2019_2020学年九年级物理全册第18章电功率单元综合测试A卷基础篇含解析新版新人教版.doc

第十八章《电功率》
A卷（基础巩固卷）
　　　　　　班级： 姓名： 学号： 分数：
（考试时间：90分钟 面卷分值：100分）
一．选择题（每题只有一个选项符合题目要求，共15小题，每小题3分，本大题共45分）
1.（2019 湖南省衡阳市）小明家上次查看电能表示数为，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A．他家在这段时间内消耗的电能为903kW•h
B．电能表是测量电功率的仪表
C．若只让一个标有“220V 1000W”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转
D．这个电能表的额定功率为2200W
【答案】C
【解析】A．他家在这段时间内消耗的电能W＝8633.5kW•h﹣8543.2kW•h＝90.3kW•h，故A错误；
B．电能表是测量消耗电能的仪表，不是测量电功率的，故B错误；
C．3600r/（kW•h）表示电路中每消耗的电能，电能表的转盘转过3600r，
只让一个标有“220V 1000W”的电热水器正常工作10min，其消耗的电能为W＝Pt＝lkWhkW•h；
则电能表的圆盘转过的圈数：NkW•h×3600r/（kW•h）＝600r，故C正确。
D．根据该电能表的铭牌可知，其允许接入用电器的最大功率P＝UI＝220V×10A＝2200W；但电能表属于测量仪表，不消耗电能，没有额定功率，故D错误。故选：C。
2.（2019 四川省广安市）下列关于能量的说法中，正确的是（　　）
A．洗衣机工作时是将机械能转化为电能
B．电水壶工作时是将内能转化为电能
C．用热水泡脚，身体会感觉暖和，说明内能可以转移
D．能量无论是转化还是转移，能量总和会逐渐减少
【答案】C
【解析】A．洗衣机工作时，消耗电能，产生机械能，故是将电能转化为机械能的过程，故A错误；
B．电水壶工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程，故B错误；
C．用热水泡脚，内能从热水传递到脚，身体的内能会增加，会感觉暖和，说明内能可以转移，故C正确；
D．根据能量守恒知，能量在转化和转移的过程中，能量的总量会保持不变，故D错误。
3.(2019 黑龙江七台河市)甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V 3W”和“4V 2W”字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列判断错误的是（　　）
A．若把它们并联在4V电路中，乙灯正常发光
B．若把它们并联在4V电路中，甲灯比乙灯亮
C．若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光
D．若把它们串联在10V电路中，甲灯比乙灯亮
【答案】B
【解析】由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I甲＝＝＝0.5A，I乙＝＝＝0.5A，
由I＝可得，两灯泡的电阻分别为：R甲＝＝＝12Ω，R乙＝＝＝8Ω。
AB、两灯泡并联在4V电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，所以，只有乙灯泡能正常发光，其实际功率为P乙实＝P乙＝2W；
甲灯泡不能正常发光，其实际功率为P甲实＝＝≈1.33W＜P乙实，
所以乙灯比甲灯亮，故A正确，B错误；
CD、两灯泡串联在10V电路时，两灯的总电阻为R＝R甲+R乙＝12Ω+8Ω＝20Ω，
此时电路中的电流为I串＝＝＝0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且此时的电流与两灯泡的额定电流相等，所以，两灯泡可以同时正常发光；此时两灯实际功率都等于各自的额定功率，因为P甲＞P乙（即3W＞2W），所以甲灯较亮，故C、D正确。
4.(2019 山东省威海市)有关电学知识，下列说法错误的是（　　）
A．对人体的安全电压不高于36V B．一个电子所带电荷量为1.6×10﹣19C
C．手机功率约为200W D．家用空调电流约为5A
【答案】C
【解析】A、经验证明，对人体的安全电压是不高于36V，故A正确；
B、一个电子所带的电荷量为1.6×10﹣19C，故B正确；
C、手机的功率很小，不足1W，不会达到200W，故C错；
D、家用空调的功率在1000W左右，工作电流约为I＝＝≈5A，故D正确。故选：C。
5.(2019 山东省菏泽市)如图所示电路（电源电压保持不变），闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右端移动时，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数不变，电流表示数变大 B．电压表示数变大，电流表示数变小
C．电压表示数变小，电流表示数变小 D．电压表示数变大，电阻R1的电功率变大
【答案】D
【解析】由图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器的滑片向右移动时， 滑动变阻器连入电路中的电阻变小，电路总电阻减小，而电源电压一定，由知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大； 根据U=I.R，电阻r1的电流增大，两端的电压也增大，根据P=U.I知，电阻r1的电功率变大，可见，A、B、C错、D正确。 故选：D。
6.(2019 烟台市)标有“6V 1.5W”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示，若把这样的三只灯泡串联起来，接在12V的电源两端，灯泡的电阻及实际功率约为( )

