2022年湖北省江汉油田潜江市天门市仙桃市中考数学试题.docx

2022年湖北省天门市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题〔本大题共10小题，每题3分，总分值30分〕在以下各小题中，均给出四个答案，其中有且只有一个正确答案〕
1．〔3分〕〔2022•仙桃〕﹣的倒数等于〔　　〕

A．
2
B．
﹣
C．
﹣2
D．
2
考点：
倒数．
分析：
根据倒数定义可知，﹣的倒数是﹣2．
解答：
解：﹣的倒数是﹣2．
应选：C．
点评：
此题主要考查倒数的定义，要求熟练掌握．需要注意的是：
倒数的性质：负数的倒数还是负数，正数的倒数是正数，0没有倒数．
倒数的定义：假设两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数．
2．〔3分〕〔2022•仙桃〕美丽富饶的江汉平原，文化底蕴深厚，人才辈出．据统计，该地区的天门、仙桃、潜江和江汉油田2022年共有约25000名初中毕业生参加了毕业生参加了统一的学业考试，将25000用科学记数法可表示为〔　　〕

A．
25×103
B．
2.5×104
C．
2.5×105
D．
0.25×106
考点：
科学记数法—表示较大的数．
分析：
科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值是易错点，由于25000有5位，所以可以确定n=5﹣1=4．
解答：
解：25 000=2.5×104．
应选B．
点评：
此题考查科学记数法表示较大的数的方法，准确确定a与n值是关键．
3．〔3分〕〔2022•仙桃〕如图，a∥b，小华把三角板的直角顶点放在直线b上．假设∠1=40°，那么∠2的度数为〔　　〕

A．
100°
B．
110°
C．
120°
D．
130°
考点：
平行线的性质．
专题：
计算题．
分析：
先根据互余计算出∠3=90°﹣40°=50°，再根据平行线的性质由a∥b得到∠2=180°﹣∠3=130°．
解答：
解：∵∠1+∠3=90°，
∴∠3=90°﹣40°=50°，
∵a∥b，
∴∠2+∠3=180°．
∴∠2=180°﹣50°=130°．
应选D．

点评：
此题考查了平行线的性质：两直线平行，同旁内角互补．
4．〔3分〕〔2022•仙桃〕以下事件中属于不可能事件的是〔　　〕

A．
某投篮高手投篮一次就进球

B．
翻开电视机，正在播放世界杯足球比赛

C．
掷一次骰子，向上的一面出现的点数不大于6

D．
在一个标准大气压下，90℃的水会沸腾
考点：
随机事件．
分析：
不可能事件就是一定不会发生的事件，依据定义即可判断．
解答：
解：A、是随机事件，选项错误；
B、是随机事件，选项错误；
C、是必然事件，选项错误；
D、正确．
应选D．
点评：
此题考查了不可能事件的定义，解决此题需要正确理解必然事件、不可能事件、随机事件的概念．必然事件指在一定条件下一定发生的事件．不可能事件是指在一定条件下，一定不发生的事件．不确定事件即随机事件是指在一定条件下，可能发生也可能不发生的事件．
5．〔3分〕〔2022•仙桃〕如下列图，几何体的主视图是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

考点：
简单组合体的三视图．
分析：
找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中．
解答：
解：几何体的主视图是两个长方形，其中一个在另一的上面的左侧，
应选：A．
点评：
此题考查了三视图的知识，主视图是从物体的正面看得到的视图．
6．〔3分〕〔2022•仙桃〕将〔a﹣1〕2﹣1分解因式，结果正确的选项是〔　　〕

A．
a〔a﹣1〕
B．
a〔a﹣2〕
C．
〔a﹣2〕〔a﹣1〕
D．
〔a﹣2〕〔a+1〕
考点：
因式分解-运用公式法．
专题：
计算题．
分析：
原式利用平方差公式分解即可．
解答：
解：原式=〔a﹣1+1〕〔a﹣1﹣1〕
=a〔a﹣2〕．
应选B．
点评：
此题考查了因式分解﹣运用公式法，熟练掌握公式是解此题的关键．
7．〔3分〕〔2022•仙桃〕把不等式组的解集在数轴上表示，正确的选项是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

