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重庆八中九年级（下）第一次月考物理试卷
一、选择题（下列各题的四个选项，只有一个符合题意，每题3分，共24分．）
1．（3分）下列数据符合生活实际的是（　　）
A．一支钢笔的长度约为15cm
B．一间教室内空气的质量大约为30kg
C．汽车在高速路上的速度一般为100m/s
D．家用空调正常工作时的电功率约为100W
2．（3分）如图所示的四个现象中能反映发电机原理的是（　　）
A． B．
C． D．
3．（3分）如图四幅图中关于力的现象的说法正确的是（　　）
A．鞋底纹路很深是为了减小摩擦力
B．举重比赛中人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
C．运动员冲过终点不能立即停下，是因为运动员受到较大的惯性作用
D．载重汽车是通过装有很多车轮来增大受力面积而减小车对地面压强
4．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．气体或液体中流速越大的地方，压强越大
B．液体的沸点随着液体表面气压的增大而降低
C．重力为1N的水对容器底部的压力可能大于1N
D．装在连通器内的液体，各部分与大气相接触的液面总是相平的
5．（3分）某物理兴趣小组在实验时，竖直向上拉动2kg的物体，并描述了物体在某段时间内通过的路程与所用时间的图象，根据图，下列说法正确的是（　　）

A．0～2s 内，小车处于加速状态
B．2～4s内，小车匀速直线运动
C．4～5s内，小车的速度为2m/s
D．0～2s内与4～5s内，拉力大小均为20N
6．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从右向左移动过程中（　　）

A．A的示数变大，V1的示数变小，总功率变大
B．A的示数变小，V2的示数变大，总功率变小
C．V1的示数与电流表A的示数之比保持不变
D．V2的示数变化量与A的示数变化量之比变小
7．（3分）如图甲所示的装置中，A、B、C三物块的质量分别为2kg，绳子不可伸长，且不计绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦，A、B一起向右匀速运动，A 受到的摩擦力为f1；当把B取下挂在C的下端，如图乙所示，A仍然向右运动，A受到的摩擦力为f2．则下列说法正确的是（　　）

A．如图甲中，B受到A向右的摩擦力
B．在如图乙中，B、C将一起匀速往下落
C．在如图乙中，A受到桌面向左的摩擦力为40N
D．在如图乙中，当水平用力拉A向左匀速直线运动时拉力为50N
8．（3分）水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时如图所示，A物体吊在绳子的下方且绳子对A物体有拉力，B悬浮，C漂浮在液面上，三个容器的液面相平。则下列判断正确的是（　　）

A．物体受到的浮力FB＞FC＞FA
B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙
C．液体对容器底的压强P甲＝P乙＝P丙
D．物体下表面受到液体的压力FA′＞FB′＝FC′
二、填空题（每空1分，共12分．）
9．（2分）英国物理学家　 　在总结前人的基础上，得出了运动与力的正确关系。意大利物理学家　 　首先测出了大气压强。
10．（2分）小明家电能表的表盘上有“2000r/kW•h”字样。若他关闭其它所有的用电器，只打开“220V 200W“的电视机刚好看了2个小时的动画片，则在这2个小时内，电视机消耗的电能为　 　kW•h，这段时间内电能表的转盘转了　 　圈。
11．（2分）如图所示，甲、乙两实心的正方体放在水平地面，若将它们的上面部分沿水平方向截去相同的高度后剩余部分对地面的压强相等，则切去之前，他们原来对地面的压强的大小关系为p甲　 　p乙．若它们最初对地的压力相同，沿水平方向切去相同质量，则剩余部分对地的压强p甲′　 　p乙′（选填“大于”、“小于”或“等于”）。

12．（2分）水平桌面的台秤上放一个装有水的薄壁烧杯，如图所示，底面积为100cm2，一个不吸水的木块用细线系在烧杯底浸没于水中，木块的密度为0.5×103kg/m3，体积为200cm3，剪断细线后台秤的示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），木块静止时烧杯底部受到水的压强减小了　 　Pa。