A.24Ω 0.67W B.20Ω 0.8W
C.24Ω 0.96W D.20Ω 0.67W
【答案】C
【解析】因为三只灯泡串联且规格相同，则它们的电流和电阻都相同，所以这三只灯泡两端的电压都相同，根据串联电路电压规律可知，每只灯泡两端的电压都为4v；由图像可知，当U=4v时，I=0.2A，则小灯泡的电阻：R===20Ω，小灯泡的电功率：P=UI=4v×0.2A=0.8W。故选：B。
7.(2019 新疆)如图所示电路中，R1:R2=2:3，开关闭合后，电路的总功率为P0。若将R1的阻值增大2Ω，R2的阻值减小2Ω，电路的总功率仍为P0；若将R1的阻值减小2Ω，R2的阻值增大2Ω，电路的总功率为P；则P:P0等于( )

A. 3:2 B. 4:3 C. 5:4 D. 6:5
【答案】A
【解析】两个滑动变阻器并联；由题意可知，R1:R2=2:3，-------①，
开关闭合后，电路的总功率：P0= -------②，
若将R1的阻值增大2Ω，R2的阻值减小2Ω，电路的总功率：P0= --------③，由以上①②③式可解得：R1=4Ω，R2=6Ω；所以P0==，若将R1的阻值减小2Ω，R2的阻值增大2Ω，此时电路的总功率：P==，P：P0=:=3:2。
8.(2019 四川省巴中市)如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是（　　）

A．电路总功率变小 B．电压表示数变大
C．电压表与电流表示数的比值不变 D．电流表示数变大
【答案】A
【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R的电流不变，
当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故D错误；
电压表的示数不变、电流表A的示数变小，则电压表与电流表示数的比值变大，故C错误；
电源电压保持不变，干路电流变小，由P＝UI可知，电路总功率变小，故A正确。
9．(2019 甘肃省兰州市)（A）有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V 100W”和“220V 40W”的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是( )
A.两灯正常发光时，L1的电阻较大
B.两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2:5
C.两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W
D.两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W
【答案】C
【解析】（1）由P=UI=可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为：
则R1<R2，即L1的电阻较小，故A错误；
（2）两灯并联接入220V的电路，它们两端的电压等于220V，均能正常发光，则L1、L2消耗功率之比P1：P2=100W：40W=5：2，故B错误；
（3）两灯串联接入220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流

10.(2019 四川省凉山州)如图所示电路，电源电压恒定，L1（4V 1W）、L2（2V 1W）串联，灯丝电阻保持不变，电压表和电流表连接完好。当闭合开关S时，其中一只灯泡能正常发光，则此时电压表和电流表的示数分别为（　　）

A．1V 0.5A B．2V 0.25A C．4V 0.5A D．1V 0.25A
【答案】D
【解析】由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为I10.25A，I20.5A，
R24Ω，两灯泡串联，能正常发光的额定电流小的灯泡L1，则此时L1（4V 1W）两端电压为4V；
电流表测量电路中的电流，则电流表的示数I＝0.25A；
电压表测量灯泡L2两端电压；则L2两端电压U2＝IR2＝0.25A×4Ω＝1V，故选：D。
11.(2019 四川省 自贡市)某房间原来只接有一只标有“PZ220﹣40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（　　）
A．变亮 B．变暗 C．不变 D．无法确定
【答案】B
【解析】因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，
在电源电压不变的情况下，由P＝UI＝可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。
故选：B。
12.（2019 苏州市）额定电压均为6V的甲、乙两灯，U图线如图所示下列说法正确的是( )