考点：
在数轴上表示不等式的解集；解一元一次不等式组．
分析：
先求出不等式组中每一个不等式的解集，再求出它们的公共局部，然后把不等式的解集表示在数轴上即可．
解答：
解：解得，
应选：B．
点评：
此题考查了在数轴上表示不等式的解集，把每个不等式的解集在数轴上表示出来〔＞，≥向右画；＜，≤向左画〕，数轴上的点把数轴分成假设干段，如果数轴的某一段上面表示解集的线的条数与不等式的个数一样，那么这段就是不等式组的解集．有几个就要几个．在表示解集时“≥〞，“≤〞要用实心圆点表示；“＜〞，“＞〞要用空心圆点表示．
8．〔3分〕〔2022•仙桃〕m，n是方程x2﹣x﹣1=0的两实数根，那么+的值为〔　　〕

A．
﹣1
B．
﹣
C．

D．
1
考点：
根与系数的关系．
专题：
计算题．
分析：
先根据根与系数的关系得到m+n=1，mn=﹣1，再利用通分把+变形为，然后利用整体代入的方法计算．
解答：
解：根据题意得m+n=1，mn=﹣1，
所以+===﹣1．
应选A．
点评：
此题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕的根与系数的关系：假设方程两个为x1，x2，那么x1+x2=﹣，x1•x2=．
9．〔3分〕〔2022•仙桃〕如图，正比例函数y1=k1x和反比例函数y2=的图象交于A〔1，2〕，B两点，给出以下结论：
①k1＜k2；
②当x＜﹣1时，y1＜y2；
③当y1＞y1时，x＞1；
④当x＜0时，y2随x的增大而减小．
其中正确的有〔　　〕

A．
0个
B．
1个
C．
2个
D．
3个
考点：
反比例函数与一次函数的交点问题．
分析：
①根据待定系数法，可得k1，k2的值，根据有理数的大小比较，可得答案；②根据观察图象，可得答案；③根据图象间的关系，可得答案；④根据反比例函数的性质，可得答案．
解答：
解：①正比例函数y1=k1x和反比例函数y2=的图象交于A〔1，2〕，
∴k1=2，k2=2，k1=k2，故①错误；
②x＜﹣1时，一次函数图象在下方，故②正确；
③y1＞y2时，﹣1＜x＜0或x＞1，故③错误；
④k2=2＞0，当x＜0时，y2随x的增大而减小，故④正确；
应选：C．
点评：
此题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，利用了待定系数法，图象与不等式的关系．
10．〔3分〕〔2022•仙桃〕如图，B，C，D是半径为6的⊙O上的三点，的长为2π，且OD∥BC，那么BD的长为〔　　〕

A．
3
B．
6
C．
6
D．
12
考点：
垂径定理；等边三角形的判定与性质；圆周角定理；弧长的计算；解直角三角形．
专题：
计算题．
分析：
连结OC交BD于E，设∠BOC=n°，根据弧长公式可计算出n=60，即∠BOC=60°，易得△OBC为等边三角形，根据等边三角形的性质得∠C=60°，∠OBC=60°，BC=OB=6，由于BC∥OD，那么∠2=∠C=60°，再根据圆周角定理得∠1=∠2=30°，即BD平分∠OBC，根据等边三角形的性质得到BD⊥OC，接着根据垂径定理得BE=DE，在Rt△CBE中，利用含30度的直角三角形三边的关系得CE=BC=3，CE=CE=3，所以BD=2BE=6．
解答：
解：连结OC交BD于E，如图，
设∠BOC=n°，
根据题意得2π=，得n=60，即∠BOC=60°，
而OB=OC，
∴△OBC为等边三角形，
∴∠C=60°，∠OBC=60°，BC=OB=6，
∵BC∥OD，
∴∠2=∠C=60°，
∴∠1=∠2=30°，
∴BD平分∠OBC，
∴BD⊥OC，
∴BE=DE，
在Rt△CBE中，CE=BC=3，
∴CE=CE=3，
∴BD=2BE=6．
应选C．