13．（2分）图所示的电路中，电源两端的电压为12V，且保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P位于A点时，电压表示数为U1，电流表示数为I1，电阻R1与滑动变阻器消耗的电功率之和为2.88W；当滑片P位于B点时，电压表示数为U2，电流表示数为I2，电阻R1与滑动变阻器消耗的电功率之和为2.52W．已知：U1：U2＝4：7，电阻R1与R2之比为1：3。
求：（1）电流I1与I2之比；（2）电压表U2的示数。

三、解答题（共2小题，满分4分）
14．（2分）如图，画出物体对接触面的压力示意图

15．（2分）在图中标出螺线管上方小磁针自由静止时的南极。

三、实验探究题（本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分．）
16．（6分）在“测量物体的密度”的实验中，老师提供了如下器材：天平、量筒、电子秤、不吸水石块若干、细线、水。

小明用天平和量筒进行测量，步骤如下：
（1）把天平放在水平工作台上，用　 　将游码置于标尺左端的零刻度处，发现指针偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向　 　调节（选填“左”或“右”），使天平横梁水平平衡。
（2）用调好的天平测矿石的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图甲所示时，天平平衡，则此矿石的质量是　 　g； 在量筒内装有适量的水，该矿石放入前、后的情况如图乙所示，则矿石的体积是　 　cm3，此矿石的密度是　 　kg/m3。
（3）实验后，小明发现所使用的50g的砝码生锈了，那么他所测量的矿石密度将比实际矿石的密度　 　 （选填“偏大”或“偏小”）。
17．（6分）小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器R1“50Ω1A”、R2“100Ω1A”各一个、电流表（0～0.6A、0～3A）电压表（0～3V、0～15V）学生电源（电压恒为6V）、开关、导线若干。
（1）用笔画线代替导线将图甲的实物电路补充完整（要求滑片右移灯泡变暗，且导线不交叉）。
（2）连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表示数均为0，经检查电表完好，则故障可能是　 　
A．小灯泡断路 B．小灯泡短路
C．滑动变阻器断路 D．滑动变阻器短路
（3）故障排除后，小明移动滑片P，当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向　 　（选填“左”或“右”移动，使电压表的示数达到额定电压，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W。
（4）小明根据实验中获得的6组数据绘制的小灯泡的“I﹣U”图象如图丙所示，则本实验中小明选择的滑动变阻器是　 　，（选填“R1”或“R2”）。由图象可知小灯泡的电阻随温度的升高而　 　（选填“增大”、“不变”或“减少”）。
（5）完成上述试验后，小明又找来5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω的电阻各一个，选择滑动变阻器R2来完成探究“电流与电阻的关系”的实验，电流表选择0～0.6A，要完成这五次实验，应控制的电压表示数的范围为　 　。
18．（8分）学了液体压强知识后，同学们在物理实验室积极动手做探究液体压强的特点的实验。

（1）超超选择如图甲的探究器材，他把调好的U形管压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该　 　，组装完好的压强计中的U形管　 　 （选填“是”或“不是”）连通器。
（2）超超把金属盒分别浸入到两种不同的液体中，发现图乙中U形管两边的液柱高度差较大，超超认为乙中液体密度大，你认为他的结论是　 　（选填“可靠的”或“不可靠的”）。
（3）如果所用的压强计的U形管中可以选择酒精、水、水银（ρ酒精＜ρ水＜ρ水银）中的一种液体，为了使实验现象更明显，他应该选用上述三种液体中的　 　装入U形管中。
（4）兰兰选择如图丙的探究器材，容器中间用隔板分成大小相同且互不相通的A，B两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。橡皮膜两侧压强不相等时，会向压强小的一侧凸起。探究“液体压强与液体密度的关系”时，左右两边液体应满足　 　要求。
（5）探究“液体压强与液体深度的关系”时，兰兰同学在A，B两侧倒入深度不同的水后，实验现象如丁图。由该实验现象得出结论：在液体密度相同时，液体深度越深，液体压强越　 　（选填“大”或“小”）。
（6）实验中在A、B两侧分别倒入水和某种液体，当橡皮膜相平时，如图戊两侧深度为12cm、10cm，则液体的密度为　 　g/cm3。
（7）在图戊中，若把甲、乙两个物体分别放入水和液体中，两物体都漂浮，且液体都不溢出，此时观察到橡皮膜向右凸起，则两物体的质量m甲　 　m乙（选填“＜”、“＝“或“＞”）。
四、论述计算题（本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分．）
19．（6分）随着人们健康意识的不断增强，骑共享单车出行已经成为一种时尚，如图所示的共享单车，其相关数据如表：
车架材料
车架材料体积/cm3
车架质量/kg
整车质量/kg
碳纤维
2500
4.5
10
（1）求碳纤维车架的密度是多少kg/m3？
（2）小华同学的质量为50kg，若他骑行时车轮与地面接触的总面积为8cm2，则自行车对地面的压强是多少Pa？

