下半年软考网络工程师考试试题答案.doc

　1、B
　　解析：pc不可以存储算术/逻辑运算结果。
　　2、A
　　解析：CISC的指令系统对应的控制信号复杂，大多采用微程序控制器方式。
　　3、D
　　解析：A说的是奇偶校验码，错误;
　　B的错误在于码距不能等于1;
　　C的错误在于CRC不具有纠错能力。
　　4、B
　　解析：A、C、D都有明显错误。
　　5、D
　　解析：Jackson是面向数据结构的设计方法。
　　6、A
　　解析：常识
　　7、C
　　解析：在软件生命周期中的任何一个阶段，只要软件发生了改变，就可能给该软 件带来问题。软件的改变可能是源于发现了错误并做了修改，也可能是因为在集 成或维护阶段加入了新的模块。当软件中所含错误被发现时，如果错误跟踪与管 理系统不够完善，就可能会遗漏对这些错误的修改;而开发者对错误理解的不够 透彻，也可能导致所做的修改只修正了错误的外在表现，而没有修复错误本身， 从而造成修改失败;修改还有可能产生副作用，从而导致软件违背修改的部分产 生新的问题，使本来工作正常的功能产生错误。同样，在有新代码加入软件是， 除了新加入的代码中可能含有错误外，新代码还有可能对原有的代码带来影响。 因此，每当软件发生变化时，我们就必须重新测试现有的功能，以便确定修改是 否达到了预期的目的，检查修改是否损害了原有的功能。同时，还需要补充新的 测试用例来测试新的或被修改了的功能。为了验证修改的正确性极其影响就需要 进行回归测试。
　　8、B
　　解析：常识
　　9、D
　　解析：常识
　　试题解析：
　许可贸易实际上是一种许可方用授权的形式向被许可方转让技术使用权同时也让度一定市场的贸易行为，根据其授权程度大小，许可贸易可分为如下五种形式：
　　(1)独占许可，这是指在合同规定的期限和地域内，被许可方对转让的技术享有独占的使用权，即许可方自己和任何第三方都不得使用该项技术和销售该技术项下产品。所以这种许可的技术使用费是最高的。
　　(2)排他许可，又称独家许可，它是指在合同规定的期限和地域内，被许可方和许可方自己都可使用该许可项下的产品，便许可方不得再将该项技术转让给第三方，排他许可是仅排除第三方面不排除许可方。
　　(3)普通许可，它是指在合同规定的期限和地域内，除被许可方该允许使用转让的技术和许可方仍保留对该项技术的使用权之外，许可方还有权再向第三方转让该项技术。普通许可是许可方授予被许可方权限最小的一种授权，其技术用费也是最低的。
　　(4)可转让许可，以称分许可，它是指被许可方经许可方允许，在合同规定的域内，将其被许可所获得的技术使用权全部或部分地转售给第三方。通常只有独占许可或排他许可的被许可方才获得这种可转让许可的授权。
　　(5)互换许可，又称交叉许可，这是指交易或各方面以其所拥有的知识产权或专有技术，按各方都同意的条件互惠交换技术的使用权，供对方使用，这种许可多适用于原发明的专利权人与派生发明的专利权人之间。
　　答案：(10)A
　　E1的一个时分复用帧的传送时间为125US,即每秒8000次，
　　一个帧的传送时间被划分为32相等的子信道，信道的编号为CHO-CH31,其中信道CHO用作帧同步用，信道CH16用来传送信令，剩下CH1-
　　CH15和CH17-CH31,共30个信道可用于用户数据传输。
答案：(11)D (12)C
　　4B/5B 编码是将欲发送的数据流4bit作为一个组，然后按照4B/5B编码规则将其转换成相应5bit码。5bit码共有32种组合，但只采用其中的16种作为数据码对应4bit码，其它的16种或者未用，或者作为控制码用于表示帧的开始和结束、光纤线路的状态(静止、空闲、暂停)等。4B/5B 编码可以在NRZ-1编码的基础上实现，但由于NR1-1编码，(非归零反相编码)没有解决传输比特0的同步问题，因此，4B/5B编码的设计目的是保证整个传输数据信息(不包括控制信息)的过程中，无论是单组编码还是相邻编码，都不会出现超过3个连续“0”的情况，通过4B/5B的特别编码方式，解决传输中的同步问题。
　　答案：(13)A (14)C
　　两种编码都在比特间隙中央有跳变，说明它们都属于双相位编码。因此(15)答案只能在A、C中选择。
　　如果(15)题选A，则X为差分曼彻斯特编码，差分曼彻斯特编码的比特间隙的跳变仅用于携带同步信息，同不比特是通过在比特间隙开始位
　　置是否有电平跳变来表示。每比特的开始位置没有电平跳变表示比特1,有电平跳变表示比特0.