点评：
此题考查了垂径定理：平分弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧．也考查了弧长公式、等边三角形的判定与性质和圆周角定理．
二、填空题〔本大题共5个小题，每题3分，总分值15分〕将结果直接填写在对应的横线上。
11．〔3分〕〔2022•仙桃〕化简=．
考点：
二次根式的性质与化简．
分析：
根据二次根式的意义直接化简即可．
解答：
解：==3．
点评：
此题考查二次根式的化简，需注意被开方数不含能开的尽方的因数．
12．〔3分〕〔2022•仙桃〕如图，在直角坐标系中，点A的坐标为〔﹣1，2〕，点C的坐标为〔﹣3，0〕，将点C绕点A逆时针旋转90°，再向下平移3个单位，此时点C的对应点的坐标为　〔1，﹣3〕　．
考点：
坐标与图形变化-平移．
分析：
根据旋转变换与平移的规律作出图形，然后解答即可．
解答：
解：如图，将点C绕点A逆时针旋转90°后，对应点的坐标为〔1，0〕，
再将〔1，0〕向下平移3个单位，此时点C的对应点的坐标为〔1，﹣3〕．
故答案为〔1，﹣3〕．

点评：
此题考查了坐标与图形的变化﹣旋转与平移，作出图形，利用数形结合求解更加简便．
13．〔3分〕〔2022•仙桃〕纸箱里有双拖鞋，除颜色不同外，其它都相同，从中随机取一只〔不放回〕，再取一只，那么两次取出的鞋颜色恰好相同的概率为．
考点：
列表法与树状图法．
专题：
计算题．
分析：
假设两双拖鞋的颜色分别为红色与黑色，列表得出所有等可能的情况数，找出两次取出的鞋颜色恰好相同的情况数，即可求出所求的概率．
解答：
解：列表如下：

红左
红右
黑左
黑右
红左
﹣﹣﹣
〔红右，红左〕
〔黑左，红左〕
〔黑右，红左〕
红右
〔红左，红右〕
﹣﹣﹣
〔黑左，红右〕
〔黑右，红右〕
黑左
〔红左，黑左〕
〔红右，黑左〕
﹣﹣﹣
〔黑右，黑左〕
黑右
〔红左，黑右〕
〔红右，黑右〕
〔黑左，黑右〕
﹣﹣﹣
所有等可能的情况有12种，其中两次取出的鞋颜色恰好相同的情况有4种，
那么P==．
故答案为：
点评：
此题考查了列表法与树状图法，用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
14．〔3分〕〔2022•仙桃〕如图是一个横断面为抛物线形状的拱桥，当水面宽4米时，拱顶〔拱桥洞的最高点〕离水面2米，水面下降1米时，水面的宽度为米．
考点：
二次函数的应用．
分析：
根据得出直角坐标系，进而求出二次函数解析式，再通过把y=﹣1代入抛物线解析式得出水面宽度，即可得出答案．
解答：
解：建立平面直角坐标系，设横轴x通过AB，纵轴y通过AB中点O且通过C点，那么通过画图可得知O为原点，

抛物线以y轴为对称轴，且经过A，B两点，OA和OB可求出为AB的一半2米，抛物线顶点C坐标为〔0，2〕，
通过以上条件可设顶点式y=ax2+2，其中a可通过代入A点坐标〔﹣2，0〕，
到抛物线解析式得出：a=﹣0.5，所以抛物线解析式为y=﹣0.5x2+2，
当水面下降1米，通过抛物线在图上的观察可转化为：
当y=﹣1时，对应的抛物线上两点之间的距离，也就是直线y=﹣1与抛物线相交的两点之间的距离，
可以通过把y=﹣1代入抛物线解析式得出：
﹣1=﹣0.5x2+2，
解得：x=，
所以水面宽度增加到米，
故答案为：米．
点评：
此题主要考查了二次函数的应用，根据建立坐标系从而得出二次函数解析式是解决问题的关键．
15．〔3分〕〔2022•仙桃〕将相同的矩形卡片，按如图方式摆放在一个直角上，每个矩形卡片长为2，宽为1，依此类推，摆放2022个时，实线局部长为　5035　．
考点：
规律型：图形的变化类．
分析：
根据图形得出实线局部长度的变化规律，进而求出答案．
解答：
解：由图形可得出：摆放一个矩形实线长为3，
摆放2个矩形实线长为5，摆放3个矩形实线长为8，
摆放4个矩形实线长为10，摆放5个矩形实线长为13，
即第偶数个矩形实线局部在前一个的根底上加2，
第奇数个矩形实线局部在前一个的根底上加3，
∵摆放2022个时，相等于在第1个的根底上加1006个2，1007个3，
∴摆放2022个时，实线局部长为：3+1006×2+1007×3=5035．
故答案为：5035．
点评：
此题主要考查了图形变化类，得出实线局部按第奇数与偶数个长度变化规律是解题关键．
三、解答题〔本大题共10小题，总分值75分〕
16．〔5分〕〔2022•仙桃〕计算：〔﹣1〕0﹣|﹣5|+〔〕﹣1．
考点：
实数的运算；零指数幂；负整数指数幂．
专题：
计算题．
分析：
原式第一项利用零指数幂法那么计算，第二项利用绝对值的代数意义化简，最后一项利用负整数指数幂法那么计算即可得到结果．
解答：
解：原式=1﹣5+3
=﹣1．
点评：
此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
17．〔6分〕〔2022•仙桃〕解方程：．
考点：
解分式方程．
专题：
计算题．
分析：
此题的最简公分母是3〔x+1〕，方程两边都乘最简公分母，可把分式方程转换为整式方程求解．
解答：
解：方程两边都乘3〔x+1〕，
得：3x﹣2x=3〔x+1〕，
解得：x=﹣，
经检验x=﹣是方程的解，
∴原方程的解为x=﹣．
点评：
当分母是多项式，又能进行因式分解时，应先进行因式分解，再确定最简公分母．分式方程里单独的一个数和字母也必须乘最简公分母．
18．〔6分〕〔2022•仙桃〕为弘扬中华传统文化，某校组织八年级1000名学生参加汉字听写大赛，为了解学生整体听写能力，从中抽取局部学生的成绩〔得分取正整数，总分值为100分〕进行统计分析，请根据尚未完成的以下列图表，解答问题：
组别
分数段
频数
频率
一
50.5～60.5
16
0.08
二
60.5～70.5
30
0.15
三
70.5～80.5
50
0.25
四
80.5～90.5
m
0.40
五
90.5～24