20．（8分）如图所示，电源电压保持12V不变，电阻R1＝50Ω，只闭合开关S3，将滑动变阻器滑片P移到中点时，电流表示数为0.25A，小灯泡L的实际功率为2.5W；电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V．（不考虑温度对灯丝电阻的影响）求：
（1）当开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是多少？
（2）只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是多少？
（3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？

21．（8分）如图所示，有一底面积为60cm2．质量为300g的物体A放在水平桌面上，物体A的密度为0.6×103kg/m3，旁边放置有一个底面积为250cm2、内装有某液体的圆柱形容器（容器壁厚忽略不计），容器质量为0.2kg，容器中液体深为12cm。当用外力使物体A刚好浸没在液体中时（液体未溢出，A也没有接触到容器底部），液体对容器底压强的变化量为160Pa．求：
（1）物体A对水平桌面的压强？
（2）容器中液体的密度？
（3）当用外力使A刚好浸没在液体中且保持静止，则此时容器对桌面的压强是多少？

重庆八中九年级（下）第一次月考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列各题的四个选项，只有一个符合题意，每题3分，共24分．）
1．（3分）下列数据符合生活实际的是（　　）
A．一支钢笔的长度约为15cm
B．一间教室内空气的质量大约为30kg
C．汽车在高速路上的速度一般为100m/s
D．家用空调正常工作时的电功率约为100W
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：
A、一支铅笔的长度在18cm左右，钢笔的长度略小于18cm，约15cm。故A符合实际；
B、一间教室体积约为200m3，即为教室内空气的体积，教室内空气质量m＝ρV＝1.29kg/m3×200m3＝258kg，故B不符合实际；
C、汽车在高速路上的速度一般为100km/h，故C不符合实际；
D、家用空调正常工作时的电功率约为1000W，故D不符合实际。
故选：A。
【点评】对物体长度、质量、速度、功率等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、楼梯阶梯数、物理课本长和宽、教室内空气质量等等，多观察多思考，必要时做出正确判断。
2．（3分）如图所示的四个现象中能反映发电机原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场。
（2）电磁铁的磁性的强弱与电流的强弱及线圈的匝数有关；
（3）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
（4）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；
【解答】解：A、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；
B、该图是用来研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系的实验，故不符合题意；
C、图示的是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；
D、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；
故选：C。
【点评】本题中学生容易混淆的是A和B两个图，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机
3．（3分）如图四幅图中关于力的现象的说法正确的是（　　）
A．鞋底纹路很深是为了减小摩擦力
B．举重比赛中人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
C．运动员冲过终点不能立即停下，是因为运动员受到较大的惯性作用
D．载重汽车是通过装有很多车轮来增大受力面积而减小车对地面压强
【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；
（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（3）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；
（4）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】解：
A．鞋底纹路很深，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大鞋底与地面间的摩擦力，故A错误；
B．地面对人的支持力等于人的重力和杠铃的重力之和，大于人受到的重力，即题中两个力的大小不相等，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力，故B错误；
C．运动员跑到终点不能立即停下，是因为他具有惯性，仍要保持原来的运动状态；惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，故C错误；
D．大型载重汽车有很多轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小车对地面的压强，保护路面，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了有关增大摩擦力方法和惯性、平衡力的辨别、减小压强的方法的应用，要注意惯性是一种性质，不能说惯性力、惯性作用。
4．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．气体或液体中流速越大的地方，压强越大
B．液体的沸点随着液体表面气压的增大而降低
C．重力为1N的水对容器底部的压力可能大于1N
D．装在连通器内的液体，各部分与大气相接触的液面总是相平的
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
（2）液体的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；气压越大，沸点越高。
（3）液体对容器底的压力，可以根据液体产生的压力和液体重力的关系进行分析；
（4）连通器是指上端开口底部连接的容器，连通器内如果只装同种液体，在液面静止时，各部分的液面总保持相平，即在同一高度。
【解答】解：
A、气体或液体中流速越大的地方，压强越小。故A错误；
B、液体的沸点随着液体表面气压的增大而升高，随气压的减小而降低。故B错误；
C、上下粗细一样的容器中，水对容器底的压力等于水的重力；上面粗、下面细的容器中水对容器底的压力小于水的重力；上面细、下面粗的容器中水对容器底的压力大于水的重力，所以重力为1N的水对容器底部的压力可能大于1N．故C正确；
D、静止在连通器内的同种液体，各部分与大气接触的液面总是相平的，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查流体压强和流速的关系、液体的沸点与气压的关系、压力及重力与压力的区别、连通器原理，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5．（3分）某物理兴趣小组在实验时，竖直向上拉动2kg的物体，并描述了物体在某段时间内通过的路程与所用时间的图象，根据图，下列说法正确的是（　　）