A.甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小
B.甲、乙两灯的额定功率之比为4:1
C甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，电阻之比为3：2
D.甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，实际功率之比为1:3
【答案】D
【解析】A.图线的斜率恰好是电阻的倒数，斜率越大电阻越小，因此由图可知斜率逐渐变小，即电阻逐渐变大，故A错误；
B.当电压都是6V的时候，正常工作，此时甲灯泡I=0.6A，乙灯泡I=0.3A，由P=UI计算可得P甲=3.6W，P乙=1.8W，甲、乙两灯的额定功率之比为2:1，故B错误；
C甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，由图可知甲灯泡电流为0.3A，乙灯泡电流为0.2A，由R=U/I可得：电阻之比为2：3，故C错误；
D.甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，根据图中信息可知此时电流为0.3A，则电压之和为8V，由P=UI可知，实际功率之比为1:3，故D正确。
13.(2019 内蒙古包头市) 如图所示，小灯泡L标有”6V 3W”字样(不计温度对灯丝电阻的影响)，当S闭合，滑动变阻器滑片P在最左端时，小灯泡L正常发光；当S闭合，断开，滑动变阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.2A，下列说法正确的是（ ）

A. 电源电压为9V B. 滑动变阻器的最大阻值为18Ω
C. 调节电路元件，可使电压表达到的最大值为4.5V D. 电路的最小功率与最大功率之比为3：16
【答案】D
【解析】当滑动变阻器滑片P在最左端时，小灯泡和滑动变阻器并联在电源两端，这时小灯泡两端电压为电源电压，正常发光，所以电源电压为6V，A项错误；根据小灯泡的参数可以算出，其灯丝阻值RL===12Ω，当滑片P在中点，断开S1时，小灯泡与滑动变阻器的一半电阻串联连入电路，I===0.2A，可以求得，R=36Ω，B项错误；电压表示数最大时，滑动变阻器滑片P在最右端，滑动变阻器全部连入电路，闭合S1，小灯泡被短路，电压表示数为电源电压6V，C项错误；根据P=UI=，路端电压不变，所以电路的功率与连入的电阻成反比，所以当滑片P在最左端时，闭合所有开关，电路功率最大；滑片P在最左端，只闭合S时，电路功率最小。Pmax=+=+=4W，Pmix===0.75W，Pmin：Pmax=0.75:4=3:16，D项正确。
14.(2019 浙江衢州市)下列用电器主要利用电流热效应工作的是（ ）
A. 电饭煲 B. 电视机
C. 洗衣机 D. 油烟机
【答案】A
【解析】A.电饭煲工作时，将电能转化为内能，加热食物，是利用电流的热效应工作的，故A符
B.电视机工作时，主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意；
CD.洗衣机和油烟机工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故CD不符合题意。​故选A。
15.(2019 四川自贡市)把一个标有“10V 3W”的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上（如图所示），小灯泡恰能正常工作。该电路工作10s定值电阻产生的热量是（　　）

A．60J B．36J C．30J D．6J
【答案】A
【解析】（1）由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL＝＝＝0.3A；
（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且小灯泡正常发光，
所以，R两端的电压：UR＝U﹣UL＝12V﹣10V＝2V，
因串联电路中各处的电流相等，该电路工作10s定值电阻产生的热量：
Q＝W＝URIt＝2V×0.3A×10s＝6J。故选：D。
二．填空题(每空1分，共19个空，本大题共19分)
16.（2019乐山市）.LED灯具有节能、环保的特点。一个“220V 5W”的LED灯与一个“220V 60W”的白炽灯亮度相当。若一个“220V 60W”的白炽灯每天正常工作4小时，30天消耗的电能是________kW·h，这些电能可供“220V 5W”的LED灯正常工作________小时。
【答案】 (1). 7.2 ； (2). 1.44×103
【解析】若一个“220V 60W”的白炽灯每天正常工作4小时，由 知道， 30天消耗的电能是：W=Pt=60×10-3 kW×4h×30=7.2kW•h；这些电能可供“220V 5W”的LED灯正常工作的时间是： 。
17．（2019 甘肃武威市）如图所示是某家用电子式电能表的表盘，该表盘上显示已用电______kW•h．若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了32次。该用电器在上述时间内消耗的电能为______kW•h，它的实际电功率是______W。