n
〔1〕本次抽样调查的样本容量为　200　，此样本中成绩的中位数落在第　四　组内，表中m=　80　，n=　0.12　；
〔2〕补全频数分布直方图；
〔3〕假设成绩超过80分为优秀，那么该校八年级学生中汉字听写能力优秀的约有多少人
考点：
频数〔率〕分布直方图；用样本估计总体；频数〔率〕分布表．
分析：
〔1〕根据第一组的频数是16，频率是0.08，即可求得总数，即样本容量；
〔2〕根据〔1〕的计算结果即可作出直方图；
〔3〕利用总数1000乘以优秀的所占的频率即可．
解答：
解：〔1〕样本容量是：16÷0.08=200；
样本中成绩的中位数落在第四组；
m=200×0.40=80，
n==0.12；

〔2〕补全频数分布直方图，如下：

〔3〕1000〔0.4+0.12〕=520〔人〕．
答：该校八年级学生中汉字听写能力优秀的约有520人．
点评：
此题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力；利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题．
19．〔6分〕〔2022•仙桃〕如图，四边形ABCD是平行四边形，E，F为对角线AC上两点，连接ED，EB，FD，FB．给出以下结论：①BE∥DF；②BE=DF；③AE=CF．请你从中选取一个条件，使∠1=∠2成立，并给出证明．
考点：
平行四边形的判定与性质；全等三角形的判定与性质．
分析：
欲证明∠1=∠2，只需证得四边形EDFB是平行四边形或△ABF≌△CDE即可．
解答：
解：方法一：
补充条件①BE∥DF．
证明：如图，∵BE∥DF，
∴∠BEC=∠DFA，
∴∠BEA=∠DFC，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AB=CD，AB∥CD，
∴∠BAE=∠DCF，
在△ABE与△CDF中，
，
∴△ABE≌△CDF〔ASA〕，
∴BE=DF，
∴四边形BFDE是平行四边形，
∴ED∥BF，
∴∠1=∠2；

方法二：
补充条件③AE=CF．
证明：∵AE=CF，∴AF=CE．
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AB=CD，AB∥CD，
∴∠BAF=∠DCE，
在△ABF与△CDE中，