A．0～2s 内，小车处于加速状态
B．2～4s内，小车匀速直线运动
C．4～5s内，小车的速度为2m/s
D．0～2s内与4～5s内，拉力大小均为20N
【分析】（1）从图中可以看出，小车在5s和7s内的距离，根据公式v＝可求小车的平均速度。
（2）物体受平衡力时做匀速直线运动或静止，路程与时间图象中是直线时，表示匀速直线运动。
【解答】解：A、0～2s内，小车通过的路程与时间的所以此时做匀速直线运动。故A 错误；
B、在2s～4s，小车通过的距离为零，说明处于静止状态。故B错误；
C、在4s～5s内通过的路程是s＝4m，时间是t＝5s﹣4s＝1s，所以速度v＝＝＝4m/s，故C错误；
D、0～2s内，小车通过的路程与时间的所以此时做匀速直线运动，拉力F＝G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查平均速度的计算，关键是公式的灵活运用，本题的难点是求平均速度必须求出总里程和总时间。
6．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从右向左移动过程中（　　）

A．A的示数变大，V1的示数变小，总功率变大
B．A的示数变小，V2的示数变大，总功率变小
C．V1的示数与电流表A的示数之比保持不变
D．V2的示数变化量与A的示数变化量之比变小
【分析】分析电路图可知滑动变阻器R2和定值电阻R1串联，电流表测量总电流，电压表V1测的是电阻R1两端的电压，V2测滑动变阻器两端的电压，当滑片P从右向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值在变大，电路总阻值也在变大；根据欧姆定律可判断电路电流和滑动变阻器两端电压的变化，根据P＝UI可知R1消耗的电功率的变化和电路消耗的总功率的变化。
【解答】解：由图可知，滑动变阻器R2和定值电阻R1串联，电流表测量总电流，电压表V1测的是电阻R1两端的电压，V2测滑动变阻器两端的电压，当滑片P从右向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值在变小，电路总阻值也在变小；根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；
根据公式U＝IR可知，定值电阻R1两端的电压变大，即电压表V1示数变大；根据串联电路的电压规律可知，电压表V2示数减小，根据P＝UI可知，电路总功率变大，故AB错误；
V1的示数与电流表A的示数之比为R1的电阻，保持不变，故C正确；
V2的示数变化量与A的示数变化量之比为R1的电阻，保持不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是计算公式的应用和仪表、滑动变阻器的正确使用。关键是知道电压表与电流表的比值表示的意义。
7．（3分）如图甲所示的装置中，A、B、C三物块的质量分别为2kg，绳子不可伸长，且不计绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦，A、B一起向右匀速运动，A 受到的摩擦力为f1；当把B取下挂在C的下端，如图乙所示，A仍然向右运动，A受到的摩擦力为f2．则下列说法正确的是（　　）