【答案】（1）5546.7；（2）0.02；（3）400。
【解析】（1）该表盘上显示数字为55467，因为最后一位是小数、单位是kW•h，所以显示已用电5546.7kW•h；
（2）1600imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，指示灯闪烁32次，则该用电器消耗的电能：W=kW•h=0.02kW•h，
该用电器的实际电功率：P===0.4kW=400W。
18.(2019扬州市)如图所示的电路，电源电压恒为3V，闭合开关 S，电流表 A1 示数为 0.5A，A2 示数为 0.3A，则电阻 R1 是______ Ω，通过电阻 R2 的电流是_______ A，电阻 R1 的电功率是_______ W，在 5min 内整个电路消耗的电能是______ J。

【答案】 (1). 10；(2). 0.2； (3). 0.9 ； (4). 450。
【解析】因为并联电路，，；并联分流，；电阻R1的电功率；，则5min整个电路消耗的电能。
19.（2019 四川省凉山州）当某导体两端的电压是6V时，通过的电流是0.3A，当该导体两端的电压减小到3V时，通过它的电流为　 　A，此时该导体消耗的电功率为　 　W。
【答案】（1）0.15；（2）0.45。
【解析】（1）由欧姆定律可得：R20Ω，
由于是同一个电阻，电阻不变，所以由欧姆定律得I'0.15A，
（2）P′＝U′I′＝3V×0.15A＝0.45W。
20.（2019 怀化市）某节能灯泡包装盒上标有“220 V 11 W"的字样，当灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为 A，连续通电1min消耗的电能是 J。
【答案】（1）0.05A；（2）110J。
【解析】因为P=UI，所以灯泡正荣发光的电流为I===0.05A;
因为p=w /t所以灯泡消耗的电能为W=Pt=11W×10s=110J。
21.（2019 南充市）如图是电热饮水机电路原理图，已知R1=100Ω，R2=20Ω，当开关S1、S2闭合时，饮水机处于___________状态（填“保温”或“加热”），饮水机的保温功率与加热功率之比为___________。

【答案】 (1). 加热 ； (2). 1:6。
【解析】（1）当开关S1、S2都闭合时电路为R1的简单电路，当S1闭合、S2断开时R1与R2串联，
两电阻串联时总电阻最大，所以当开关S1、S2都闭合时，电路中的电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，饮水机处于加热状态；
（2）饮水机处于加热状态时，电路为R1的简单电路，则电路的功率：
饮水机处于保温状态时，R1与R2串联，电路的功率为：
所以饮水机的保温功率与加热功率之比：
22.（2019 黑龙江省伊春市）一个标有“6V 3W”的小灯泡，接在电源电压为9V的电路中，为使其正常发光，应串联一个　 　Ω的电阻，该电阻在10秒内产生的热量是　 　J。
【答案】（1）6；（2）15。
【解析】灯泡正常发光时的电压UL＝6V，功率PL＝3W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压：UR＝U﹣UL＝9V﹣6V＝3V，
因串联电路中各处的电流相等，所以，由P＝UI可得，电路中的电流：I＝＝＝0.5A，
由I＝可得，串联电阻的阻值：R＝＝＝6Ω；
该电阻在10秒内产生的热量：QR＝I2Rt＝（0.5A）2×6Ω×10s＝15J。
23.家用电风扇的电动机线圈电阻为2Ω，正常工作时，通过的电流为2A，通电10分钟，电风扇消耗的电能为　 　J，线圈产生的热量为　 　J。
【答案】（1）2.64×105；（2）4.8×103。
【解析】（1）家用电风扇正常工作时的电压U＝220V，电流I＝2A，通电时间t＝10min＝600s，
则电风扇消耗的电能：W＝UIt＝220V×2A×600s＝2.64×105J。
（2）通过线圈电流I＝2A，线圈电阻R＝2Ω，通电时间t＝10min＝600s，
线圈产生的电热：Q＝I2Rt＝（2A）2×2Ω×600s＝4.8×103J。
三．作图实验题（第24题8分；25题16分，本大题共24分）
24.（2019江苏徐州市）小明要测量额定电压为2.5V的小灯泡的功率。
（1）如图所示，电路图中没有标明电流表、电压表，请在相应圆圈内填入字母“A”“V”完成电路图。
实验序号
①
②
③
电压U/V
2.0
2.5
2.8
电流I/A
0.22
0.24
0.26
（2）连接电路时，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到　 　端。
（3）小明测量的数据如上表所示，三次测量比较，小灯泡亮度变化情况是　 　
A．变亮 B．变暗 C．不变
（4）小灯泡的额定功率为　 　W。