∴△ABF≌△CDE〔SAS〕，
∴∠1=∠2．

点评：
此题考查了平行四边形的判定与性质，全等三角形的判定与性质．全等三角形的判定是结合全等三角形的性质证明线段和角相等的重要工具．在判定三角形全等时，关键是选择恰当的判定条件．
20．〔6分〕〔2022•仙桃〕如图，在坡角为30°的山坡上有一铁塔AB，其正前方矗立着一大型广告牌，当阳光与水平线成45°角时，测得铁塔AB落在斜坡上的影子BD的长为6米，落在广告牌上的影子CD的长为4米，求铁塔AB的高〔AB，CD均与水平面垂直，结果保存根号〕．
考点：
解直角三角形的应用-坡度坡角问题．
分析：
过点C作CE⊥AB于E，过点B作BF⊥CD于F，过点B作BF⊥CD于F，在Rt△BFD中，分别求出DF、BF的长度，在Rt△ACE中，求出AE、CE的长度，继而可求得AB的长度．
解答：
解：过点C作CE⊥AB于E，过点B作BF⊥CD于F，过点B作BF⊥CD于F，
在Rt△BFD中，
∵∠DBF=30°，sin∠DBF==，cos∠DBF==，
∵BD=6，
∴DF=3，BF=3，
∵AB∥CD，CE⊥AB，BF⊥CD，
∴四边形BFCE为矩形，
∴BF=CE=3，CF=BE=CD﹣DF=1，
在Rt△ACE中，∠ACE=45°，
∴AE=CE=3，
∴AB=3+1．
答：铁塔AB的高为〔3+1〕m．

点评：
此题考查了解直角三角形的应用，解答此题的根据题目所给的坡角构造直角三角形，利用三角函数的知识求解．
21．〔8分〕〔2022•仙桃〕反比例函数y=在第一象限的图象如下列图，过点A〔1，0〕作x轴的垂线，交反比例函数y=的图象于点M，△AOM的面积为3．
〔1〕求反比例函数的解析式；
〔2〕设点B的坐标为〔t，0〕，其中t＞1．假设以AB为一边的正方形有一个顶点在反比例函数y=的图象上，求t的值．
考点：
待定系数法求反比例函数解析式；解一元二次方程-因式分解法；反比例函数系数k的几何意义；反比例函数图象上点的坐标特征；正方形的性质．
分析：
〔1〕根据反比例函数k的几何意义得到|k|=3，可得到满足条件的k=6，于是得到反比例函数解析式为y=；
〔2〕分类讨论：当以AB为一边的正方形ABCD的顶点D在反比例函数y=的图象上，那么D点与M点重合，即AB=AM，再利用反比例函数图象上点的坐标特征确定M点坐标为〔1，6〕，那么AB=AM=6，所以t=1+6=7；当以AB为一边的正方形ABCD的顶点C在反比例函数y=的图象上，根据正方形的性质得AB=BC=t﹣1，
那么C点坐标为〔t，t﹣1〕，然后利用反比例函数图象上点的坐标特征得到t〔t﹣1〕=6，再解方程得到满足条件的t的值．
解答：
解：〔1〕∵△AOM的面积为3，
∴|k|=3，
而k＞0，
∴k=6，
∴反比例函数解析式为y=；

〔2〕当以AB为一边的正方形ABCD的顶点D在反比例函数y=的图象上，那么D点与M点重合，即AB=AM，
把x=1代入y=得y=6，
∴M点坐标为〔1，6〕，
∴AB=AM=6，
∴t=1+6=7；
当以AB为一边的正方形ABCD的顶点C在反比例函数y=的图象上，
那么AB=BC=t﹣1，
∴C点坐标为〔t，t﹣1〕，
∴t〔t﹣1〕=6，
整理为t2﹣t﹣6=0，解得t1=3，t2=﹣2〔舍去〕，
∴t=3，
∴以AB为一边的正方形有一个顶点在反比例函数y=的图象上时，t的值为3或7．
点评：
此题考查了用待定系数法求反比例函数的解析式：〔1〕设出含有待定系数的反比例函数解析式y=xk〔k为常数，k≠0〕；〔2〕把条件〔自变量与函数的对应值〕带入解析式，得到待定系数的方程；〔3〕解方程，求出待定系数；〔4〕写出解析式．也考查了反比例函数k的几何意义、反比例函数图象上点的坐标特征和正方形的性质．
22．〔8分〕〔2022•仙桃〕如图，BC是以AB为直径的⊙的切线，且BC=AB，连接OC交⊙O于点D，延长AD交BC于点E，F为BE上一点，且DF=FB．
〔1〕求证：DF是⊙O的切线；
〔2〕假设BE=2，求⊙O的半径．
考点：
切线的判定；勾股定理；解直角三角形．
分析：
〔1〕连接BD，根据等边对等角可得∠FDB=∠FBD，∠ODB=∠OBD，然后根据切线的性质即可证得；
〔2〕根据直角△OBC和直角△CDF中，tanC的定义即可列方程气的CD的长，在直角△CDF中利用勾股定理即可求解．
解答：
〔1〕证明：连接BD，
∵BC是⊙O的切线，AB是直径，
∴AB⊥BC，
∴∠BFD+∠OBD=90°，
∵DF=FB，
∴∠FDB=∠FBD，
∵OD=OB，
∴∠ODB=∠OBD，
∴∠FDB+∠ODB=∠FBD+∠OBD=90°，
∴OD⊥DF，
∴DF是圆的切线；