A．如图甲中，B受到A向右的摩擦力
B．在如图乙中，B、C将一起匀速往下落
C．在如图乙中，A受到桌面向左的摩擦力为40N
D．在如图乙中，当水平用力拉A向左匀速直线运动时拉力为50N
【分析】B随A一起沿水平桌面做匀速运动，所以物体都处于平衡状态，受到平衡力的作用；
影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度。
【解答】解：Ga＝Gb＝Gc＝mg＝2kg×10N/kg＝20N；
A、AB一起向右匀速运动，AB之间没有相对运动趋势，B不受摩擦力的作用，故A错误；
BCD、图甲中，AB一起向右匀速运动，A受到的摩擦力为f1和向右的拉力是一对平衡力，大小相等，向右的拉力大小等于C物体的重力，即f1＝Gc＝20N；
在如图乙中，压力变为甲中压力的一半，接触面的粗糙程度不变，摩擦力变为甲的一半为10N，即f2＝10N，故C错误；
拉力大小为B、C的重力之和为：Gb+Gc＝20N+20N＝40N，
因为拉力大于摩擦力，故BC将一起加速往下落，故B错误；
在如图乙中，当水平用力拉A向左匀速直线运动时受到向右的拉力、向右的摩擦力、向左的拉力，因为压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为10N，向右的拉力为BC重力之和，为40N，故向左的拉力为：10N+40N＝50N，故D正确。
故选：D。
【点评】整体法与隔离法是受力分析中常用方法之一，应灵活应用；同时要注意受力分析要结合物体的运动状态同时进行分析。
8．（3分）水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时如图所示，A物体吊在绳子的下方且绳子对A物体有拉力，B悬浮，C漂浮在液面上，三个容器的液面相平。则下列判断正确的是（　　）

