方案的1.6倍，这样可提前4年完成任务．
〔1〕问实际每年绿化面积多少万平方米
〔2〕为加大创城力度，市政府决定从2022年起加快绿化速度，要求不超过2年完成，那么实际平均每年绿化面积至少还要增加多少万平方米
21．〔12分〕阅读材料：
在平面直角坐标系xOy中，点P〔x0，y0〕到直线Ax+By+C=0的距离公式为：d=．
例如：求点P0〔0，0〕到直线4x+3y﹣3=0的距离．
解：由直线4x+3y﹣3=0知，A=4，B=3，C=﹣3，
∴点P0〔0，0〕到直线4x+3y﹣3=0的距离为d==．
根据以上材料，解决以下问题：
问题1：点P1〔3，4〕到直线y=﹣x+的距离为；
问题2：：⊙C是以点C〔2，1〕为圆心，1为半径的圆，⊙C与直线y=﹣x+b相切，求实数b的值；
问题3：如图，设点P为问题2中⊙C上的任意一点，点A，B为直线3x+4y+5=0上的两点，且AB=2，请求出S△ABP的最大值和最小值．
22．〔14分〕如下列图，在平面直角坐标系中，⊙C经过坐标原点O，且与x轴，y轴分别相交于M〔4，0〕，N〔0，3〕两点．抛物线开口向上，与⊙C交于N，H，P三点，P为抛物线的顶点，抛物线的对称轴经过点C且垂直x轴于点D．
〔1〕求线段CD的长及顶点P的坐标；
〔2〕求抛物线的函数表达式；
〔3〕设抛物线交x轴于A，B两点，在抛物线上是否存在点Q，使得S四边形OPMN=8S△QAB，且△QAB∽△OBN成立假设存在，请求出Q点的坐标；假设不存在，请说明理由．
2022年山东省日照市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：〔本大题共12小题，其中1~8题每题3分，9~12题每题3分，总分值40分〕
1．〔3分〕〔2022•日照〕﹣3的绝对值是〔　　〕
A．﹣3 B．3 C．±3 D．
【分析】当a是负有理数时，a的绝对值是它的相反数﹣a．
【解答】解：﹣3的绝对值是3．
应选：B．
【点评】此题主要考查的是绝对值的性质，熟练掌握绝对值的性质是解题的关键．
2．〔3分〕〔2022•日照〕剪纸是我国传统的民间艺术．以下剪纸作品既不是中心对称图形，也不是轴对称图形的是〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．
【解答】解：A、既不是中心对称图形，也不是轴对称图形，故本选项正确；
B、不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项错误；
C、既是中心对称图形，也是轴对称图形，故本选项错误；
D、既是中心对称图形，也是轴对称图形，故本选项错误．
应选A．
【点评】此题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两局部折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两局部重合．
3．〔3分〕〔2022•日照〕铁路部门消息：2022年“端午节〞小长假期间，全国铁路客流量到达4640万人次，4640万用科学记数法表示为〔　　〕
A．4.64×105 B．4.64×106 C．4.64×107 D．4.64×108
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值是易错点，由于4640万有8位，所以可以确定n=8﹣1=7．
【解答】解：4640万=4.64×107．
应选：C．
【点评】此题考查科学记数法表示较大的数的方法，准确确定a与n值是关键．
4．〔3分〕〔2022•日照〕在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=13，AC=5，那么sinA的值为〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据勾股定理求出BC，根据正弦的概念计算即可．
【解答】解：在Rt△ABC中，由勾股定理得，BC==12，
∴sinA==，
应选：B．