〔2〕解：∵AB是圆的直径，
∴∠ADB=90°，∠FDB+∠FDE=∠FBD+∠FED=90°，
∵∠FDB=∠FBD，
∴∠FDE=∠FED，
∴FD=FE=FB，
在直角△OBC中，tanC===，
在直角△CDF中，tanC=，
∴=，
∵DF=1，
∴CD=2，
在直角△CDF中，由勾股定理可得：CF=，
∴OB=BC=，
∴⊙O的半径是．

点评：
此题考查了切线的判定，等腰三角形的性质等知识点．要证某线是圆的切线，此线过圆上某点，连接圆心与这点〔即为半径〕，再证垂直即可．
23．〔8分〕〔2022•仙桃〕为改善生态环境，防止水土流失，某村方案在江汉堤坡种植白杨树，现甲、乙两家林场与相同的白杨树苗可供选择，其具体销售方案如下：
甲林场

乙林场
购树苗数量
销售单价
购树苗数量

销售单价
不超过1000棵时
4元/棵
不超过2000棵时
4元/棵
超过1000棵的局部
3.8元/棵
超过2000棵的局部
3.6元/棵
设购置白杨树苗x棵，到两家林场购置所需费用分别为y甲〔元〕、y乙〔元〕．
〔1〕该村需要购置1500棵白杨树苗，假设都在甲林场购置所需费用为　5900　元，假设都在乙林场购置所需费用为　6000　元；
〔2〕分别求出y甲、y乙与x之间的函数关系式；
〔3〕如果你是该村的负责人，应该选择到哪家林场购置树苗合算，为什么
考点：
一次函数的应用．
分析：
〔1〕由单价×数量就可以得出购置树苗需要的费用；
〔2〕根据分段函数的表示法，分别当0≤x≤1000，或x＞1000.0≤x≤2000，或x＞2000，由由单价×数量就可以得出购置树苗需要的费用表示出y甲、y乙与x之间的函数关系式；
〔3〕分类讨论，当0≤x≤1000，1000＜x≤2000时，x＞2000时，表示出y甲、y乙的关系式，就可以求出结论．
解答：
解：〔1〕由题意，得．
y甲=4×1000+3.8〔1500﹣1000〕=5900元，
y乙=4×1500=6000元；
故答案为：5900，6000；

〔2〕当0≤x≤1000时，
y甲=4x，
x＞1000时．
y甲=4000+3.8〔x﹣1000〕=3.8x+200，
∴y甲=；
当0≤x≤2000时，
y乙=4x
当x＞2000时，
y乙=8000+3.6〔x﹣2000〕=3.6x+800
∴y乙=；