A．物体受到的浮力FB＞FC＞FA
B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙
C．液体对容器底的压强P甲＝P乙＝P丙
D．物体下表面受到液体的压力FA′＞FB′＝FC′
【分析】三个完全相同的长方体A、B、C，则其重力、密度、体积、底面积均相同，对甲图中的A进行受力分析，得出A的重力大于浮力假如没有绳子吊着，A会沉底，从而得出物体密度与甲液体的密度关系，根据物体浮沉条件得出物体与乙、丙液体的密度关系，进而得出三种液体的密度关系；
（1）物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮＞G，悬浮：F浮＝G，下沉：F浮＜G；
（2）此时容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，根据G＝mg和ρ＝结合图片分析三个容器内液体的重力大小，然后判断容器对桌面的压力大小；
（3）液体内部压强和液体的密度和液体的深度有关，根据p＝ρ液gh分析判断；
（4）物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力。
【解答】解：三个完全相同的长方体A、B、C，则其重力、密度、体积、底面积均相同；
对甲图中的A进行受力分析可知，A在重力、拉力和浮力的作用下保持平衡，浮力与拉力之和等于重力，故重力大于浮力，假如没有绳子吊着，A会沉底，所以，ρ＞ρ甲；乙图中B悬浮，故ρ＝ρ乙；丙图中C漂浮，故ρ＜ρ丙，所以三种液体的密度关系为：ρ甲＜ρ乙＜ρ丙。
A、A会沉底，则FB＜G，B悬浮，则FC＝G，C漂浮，则FC＞G，
所以物体受到的浮力关系为：FB＞FA＜FC；故A错误；
B、甲、乙、丙三个完全相同的容器，则重力相同；
由图可知，静止时液面相平，故放入物体前V甲液＝V乙液＜V丙液，
ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，
根据G＝mg和ρ＝可知，G甲液＜G乙液＜G丙液，
容器对桌面的压力等于容器、容器内物体和液体的重力之和，
所以，容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙，故B正确；
C、静止时液面相平，即h相等，ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，
所以，根据p＝ρ液gh可知，液体对容器底的压强关系为：p甲＜p乙＜p丙，故C错误；
D、因为物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力，因此A下表面受到的压力小于浮力；
B下表面受到的压力大于浮力，C上表面受到的压力为零，因此C下表面受到液体的压力等于浮力，
所以，物体下表面受到液体的压力关系为：F′A＜F′B＞F′C；故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了液体压强公式、阿基米德原理和物体浮沉条件的理解和掌握，理清题意，得出三种液体的密度关系是解决该题的关键，其难度较大。
二、填空题（每空1分，共12分．）
9．（2分）英国物理学家　牛顿　在总结前人的基础上，得出了运动与力的正确关系。意大利物理学家　托里拆利　首先测出了大气压强。
【分析】根据牛顿、托里拆利在物理学方面的贡献进行判断正误。
【解答】解：英国物理学家牛顿，在大量经验事实的基础上推理概括出的牛顿第一定律，得出了运动与力的正确关系；
意大利科学家托里拆利，利用一根玻璃管测出了大气压所能支持的水银柱的高度，是76cm＝760mm，水银柱的上方为真空，所以当时大气压等于76cm即760mm水银柱产生的压强，这也就是后来规定的1个标准大气压的大小。
故答案为：牛顿；托里拆利。
【点评】本题考查了物理学史，学好物理学史不仅是高中物理学习的要求，而且能增加我们对物理的学习兴趣，平时要注意物理学史的积累。
10．（2分）小明家电能表的表盘上有“2000r/kW•h”字样。若他关闭其它所有的用电器，只打开“220V 200W“的电视机刚好看了2个小时的动画片，则在这2个小时内，电视机消耗的电能为　0.4　kW•h，这段时间内电能表的转盘转了　800　圈。
【分析】先根据W＝Pt求出电视机单独工作2消耗的电能，利用“2000r/kW•h”求电能表转盘的转数。
【解答】解：
由P＝可得，电视机单独工作2h消耗的电能：
W＝Pt＝0.2kW×2h＝0.4kW•h，
电能表转盘的转数：
n＝2000r/kW•h×0.4kW•h＝800r。
故答案为：0.4；800。
【点评】本题考查了电能的计算，明确电能表参数“2000r/kW•h”的含义是关键。
11．（2分）如图所示，甲、乙两实心的正方体放在水平地面，若将它们的上面部分沿水平方向截去相同的高度后剩余部分对地面的压强相等，则切去之前，他们原来对地面的压强的大小关系为p甲　小于　p乙．若它们最初对地的压力相同，沿水平方向切去相同质量，则剩余部分对地的压强p甲′　小于　p乙′（选填“大于”、“小于”或“等于”）。

【分析】（1）甲、乙两实心的正方体放在水平地面上，对水平面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh，根据将它们的上面部分沿水平方向截去相同的高度后剩余部分对地面的压强相等得出甲乙的密度关系，然后利用p＝ρgh比较截去部分对水平面的压强大小，进而可得出他们原来对地面的压强的大小关系；
（2）根据p＝得出甲乙原来对地面的压强大小关系，根据题意得出剩余部分对地面的压力关系，再根据p＝得出剩余部分对地面的压强大小关系。
【解答】解：（1）甲、乙两实心的正方体放在水平地面上，
因为p＝＝＝＝＝＝ρgh，
将它们的上面部分沿水平方向截去相同的高度后剩余部分对地面的压强相等，
即p甲剩＝p乙剩，设截去的高度为h，
则有：ρ甲g（h甲﹣h）＝ρ乙g（h乙﹣h），
由图可知，h甲＞h乙，
所以，ρ甲＜ρ乙，
则p甲截＜p乙截，
所以，他们原来对地面的压强的大小关系为p甲＜p乙；
（2）根据p＝可得F＝pS，
它们最初对地的压力相同，
由图可知，S甲＞S乙，
所以，p甲原＜p乙原，
沿水平方向切去相同质量，则截去的部分重力相等，压力相等，
剩余部分对水平面的压力相等，
又因为S甲＞S乙，
故剩余部分对地的压强＜。
故答案为：小于；小于。
【点评】本题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式p＝ρgh（适用于实心柱体对支撑面的压强）和p＝进行分析解答。
12．（2分）水平桌面的台秤上放一个装有水的薄壁烧杯，如图所示，底面积为100cm2，一个不吸水的木块用细线系在烧杯底浸没于水中，木块的密度为0.5×103kg/m3，体积为200cm3，剪断细线后台秤的示数　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”），木块静止时烧杯底部受到水的压强减小了　100　Pa。