【点评】此题考查的是锐角三角函数的定义，掌握锐角A的对边a与斜边c的比叫做∠A的正弦是解题的关键．
5．〔3分〕〔2022•日照〕如图，AB∥CD，直线l交AB于点E，交CD于点F，假设∠1=60°，那么∠2等于〔　　〕
A．120° B．30° C．40° D．60°
【分析】根据对顶角的性质和平行线的性质即可得到结论．
【解答】解：∵∠AEF=∠1=60°，
∵AB∥CD，
∴∠2=∠AEF=60°，
应选D．
【点评】此题考查了平行线的性质，对顶角的性质，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．
6．〔3分〕〔2022•日照〕式子有意义，那么实数a的取值范围是〔　　〕
A．a≥﹣1 B．a≠2 C．a≥﹣1且a≠2 D．a＞2
【分析】直接利用二次根式的定义结合分式有意义的条件分析得出答案．
【解答】解：式子有意义，
那么a+1≥0，且a﹣2≠0，
解得：a≥﹣1且a≠2．
应选：C．
【点评】此题主要考查了二次根式有意义的条件，正确把握定义是解题关键．
7．〔3分〕〔2022•日照〕以下说法正确的选项是〔　　〕
A．圆内接正六边形的边长与该圆的半径相等
B．在平面直角坐标系中，不同的坐标可以表示同一点
C．一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕一定有实数根
D．将△ABC绕A点按顺时针方向旋转60°得△ADE，那么△ABC与△ADE不全等
【分析】根据正多边形和圆的关系、一元二次方程根的判别式、点的坐标以及旋转变换的性质进行判断即可．
【解答】解：如图∠AOB==60°，OA=OB，
∴△AOB是等边三角形，
∴AB=OA，
∴圆内接正六边形的边长与该圆的半径相等，A正确；
在平面直角坐标系中，不同的坐标可以表示不同一点，B错误；
一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕不一定有实数根，C错误；
根据旋转变换的性质可知，将△ABC绕A点按顺时针方向旋转60°得△ADE，那么△ABC与△ADE全等，D错误；
应选：A．
【点评】此题考查的是正多边形和圆、一元二次方程根的判别式、点的坐标以及旋转变换的性质，掌握相关的性质和判定是解题的关键．
8．〔3分〕〔2022•日照〕反比例函数y=的图象如下列图，那么一次函数y=kx+b〔k≠0〕的图象的图象大致是〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据反比例函数图象可以确定kb的符号，易得k、b的符号，根据图象与系数的关系作出正确选择．
【解答】解：∵y=的图象经过第一、三象限，
∴kb＞0，
∴k，b同号，
A、图象过二、四象限，
那么k＜0，图象经过y轴正半轴，那么b＞0，此时，k，b异号，故此选项不合题意；
B、图象过二、四象限，
那么k＜0，图象经过原点，那么b=0，此时，k，b不同号，故此选项不合题意；
C、图象过一、三象限，
那么k＞0，图象经过y轴负半轴，那么b＜0，此时，k，b异号，故此选项不合题意；
D、图象过一、三象限，
那么k＞0，图象经过y轴正半轴，那么b＞0，此时，k，b同号，故此选项符合题意；
应选：D．
【点评】此题主要考查了反比例函数以及一次函数的图象，正确得出k，b的符号是解题关键．
9．〔4分〕〔2022•日照〕如图，AB是⊙O的直径，PA切⊙O于点A，连结PO并延长交⊙O于点C，连结AC，AB=10，∠P=30°，那么AC的长度是〔　　〕
A． B． C．5 D．
【分析】方法1、过点D作OD⊥AC于点D，由条件和圆的性质易求OD的长，再根据勾股定理即可求出AD的长，进而可求出AC的长．
方法2、先求出∠AOP=60°，进而求出∠ACP=∠P，即可得出AC=AP，求出AC即可．
【解答】解：
方法1、过点D作OD⊥AC于点D，
∵AB是⊙O的直径，PA切⊙O于点A，
∴AB⊥AP，
∴∠BAP=90°，
∵∠P=30°，
∴∠AOP=60°，
∴∠AOC=120°，
∵OA=OC，