〔3〕由题意，得
当0≤x≤1000时，两家林场单价一样，
∴到两家林场购置所需要的费用一样．
当1000＜x≤2000时，甲林场有优惠而乙林场无优惠，
∴当1000＜x≤2000时，到甲林场优惠；
当x＞2000时，y甲=3.8x+200，y乙=3.6x+800，
当y甲=y乙时
3.8x+200=3.6x+800，
解得：x=3000．
∴当x=3000时，到两家林场购置的费用一样；
当y甲＜y乙时，
3.8x+200=3.6x+800，
x＜3000．
∴2000＜x＜3000时，到甲林场购置合算；
当y甲＞y乙时，
3.8x+200＞3.6x+800，
解得：x＞3000．
∴当x＞3000时，到乙林场购置合算．
综上所述，当0≤x≤1000或x=3000时，两家林场购置一样，
当1000＜x＜3000时，到甲林场购置合算；
当x＞3000时，到乙林场购置合算．
点评：
此题考查了运用一次函数的解析式解实际问题的运用，方案设计的运用，单价×数量=总价的运用，解答时求出一次函数的解析式是关键．
24．〔10分〕〔2022•仙桃〕如图①，△ABC与△DEF是将△ACF沿过A点的某条直线剪开得到的〔AB，DE是同一条剪切线〕．平移△DEF使顶点E与AC的中点重合，再绕点E旋转△DEF，使ED，EF分别与AB，BC交于M，N两点．
〔1〕如图②，△ABC中，假设AB=BC，且∠ABC=90°，那么线段EM与EN有何数量关系请直接写出结论；
〔2〕如图③，△ABC中，假设AB=BC，那么〔1〕中的结论是否还成立假设成立，请给出证明：假设不成立，请说明理由；
〔3〕如图④，△ABC中，假设AB：BC=m：n，探索线段EM与EN的数量关系，并证明你的结论．
考点：
相似形综合题；全等三角形的判定与性质；角平分线的性质；等腰三角形的性质；多边形内角与外角；相似三角形的判定与性质．
专题：
证明题；探究型．
分析：
〔1〕由四边形的内角和为360°可以推出∠HEM=∠GEN，由等腰三角形的三线合一及角平分线的性质可以推出EH=EG，从而可以证到△HEM≌△GEN，进而有EM=EG．
〔2〕借鉴〔1〕的证明方法同样可以证到EM=EG．
〔3〕借鉴〔2〕中解题经验可以证到△HEM∽△GEN，从而有EM：EN=EH：EG．由点E为AC的中点可得S△AEB=S△CEB，可证到EH：EG=BC：AB，从而得到EM：EN=BC：AB=n：m．
解答：
解：〔1〕EM=EN．
证明：过点E作EG⊥BC，G为垂足，作EH⊥AB，H为垂足，连接BE，如答图②所示．

那么∠EHB=∠EGB=90°．
∴在四边形BHEG中，∠HBG+∠HEG=180°．
∵∠HBG+∠DEF=180°，
∴∠HEG=∠DEF．
∴∠HEM=∠GEN．
∵BA=BC，点E为AC中点，
∴BE平分∠ABC．
又∵EH⊥AB，EG⊥BC，
∴EH=EG．
在△HEM和△GEN中，
∵∠HEM=∠GEN，EH=EG，∠EHM=∠EGN，
∴△HEM≌△GEN．
∴EM=EN．

〔2〕EM=EN仍然成立．
证明：过点E作EG⊥BC，G为垂足，作EH⊥AB，H为垂足，连接BE，如答图③所示．

那么∠EHB=∠EGB=90°．
∴在四边形BHEG中，∠HBG+∠HEG=180°．
∵∠HBG+∠DEF=180°，
∴∠HEG=∠DEF．
∴∠HEM=∠GEN．
∵BA=BC，点E为AC中点，
∴BE平分∠ABC．
又∵EH⊥AB，EG⊥BC，
∴EH=EG．
在△HEM和△GEN中，
∵∠HEM=∠GEN，EH=EG，∠EHM=∠EGN，
∴△HEM≌△GEN．
∴EM=EN．