【分析】（1）把烧杯、水和木块作为一个整体，分析剪断细线前后台秤的读数。
（2）据题目的信息，结合阿基米德原理和漂浮条件，计算出木块漂浮时排开水的体积，进而得出烧杯内的液体下降的高度，从而根据液体压强的计算公式计算出减小的压强即可。
【解答】解：（1）把烧杯、水和木块作为一个整体，剪断细线后托盘受到的压力仍然等于烧杯、水和木块的重力之和，所以托盘受到压力的不变。
（2）最终木块漂浮，即F浮＝G物；
且F浮＝ρ液gV排，G物＝m物g＝ρ物gV，
所以ρ液gV排＝ρ物gV；
则此时木块排开水的体积：V排＝V＝×V＝0.5V＝0.5×200cm3＝100cm3；
所以木块排开水的体积减少量：△V排＝200cm3﹣100cm3＝100cm3；
液面降低的高度：
△h＝＝＝1cm＝0.01m；
则烧杯底部受到水的压强减小量：
△p＝ρg△h＝1000kg/m3×10N/kg×0.01m＝100Pa；
故答案为：不变；100；
【点评】此题考查了压强和浮力的理解和应用，是一道综合题，难度较大。
13．（2分）图所示的电路中，电源两端的电压为12V，且保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P位于A点时，电压表示数为U1，电流表示数为I1，电阻R1与滑动变阻器消耗的电功率之和为2.88W；当滑片P位于B点时，电压表示数为U2，电流表示数为I2，电阻R1与滑动变阻器消耗的电功率之和为2.52W．已知：U1：U2＝4：7，电阻R1与R2之比为1：3。
求：（1）电流I1与I2之比；（2）电压表U2的示数。

【分析】（1）先画出滑片P分别位于A、B点时的等效电路；然后用电压和电流表示出电路消耗的总功率之比，已知电路消耗的总功率和电压之比，即可求出电流之比；
（2）根据等效电路和已知条件电阻R1与R2的比值，求出等效电路中的电流之比，同时得出电阻之间的关系；再根据图乙用电阻表示出电源电压和U2的关系，即可求出电压表U2的示数。
【解答】解：闭合开关S，当滑片P分别位于A、B点时，等效电路分别如图甲、乙所示；
（1）由图甲、乙：∵＝＝且
∴＝＝•＝
∴＝
（2）由图甲、乙：∵U一定 且＝
∴＝＝＝
∴RB＝2RA+4R1
又∵＝＝＝
∴RA＝R1 RB＝6R1
由图乙：∵I2一定∴＝＝＝
∴U2＝U＝0.7×12V＝8.4V

【点评】此题是有关欧姆定律、电功率的综合计算题目。在解题过程中，注意电路的分析，根据已知条件分析出各种情况下的等效电路图，同时要注意在串联电路中各物理量之间的关系，结合题目中给出的已知条件进行解决。
三、解答题（共2小题，满分4分）
14．（2分）如图，画出物体对接触面的压力示意图

【分析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
【解答】解：物体对斜面的压力，作用点在物体与斜面接触面的中点处，过压力的作用点，作垂直于斜面向下的力，即为压力的示意图，如下图：

【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
15．（2分）在图中标出螺线管上方小磁针自由静止时的南极。