∴∠OAD=30°，
∵AB=10，
∴OA=5，
∴OD=AO=2.5，
∴AD==，
∴AC=2AD=5，
应选A，
方法2、如图，
连接BC，∵AP是⊙O的切线，
∴∠BAP=90°，
∵∠P=30°，
∴∠AOP=60°，
∴∠BOC=60°，
∴∠ACP=∠BAC=∠BOC=30°=∠P，
∴AP=AC，
∵AB是⊙O直径，
∴∠ACB=90°，
在Rt△ABC中，∠BAC=30°，AB=10，
∴AC=5，
∴AP=5，
应选A．
【点评】此题考查了切线的性质、等腰三角形的性质以及勾股定理的运用，熟记切线的性质定理是解题的关键．
10．〔4分〕〔2022•日照〕如图，∠BAC=60°，点O从A点出发，以2m/s的速度沿∠BAC的角平分线向右运动，在运动过程中，以O为圆心的圆始终保持与∠BAC的两边相切，设⊙O的面积为S〔cm2〕，那么⊙O的面积S与圆心O运动的时间t〔s〕的函数图象大致为〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据角平分线的性质得到∠BAO=30°，设⊙O的半径为r，AB是⊙O的切线，根据直角三角形的性质得到r=t，根据圆的面积公式即可得到结论．
【解答】解：∵∠BAC=60°，AO是∠BAC的角平分线，
∴∠BAO=30°，
设⊙O的半径为r，AB是⊙O的切线，
∵AO=2t，
∴r=t，
∴S=πt2，
∴S是圆心O运动的时间t的二次函数，
∵π＞0，
∴抛物线的开口向上，
应选D．
【点评】此题考查动点问题的函数图象，求得函数解析式，利用函数的性质得出图象是解决问题的关键．
11．〔4分〕〔2022•日照〕观察下面“品〞字形中各数之间的规律，根据观察到的规律得出a的值为〔　　〕

【分析】由图可知：上边的数与左边的数的和正好等于右边的数，上边的数为连续的奇数，左边的数为21，22，23，…26，由此可得a，b．
【解答】解：∵上边的数为连续的奇数1，3，5，7，9，11，
左边的数为21，22，23，…，
∴b=26=64，
∵上边的数与左边的数的和正好等于右边的数，
∴a=11+64=75，
应选B．
【点评】此题考查数字变化规律，观察出上边的数与左边的数的和正好等于右边的数是解题的关键．
12．〔4分〕〔2022•日照〕抛物线y=ax2+bx+c〔a≠0〕的对称轴为直线x=2，与x轴的一个交点坐标为〔4，0〕，其局部图象如下列图，以下结论：
①抛物线过原点；
②4a+b+c=0；
③a﹣b+c＜0；
④抛物线的顶点坐标为〔2，b〕；
⑤当x＜2时，y随x增大而增大．
其中结论正确的选项是〔　　〕
A．①②③ B．③④⑤ C．①②④ D．①④⑤
【分析】①由抛物线的对称轴结合抛物线与x轴的一个交点坐标，可求出另一交点坐标，结论①正确；②由抛物线对称轴为2以及抛物线过原点，即可得出b=﹣4a、c=0，即4a+b+c=0，结论②正确；③根据抛物线的对称性结合当x=5时y＞0，即可得出a﹣b+c＞0，结论③错误；④将x=2代入二次函数解析式中结合4a+b+c=0，即可求出抛物线的顶点坐标，结论④正确；⑤观察函数图象可知，当x＜2时，yy随x增大而减小，结论⑤错误．综上即可得出结论．
【解答】解：①∵抛物线y=ax2+bx+c〔a≠0〕的对称轴为直线x=2，与x轴的一个交点坐标为〔4，0〕，
∴抛物线与x轴的另一交点坐标为〔0，0〕，结论①正确；
②∵抛物线y=ax2+bx+c〔a≠0〕的对称轴为直线x=2，且抛物线过原点，
∴﹣=2，c=0，
∴b=﹣4a，c=0，
∴4a+b+c=0，结论②正确；
③∵当x=﹣1和x=5时，y值相同，且均为正，
∴a﹣b+c＞0，结论③错误；
④当x=2时，y=ax2+bx+c=4a+2b+c=〔4a+b+c〕+b=b，
∴抛物线的顶点坐标为〔2，b〕，结论④正确；
⑤观察函数图象可知：当x＜2时，y随x增大而减小，结论⑤错误．
综上所述，正确的结论有：①②④．
应选C．
【点评】此题考查了抛物线与x轴的交点、二次函数图象与系数的关系以及二次函数图象上点的坐标特征，逐一分析五条结论的正误是解题的关键．