〔3〕线段EM与EN满足关系：EM：EN=n：m．
证明：过点E作EG⊥BC，G为垂足，作EH⊥AB，H为垂足，连接BE，如答图④所示．

那么∠EHB=∠EGB=90°．
∴在四边形BHEG中，∠HBG+∠HEG=180°．
∵∠HBG+∠DEF=180°，
∴∠HEG=∠DEF．
∴∠HEM=∠GEN．
∵∠HEM=∠GEN，∠EHM=∠EGN，
∴△HEM∽△GEN．
∴EM：EN=EH：EG．
∵点E为AC的中点，
∴S△AEB=S△CEB．
∴AB•EH=BC•EG．
∴EH：EG=BC：AB．
∴EM：EN=BC：AB．
∵AB：BC=m：n，
∴EM：EN=n：m．
点评：
此题通过图形的变换，考查了等腰三角形的性质、角平分线的性质、全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、四边形的内角和等知识，同时也渗透了变中有不变的辩证思想，而运用等积法又是解决第三小题的关键，是一道好题．
25．〔12分〕〔2022•仙桃〕抛物线经过A〔﹣2，0〕，B〔0，2〕，C〔，0〕三点，一动点P从原点出发以1个单位/秒的速度沿x轴正方向运动，连接BP，过点A作直线BP的垂线交y轴于点Q．设点P的运动时间为t秒．
〔1〕求抛物线的解析式；
〔2〕当BQ=AP时，求t的值；
〔3〕随着点P的运动，抛物线上是否存在一点M，使△MPQ为等边三角形假设存在，请直接写t的值及相应点M的坐标；假设不存在，请说明理由．
考点：
二次函数综合题．
分析：
〔1〕3点求抛物线的解析式，设解析式为y=ax2+bx+c，待定系数即得a、b、c的值，即得解析式．
〔2〕BQ=AP，要考虑P在OC上及P在OC的延长线上两种情况，有此易得BQ，AP关于t的表示，代入BQ=AP可求t值．
〔3〕考虑等边三角形，我们通常只需明确一边的情况，进而即可描述出整个三角形．考虑△MPQ，发现PQ为一有规律的线段，易得OPQ为等腰直角三角形，但仅因此无法确定PQ运动至何种情形时△MPQ为等边三角形．假设退一步考虑等腰，发现，MO应为PQ的垂直平分线，即使△MPQ为等边三角形的M点必属于PQ的垂直平分线与抛物线的交点，但要明确这些交点仅仅满足△MPQ为等腰三角形，不一定为等边三角形．确定是否为等边，我们可以直接由等边性质列出关于t的方程，考虑t的存在性．
解答：
解：〔1〕设抛物线的解析式为y=ax2+bx+c，
∵抛物线经过A〔﹣2，0〕，B〔0，2〕，C〔，0〕三点，
∴，
解得 ，
∴y=﹣x2﹣x+2．

〔2〕∵AQ⊥PB，BO⊥AP，
∴∠AOQ=∠BOP=90°，∠PAQ=∠PBO，
∵AO=BO=2，
∴△AOQ≌△BOP，
∴OQ=OP=t．
①如图1，当t≤2时，点Q在点B下方，此时BQ=2﹣t，AP=2+t．

∵BQ=AP，
∴2﹣t=〔2+t〕，
∴t=．
②如图2，当t＞2时，点Q在点B上方，此时BQ=t﹣2，AP=2+t．

∵BQ=AP，
∴t﹣2=〔2+t〕，
∴t=6．
综上所述，t=或6时，BQ=AP．

〔3〕当t=﹣1时，抛物线上存在点M〔1，1〕；当t=3+3时，抛物线上存在点M〔﹣3，﹣3〕．
分析如下：
∵AQ⊥BP，
∴∠QAO+∠BPO=90°，
∵∠QAO+∠AQO=90°，
∴∠AQO=∠BPO．
在△AOQ和△BOP中，
，
∴△AOQ≌△BOP，
∴OP=OQ，
∴△OPQ为等腰直角三角形，
∵△MPQ为等边三角形，那么M点必在PQ的垂直平分线上，
∵直线y=x垂直平分PQ，
∴M在y=x上，设M〔x，y〕，
∴，
解得 或 ，
∴M点可能为〔1，1〕或〔﹣3，﹣3〕．
①如图3，当M的坐标为〔1，1〕时，作MD⊥x轴于D，

那么有PD=|1﹣t|，MP2=1+|1﹣t|2=t2﹣2t+2，PQ2=2t2，
∵△MPQ为等边三角形，
∴MP=PQ，
∴t2+2t﹣2=0，
∴t=﹣1+，t=﹣1﹣〔负值舍去〕．
②如图4，当M的坐标为〔﹣3，﹣3〕时，作ME⊥x轴于E，

那么有PE=3+t，ME=3，
∴MP2=32+〔3+t〕2=t2+6t+18，PQ2=2t2，
∵△MPQ为等边三角形，
∴MP=PQ，
∴t2﹣6t﹣18=0，
∴t=3+3，t=3﹣3〔负值舍去〕．
综上所述，当t=﹣1+时，抛物线上存在点M〔1，1〕，或当t=3+3时，抛物线上存在点M〔﹣3，﹣3〕，使得△MPQ为等边三角形．
点评：
此题是二次函数、一次函数及三角形相关知识的综合题目，其中涉及的知识点有待定系数法求抛物线，三角形全等，等腰、等边三角形性质及一次函数等根底知识，在讨论动点问题是一定要注意考虑全面分情形讨论分析．总体来说此题难度较高，其中技巧需要好好把握．