【分析】知道电源正负极，即可知通电螺线管的电流方向，根据安培定则判断螺线管的磁极；根据磁极间的作用判断小磁针的磁极。
【解答】解：如图，电源的左端是正极，说明电流从螺线管的左端进入、从右端流出，根据安培定则知，螺线管的右端是N极，左端是S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是N极，右端是S极。如图所示：

【点评】知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一个都可以判断另外几个。
三、实验探究题（本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分．）
16．（6分）在“测量物体的密度”的实验中，老师提供了如下器材：天平、量筒、电子秤、不吸水石块若干、细线、水。

小明用天平和量筒进行测量，步骤如下：
（1）把天平放在水平工作台上，用　镊子　将游码置于标尺左端的零刻度处，发现指针偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向　左　调节（选填“左”或“右”），使天平横梁水平平衡。
（2）用调好的天平测矿石的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图甲所示时，天平平衡，则此矿石的质量是　73.4　g； 在量筒内装有适量的水，该矿石放入前、后的情况如图乙所示，则矿石的体积是　20　cm3，此矿石的密度是　3.67×103　kg/m3。
（3）实验后，小明发现所使用的50g的砝码生锈了，那么他所测量的矿石密度将比实际矿石的密度　偏小　 （选填“偏大”或“偏小”）。
【分析】（1）调节天平平衡时，先把天平放在水平工作台上，用镊子将游码置于标尺左端的零刻度处；指针偏左，应向右调节平衡螺母；指针偏右，应向左调节平衡螺母；直到指针指在分度盘的中线处；
（2）物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的刻度值，根据排水法求出物体的体积，根据ρ＝求矿石的密度；
（3）生锈会使砝码的质量增大，再根据砝码质量的变化推断测量质量的变化，根据ρ＝求测量值的变化。
【解答】解：（1）把天平放在水平工作台上，用镊子将游码置于标尺左端的零刻度处，发现指针偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向左调节，使天平横梁水平平衡。
（2）用调好的天平测矿石的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图甲所示时，天平平衡，标尺的分度值为0.2g，则此矿石的质量是50g+20g+3.4g＝73.4g；
量筒内装有20cm3的水，该矿石放入后总体积为40cm3，则矿石的体积V＝40cm3﹣20cm3＝20cm3，
此矿石的密度：
ρ＝＝＝3.67g/cm3＝3.67×103kg/m3。
（3）所使用的50g的砝码生锈了，砝码生锈后质量会增大，这样用较少的砝码或少移动游码就可以使天平横梁水平平衡，因此，测得的质量会偏小，根据ρ＝知，他所测量的矿石密度将比实际矿石的密度偏小。
故答案为：（1）镊子；左；（2）73.4；20；3.67×103；（3）偏小。
【点评】本题测量物体的密度，考查天平的调节、使用和密度测量及误差分析。
17．（6分）小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器R1“50Ω1A”、R2“100Ω1A”各一个、电流表（0～0.6A、0～3A）电压表（0～3V、0～15V）学生电源（电压恒为6V）、开关、导线若干。
（1）用笔画线代替导线将图甲的实物电路补充完整（要求滑片右移灯泡变暗，且导线不交叉）。
（2）连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表示数均为0，经检查电表完好，则故障可能是　C　
A．小灯泡断路 B．小灯泡短路
C．滑动变阻器断路 D．滑动变阻器短路
（3）故障排除后，小明移动滑片P，当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向　左　（选填“左”或“右”移动，使电压表的示数达到额定电压，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　0.85　W。
（4）小明根据实验中获得的6组数据绘制的小灯泡的“I﹣U”图象如图丙所示，则本实验中小明选择的滑动变阻器是　R2　，（选填“R1”或“R2”）。由图象可知小灯泡的电阻随温度的升高而　增大　（选填“增大”、“不变”或“减少”）。
（5）完成上述试验后，小明又找来5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω的电阻各一个，选择滑动变阻器R2来完成探究“电流与电阻的关系”的实验，电流表选择0～0.6A，要完成这五次实验，应控制的电压表示数的范围为　2V﹣3V　。
【分析】（1）根据滑片右移灯泡变暗确定变阻器的连接，根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用的量程与灯并联；
（2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电