【答案】（1）见图：；（2）b；（3）A；（4）0.6。
【解析】
（1）电流表电阻很小，与电阻串联，电压表电阻很大，与电阻并联，如图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应在阻值最大处，即b端；
（3）根据P＝UI算出三次的功率依次是0.44W、0.6W、0.728W，即随着电压的增大，实际功率增大，灯泡变亮，故A正确；
（4）灯泡的额定电压为2.5V，额定电流为0.24A，
额定功率P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W。
25.（2019 山东东营市）如图所示，物理实验小组探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”的实验装置。两个透明容器中封闭着等量的空气，且都有一段电阻丝。将透明容器与U形管相连，接入电路。
（1）组装之前，U形管内注入适量红墨水，U形管　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器。
（2）图甲是探究在通电时间相同和　 　相同的情况下，导体产生的热量与　 　大小是否有关的装置。
（3）实验中通过观察　 　的变化反映密闭空气温度的变化，在研究许多物理问题时都会用到这种方法，下列研究实例采用研究方法与此相同的是　 　。
A．探究电流与电压、电阻的关系B．用铁屑显示磁体周围磁场分布 C．研究光的传播时，引入“光线”D．扩散现象表明分子在不停地做无规则运动
（4）由图乙所示，电流表的示数为 　A，在这种情况下，右侧容器中定值电阻在10s内产生的热量是　 　J。
（5）某实验小组发现通电一段时间后，其中一个U形管中的液面高度几乎不变，发生此现象的原因可能是　 　。
【答案】（1）属于；
（2）电流；电阻；
（3）U形管液面高度；BD；
（4）2；400；
（5）透明容器密闭性不好（透明容器漏气、对应电阻丝短路）。
【解析】（1）由图知，U形管内注入适量红墨水，上端开口，下端相连通，所以属于连通器；
（2）由图知，阻值不同的电热丝串联在两个密闭容器中，通过的电流和通电时间都相同，所以探究的是电流产生热量与电阻的关系；
（3）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映。采用的是转换法；
A、探究电流与电压、电阻的关系，采用的是控制变量法；
B、用铁屑显示磁体周围磁场分布，采用的是转换法；
C、研究光的传播时，引入“光线”，采用的是模型法；
D、扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，采用的是转换法。故选BD；
（4）由图知，电流表选择的是～3A量程，对应的分度值是0.1A，电流表示数为2A；
右侧容器中定值电阻在10s内产生的热量是Q＝I2Rt＝（2A）2×5Ω×10s＝200J；
（5）由Q＝I2Rt可知，电阻丝R1和R2在相同时间内产生的热量不同，则U形玻璃管中应该出现液面高度差；而其中一个U形玻璃管中液面高度几乎不变，说明与此相连的空气盒有可能漏气，也可能是对应的容器内的电热丝短路。
四．计算题（25题6分；27题6分，本大题共12分）
25.（2019 吉林省）某种荧光台灯铭牌上标有“额定功率11W，额定电流0.05A”的字样。当台灯正常发光时，求：
（1）台灯两端的电压；
（2）10s内台灯消耗的电能
【答案】(1)220V;(2) 110J
【解析】解：（1）由得：台灯两端的电压：
（2）10s内台灯消耗的电能：W=Pt=11W×10s=110J。
26.（2019 重庆市）如图所示，电源电压恒定，电阻R1为20，R2为10Ω，闭合开关S，电流表A1、A2的示数分别为0.9A和0.6A。求：

（1）通过R1的电流；
（2）通电10秒电阻R2产生的电热。
【答案】（1）0.3A；（2）36J
【解析】解 :（1）由电路图知道，R1 R2 并联，并且A1 测量干路电流，A2 测量通过R2 的电流，即I=0.9A，I2 =0.6A，又因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R1 的电流是：I1 =I-I2 =0.9A-0.6A=0.3A；
（2）根据焦耳定律知道，通电10秒电阻R2 产生的电热是：Q2 =（I2）2 R2 t=（0.6A）2 ×10Ω×10s=36J。

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