二、填空题〔本大题共4小题，每题4分，总分值16分〕
13．〔4分〕〔2022•日照〕分解因式：2m3﹣8m=　2m〔m+2〕〔m﹣2〕　．
【分析】提公因式2m，再运用平方差公式对括号里的因式分解．
【解答】解：2m3﹣8m=2m〔m2﹣4〕
=2m〔m+2〕〔m﹣2〕．
故答案为：2m〔m+2〕〔m﹣2〕．
【点评】此题考查了用提公因式法和公式法进行因式分解，一个多项式有公因式首先提取公因式，然后再用其他方法进行因式分解，同时因式分解要彻底，直到不能分解为止．
14．〔4分〕〔2022•日照〕为了解某初级中学附近路口的汽车流量，交通管理部门调查了某周一至周五下午放学时间段通过该路口的汽车数量〔单位：辆〕，结果如下：
183 191 169 190 177
那么在该时间段中，通过这个路口的汽车数量的平均数是　182　．
【分析】根据平均数的计算公式用所有数据的和除以数据的个数即可计算出这组数据的平均数，从而得出答案．
【解答】解：根据题意，得在该时间段中，通过这个路口的汽车数量的平均数是
〔183+191+169+190+177〕÷5=182．
故答案为182．
【点评】此题考查了平均数，掌握平均数的计算公式是此题的关键，是一道根底题．
15．〔4分〕〔2022•日照〕如图，四边形ABCD中，AB=CD，AD∥BC，以点B为圆心，BA为半径的圆弧与BC交于点E，四边形AECD是平行四边形，AB=6，那么扇形〔图中阴影局部〕的面积是　6π　．
【分析】证明△ABE是等边三角形，∠B=60°，根据扇形的面积公式计算即可．
【解答】解：∵四边形AECD是平行四边形，
∴AE=CD，
∵AB=BE=CD=6，
∴AB=BE=AE，
∴△ABE是等边三角形，
∴∠B=60°，
∴S扇形BAE==6π，
故答案为：6π．
【点评】此题考查了平行四边形的性质、等边三角形的判定和性质、扇形的面积公式，熟练掌握扇形的面积公式是此题的关键，扇形面积计算公式：设圆心角是n°，圆的半径为R的扇形面积为S，那么S扇形=或S扇形=lR〔其中l为扇形的弧长〕．
16．〔4分〕〔2022•日照〕如图，在平面直角坐标系中，经过点A的双曲线y=〔x＞0〕同时经过点B，且点A在点B的左侧，点A的横坐标为，∠AOB=∠OBA=45°，那么k的值为　1+．
【分析】过A作AM⊥y轴于M，过B作BD选择x轴于D，直线BD与AM交于点N，那么OD=MN，DN=OM，∠AMO=∠BNA=90°，由等腰三角形的判定与性质得出OA=BA，∠OAB=90°，证出∠AOM=∠BAN，由AAS证明△AOM≌△BAN，得出AM=BN=，OM=AN=，求出B〔+，﹣〕，得出方程〔+〕•〔﹣〕=k，解方程即可．
【解答】解：过A作AM⊥y轴于M，过B作BD选择x轴于D，直线BD与AM交于点N，如下列图：
那么OD=MN，DN=OM，∠AMO=∠BNA=90°，
∴∠AOM+∠OAM=90°，
∵∠AOB=∠OBA=45°，
∴OA=BA，∠OAB=90°，
∴∠OAM+∠BAN=90°，
∴∠AOM=∠BAN，
在△AOM和△BAN中，，
∴△AOM≌△BAN〔AAS〕，
∴AM=BN=，OM=AN=，
∴OD=+，OD=BD=﹣，
∴B〔+，﹣〕，
∴双曲线y=〔x＞0〕同时经过点A和B，
∴〔+〕•〔﹣〕=k，
整理得：k2﹣2k﹣4=0，
解得：k=1±〔负值舍去〕，
∴k=1+；
故答案为：1+．
【点评】此题考查了坐标与图形性质，全等三角形的判定与性质，等腰三角形的判定与性质等知识；此题综合性强，有一定难度．
三、解答题
17．〔9分〕〔2022•日照〕〔1〕计算：﹣〔2﹣〕﹣〔π﹣3.14〕0+〔1﹣cos30°〕×〔〕﹣2；
〔2〕先化简，再求值：﹣÷，其中a=．
【分析】〔1〕根据去括号得法那么、零指数幂、特殊角的三角函数值、负整数指数幂可以解答此题；
〔2〕根据分式的除法和减法可以化简题目中的式子，然后将a的值代入即可解答此题．
【解答】解：〔1〕﹣〔2﹣〕﹣〔π﹣3.14〕0+〔1﹣cos30°〕×〔〕﹣2
=﹣2﹣1+〔1﹣〕×4
=
=；
〔2〕﹣÷
=
=
=
=，
