计算机组成原理试题(含答案).doc

淮 阴 工 学 院 课 程 考 试 试 卷
班级 姓名 学号
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专业：计算机科学与技术
课程名称：计算机组成原理
学分：3.5
试卷编号（B）
课程编号： 1311082
考试方式： 闭卷
考试时间： 60
分钟
拟卷人(签字)：
拟卷日期： 2014-05-01
审核人(签字)：
提示：一律在答题纸上答题！

得分

一、 选择题：（每题2分，共40分）

1. 通常划分计算机的发展时代是以 为标准。
A. 所用电子器件 B.运算速度 C. 计算机结构 D.所用语言
2. 冯.诺依曼计算机的核心思想是 。
A. 二进制运算 B.存储信息 C.运算速度快 D.存储程序控制
3. 兼容性是计算机的一个重要性能，对于系列机必须做到 。
A.向前兼容 B.向后兼容 C. 向上兼容 D.向下兼容
4. 某8位微型计算机地址码为16位，则该机所允许的最大存储空间是 。
A.1MB B. 1KB C. 64KB D.8KB
5. 一个8位微型计算机地址码为16位，使用4K*4b的RAM芯片组成最大空间的存储器，则需
要 个RAM芯片。
A.8 B.16 C. 32 D.64
6. 上题中，需要 根片选信号线。
A.8 B.16 C. 32 D.64
7. 片选的方法一般为两种，即线选法和 。
A.位选法 B.片选法 C. 自选法 D.译码法
8. 八位二进制补码表示的定点纯小数，则表示的最小数值为 。
A.-1 B.-64 C. - 128 D.-256
9. 已知一汉字的国标码为1234H，其机内码为 H.
A.92B4 B.A2C5 C. B3D5 D.C4E6
10. 串行通信中，采用偶校验的数据校验方法，现传送的数据位0101011，则校验位为 。
A.1 B.0
11. 操作数直接出现在地址码位置的寻址方式为 寻址。
A．直接 B．间接 C．立即 D．相对
12. 若移码的符号位为1，则该数为 。
A. 正数 B. 负数
13. 在浮点加减运算中，当尾数相加发生溢出时，应_______
A. 发出出错信息 B.向右规格化
C. 向左规格化 D.舍入处理
14. 运算器的主要功能是进行 。
A.逻辑运算 B.算术运算 C. 加法运算 D. 逻辑运算与算术运算
15. 浮点运算的结果是根据规格化后的 是否溢出来判断的。
A.阶码 B.尾数 C. 底数 D.尾符
16. 补码乘法，符号位 参与运算。
A.不 B.必须
17. 在相对寻址方式中，如指令中的地址码为20H，则操作数的地址为
A. 20H B. 1000H+20H C. (PC)+20H D. (SI)+20H
18. 能够改变程序执行顺序的是 。
A. 移位指令 B.数据传送类指令 C. 输入输出类指令 D. 转移类指令
19. RISC思想只要基于 。
A. 减少指令的平均执行周期数 B.减少指令的复杂度
C. 减少硬件的复杂度 D. 便于译码器编写
20. 已知Cache的容量为8KB，内存的容量为2MB，每块16B，则在直接映像方式中，一个Cache块可以与 个内存块对应。
A.1 B. 64 C. 128 D. 256

得分

二、综合题（共60分）

1. （15分）设x= 0.1001，y= - 0.1011，用原码一位乘求x×y

2. （15分）某机指令字长16位，每个操作数的地址码为6位。指令分为零地址码、一地址码和二地址码三种格式。若二地址码指令有x种，一地址码有y种，则当操作码长度固定，二地址码最多有多少种？若操作码长度可变，则零地址码最多允许有多少种？（要求给出计算机过程）

3. （15分）已知X= 20/32 , Y= 17/32 , 使用变形补码计算X+Y，X-Y

4. （15分）设浮点数的阶码为2位，尾数为4位（均不包括符号位），已知x=211×0.0111,
y=210× （—0.0101）, 用补码形式计算 x+y

专业：计算机科学与技术通信工程
课程名称：计算机组成原理
学分：3.5
试卷编号（B）

一、选择题（每空2分，共40分）

1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
A
D
B
C
C
B
D
A
A
B
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
C
A
B
D
A
B
C
D
B
D

二、综合题（每题15分，共60分）
解：x’=0.1001,y’=0.1011
部分积 乘数 说明
0.0000 1011
+ 0.1001 因y4=1,故+x’
0.1001
0.0100 1101 右移1位
+ 0.1001 因y3=1,故+x’
0.1101
0.0110 1110 右移1位
0.0011 0111 因y2=1,故右移1位
+ 0.1001 因y1=1,故+x’
0.1100
0.0110 0011 右移1位

x·y= - 0.01100011 错一步 扣1分，扣完为止
1.

2.解：固定长度操作码：24-x-y （6分）
可变长度：9分

指令类型
最多指令数
实际使用数
剩下数
二地址码
24
x
24-x
一地址码
（24-x）*26
Y
（24-x）*26-y
零地址码
【（24-x）*26-y】*26
全部
0

3.[X]补=00.10100 2分
[Y]补=00.10001 2分
[-Y]补=11.01111 2分
[X+Y]补=[X]补+[Y]补
00.10100
+00.10001
01.00101 3分
所以 X+Y 溢出 2分

[X-Y]补=[X]补-[Y]补
00.10100
+11.01111
00.00011
x-y=0.00011 4分
或x-y=3/32

4.

对阶

X=0,11;00.0111
Y=0,10;11.1011
△E=0,01
X=0,11;00.0111
Y=0,11;11.1101

尾数加
00.0111
+ 11.1101
00.0100

左规：
X+Y=0,11;00.0100
X+-Y=0,10;00.1000

即 x+y=2 10×(0.1000)

错一步 扣1分

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