当a=时，原式=．
【点评】此题考查分式的化简求值、去括号得法那么、零指数幂、特殊角的三角函数值、负整数指数幂，解答此题的关键是明确它们各自的计算方法．
18．〔9分〕〔2022•日照〕如图，BA=AE=DC，AD=EC，CE⊥AE，垂足为E．
〔1〕求证：△DCA≌△EAC；
〔2〕只需添加一个条件，即　AD=BC〔答案不唯一〕　，可使四边形ABCD为矩形．请加以证明．
【分析】〔1〕由SSS证明△DCA≌△EAC即可；
〔2〕先证明四边形ABCD是平行四边形，再由全等三角形的性质得出∠D=90°，即可得出结论．
【解答】〔1〕证明：在△DCA和△EAC中，，
∴△DCA≌△EAC〔SSS〕；
〔2〕解：添加AD=BC，可使四边形ABCD为矩形；理由如下：
∵AB=DC，AD=BC，
∴四边形ABCD是平行四边形，
∵CE⊥AE，
∴∠E=90°，
由〔1〕得：△DCA≌△EAC，
∴∠D=∠E=90°，
∴四边形ABCD为矩形；
故答案为：AD=BC〔答案不唯一〕．
【点评】此题考查了矩形的判定、全等三角形的判定与性质、平行四边形的判定；熟练掌握矩形的判定，证明三角形全等是解决问题的关键．
19．〔10分〕〔2022•日照〕假设n是一个两位正整数，且n的个位数字大于十位数字，那么称n为“两位递增数〞〔如13，35，56等〕．在某次数学趣味活动中，每位参加者需从由数字1，2，3，4，5，6构成的所有的“两位递增数〞中随机抽取1个数，且只能抽取一次．
〔1〕写出所有个位数字是5的“两位递增数〞；
〔2〕请用列表法或树状图，求抽取的“两位递增数〞的个位数字与十位数字之积能被10整除的概率．
【分析】〔1〕根据“两位递增数〞定义可得；
〔2〕画树状图列出所有“两位递增数〞，找到个位数字与十位数字之积能被10整除的结果数，根据概率公式求解可得．
【解答】解：〔1〕根据题意所有个位数字是5的“两位递增数〞是15、25、35、45这4个；
〔2〕画树状图为：
共有15种等可能的结果数，其中个位数字与十位数字之积能被10整除的结果数为3，
所以个位数字与十位数字之积能被10整除的概率==．
【点评】此题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率．
20．〔10分〕〔2022•日照〕某市为创立全国文明城市，开展“美化绿化城市〞活动，方案经过假设干年使城区绿化总面积新增360万平方米．自2022年初开始实施后，实际每年绿化面积是原方案的1.6倍，这样可提前4年完成任务．
〔1〕问实际每年绿化面积多少万平方米
〔2〕为加大创城力度，市政府决定从2022年起加快绿化速度，要求不超过2年完成，那么实际平均每年绿化面积至少还要增加多少万平方米
【分析】〔1〕设原方案每年绿化面积为x万平方米，那么实际每年绿化面积为1.6x万平方米．根据“实际每年绿化面积是原方案的1.6倍，这样可提前4年完成任务〞列出方程；
〔2〕设平均每年绿化面积增加a万平方米．那么由“完成新增绿化面积不超过2年〞列出不等式．
【解答】解：〔1〕设原方案每年绿化面积为x万平方米，那么实际每年绿化面积为1.6x万平方米，根据题意，得
﹣=4，
解得：x=33.75，
经检验x=33.75是原分式方程的解，
那么1.6x=1.6×33.75=54〔万平方米〕．
答：实际每年绿化面积为54万平方米；
〔2〕设平均每年绿化面积增加a万平方米，根据题意得
54×3+2〔54+a〕≥360，
解得：a≥45．
答：那么至少每年平均增加45万平方米．
【点评】此题考查了分式方程的应用，一元一次不等式的应用．解分式方程时，一定要记得验根．
21．〔12分〕〔2022•日照〕阅读材料：
在平面直角坐标系xOy中，点P〔x0，y0〕到直线Ax+By+C=0的距离公式为：d=．
例如：求点P0〔0，0〕到直线4x+3y﹣3=0的距离．
解：由直线4x+3y﹣3=0知，A=4，B=3，C=﹣3，
∴点P0〔0，0〕到直线4x+3y﹣3=0的距离为d==．
根据以上材料，解决以下问题：
问题1：点P1〔3，4〕到直线y=﹣x+的距离为　4　；
问题2：：⊙C是以点C〔2，1〕为圆心，1为半径的圆，⊙C与直线y=﹣x+b相切，求实数b的值；
问题3：如图，设点P为问题2中⊙C上的任意一点，点A，B为直线3x+4y+5=0上的两点，且AB=2，请求出S△ABP的最大值和最小值．
【分析】〔1〕根据点到直线的距离公式就是即可；
〔2〕根据点到直线的距离公式，列出方程即可解决问题．
〔3〕求出圆心C到直线3x+4y+5=0的距离，求出⊙C上点P到直线3x+4y+5=0的距离的最大值以及最小值即可解决问题．
【解答】解：〔1〕点P1〔3，4〕到直线3x+4y﹣5=0的距离d==4，
故答案为4．
〔2〕∵⊙C与直线y=﹣x+b相切，⊙C的半径为1，
∴C〔2，1〕到直线3x+4y﹣4b=0的距离d=1，
∴=1，
解得b=或．
〔3〕点C〔2，1〕到直线3x+4y+5=0的距离d==3，
∴⊙C上点P到直线3x+4y+5=0的距离的最大值为4，最小值为2，
∴S△ABP的最大值=×2×4=4，S△ABP的最小值=×2×2=2．
【点评】此题考查一次函数综合题，点到直线的距离公式、直线与圆的位置关系等知识，解题的关键是理解题意，学会把直线的解析式转化为Ax+By+C=0的形式，学会构建方程解决问题，会求圆上的点到直线的距离的最大值以及最小值，属于中考压轴题．
22．〔14分〕〔2022•日照〕如下列图，在平面直角坐标系中，⊙C经过坐标原点O，且与x轴，y轴分别相交于M〔4，0〕，N〔0，3〕两点．抛物线开口向上，与⊙C交于N，H，P三点，P为抛物线的顶点，抛物线的对称轴经过点C且垂直x轴于点D．
〔1〕求线段CD的长及顶点P的坐标；
〔2〕求抛物线的函数表达式；
〔3〕设抛物线交x轴于A，B两点，在抛物线上是否存在点Q，使得S四边形OPMN=8S△QAB，且△QAB∽△OBN成立假设存在，请求出Q点的坐标；假设不存在，请说明理由．
【分析】〔1〕连接OC，由勾股定理可求得MN的长，那么可求得OC的长，由垂径定理可求得OD的长，在Rt△OCD中，可求得CD的长，那么可求得PD的长，可求得P点坐标；
〔2〕可设抛物线的解析式为顶点式，再把N点坐标代入可求得抛物线解析式；
〔3〕由抛物线解析式可求得A、B的坐标，由S四边形OPMN=8S△QAB可求得点Q到x轴的距离，且点Q只能在x轴的下方，那么可求得Q点的坐标，再证明△QAB∽△OBN即可．
【解答】解：
〔1〕如图，连接OC，
∵M〔4，0〕，N〔0，3〕，
∴OM=4，ON=3，
∴MN=5，
∴OC=MN=，
∵CD为抛物线对称轴，
∴OD=MD=2，
在Rt△OCD中，由勾股定理可得CD===，
∴PD=PC﹣CD=﹣=1，
∴P〔2，﹣1〕；
〔2〕∵抛物线的顶点为P〔2，﹣1〕，
∴设抛物线的函数表达式为y=a〔x﹣2〕2﹣1，
∵抛物线过N〔0，3〕，
∴3=a〔0﹣2〕2﹣1，解得a=1，
∴抛物线的函数表达式为y=〔x﹣2〕2﹣1，即y=x2﹣4x+3；
〔3〕在y=x2﹣4x+3中，令y=0可得0=x2﹣4x+3，解得x=1或x=3，
∴A〔1，0〕，B〔3，0〕，
∴AB=3﹣1=2，
∵ON=3，OM=4，PD=1，
∴S四边形OPMN=S△OMP+S△OMN=OM•PD+OM•ON=×4×1+×4×3=8=8S△QAB，
∴S△QAB=1，
设Q点纵坐标为y，那么×2×|y|=1，解得y=1或y=﹣1，
当y=1时，那么△QAB为钝角三角形，而△OBN为直角三角形，不合题意，舍去，
当y=﹣1时，可知P点即为所求的Q点，
∵D为AB的中点，
∴AD=BD=QD，
∴△QAB为等腰直角三角形，
∵ON=OB=3，
∴△OBN为等腰直角三角形，
∴△QAB∽△OBN，
综上可知存在满足条件的点Q，其坐标为〔2，﹣1〕．
【点评】此题为二次函数的综合应用，涉及勾股定理、垂径定理、待定系数法、相似三角形的性质和判定、二次函数的性质等知识．在〔1〕中利用垂径定理得到OD=2，从而求得CD的长是解题的关键，在〔2〕中注意设抛物线的顶点式更容易求解，在〔3〕中求得Q点的纵坐标是解题的关键．此题考查知识点较多，综合性较强，难度适中．