　　如果将X编码当做差分曼彻斯特编码，其数据应该是?11010111(第一位编码由于无法预知其前状态，因此只能用?表示)。Y编码可能是
　　“011101100”或“100010011”,显然差分曼彻斯特编码和曼彻斯特编码的结果对应不上，因此A是错误的。
　　如果(15)题选C，则y为差分曼彻斯特编码，其数据应该是?10011010.X编码可能是“010011010”或“101100101”。显然第一个结果能够
　　与差分曼彻斯特编码的结果匹配。所以可以判定该数据为010011010.
　　(15)C　　(16)B
　　试题解析：
　　这个信号明显是属于相位调制，在(17)题的备选答案中，PSK是相移键控，满足题意，DPSK(Differential Phase Shift Keying,差分相移
　　键控)波形的同一个相位并不一定代表相同的数字信号，而前后码元的相对相位才能唯一地确定数字信息，所以只要前后码元的相对相位关
　　系不破坏，就可正确恢复数字信息。这就避免了绝对PSK方式中的“倒π"现象的发生，因此得到广泛的应用。
在数字信号中，一具数字脉冲称为一个码元(Symbol),一次脉冲的持续时间称为码元的宽度。码元速率(Symbol　Rate)表示单位时间内信
　　号波形的最大变换次数，即单位时间内通过信道的码元个数。码元速率即数字信号中的波特率，所以码元速率的单位也为baud/s.在这个信号
　　中，由于码元宽度为2个载波信号周期，因此其码元速率为1200baud/s.
　　答案(17)B (18)C
　　要的时间是___(20)___.
　　(19) A.480ms B. 645ms C 630ms D 635ms
　　(20) A 70ms B 330 ms C 500 ms D 600ms
　　答案：(19) D (20) A
　　试题解析：
　　电信号在铜缆上的传播速度大致为光速的2/3，也就是每秒20万公里。
　　(19)题的答案是总传输时间=传输延迟时间+数据帧的发送时间=2000/200000+3000/4800=10ms+625ms=635ms.
　　(20)题有些含混，毕竟信号要先发到太空的卫星上，再转发到2000km外的接收站，因此总距离不可能还是2000km。不过题目没有提供相关数据，因此就还是使用2000km当做传输距离。总传输时间=传输延迟时间+数据帧的发送时间=2000/300000+3000/50000=6.7ms+50ms=66.7ms。在所有备选答案中，也就只有A比较相近，那么也就只有选A了。至于多出来的3.3ms，就当是上天下地增加的传输延迟。
(21)B
　　试题解析：
　　选择重传ARQ协议必须严格控制窗口的大小，使得W小于等于2的(k-1)次方(A为帧编号字段长)，否则接收方可能会把重发的帧当作新的帧，造成协议的失败。
　　(22) D (23) B
　　试题解析：
　　RIP是基于D-V算法的路由协议，由于D-V算大存在着路由收敛速度慢的问题，因此RIPv2采用了触发更新等机制来加速路由计算。
　　RFC 1388对RIP协议进行了扩充，定义了RIPv2。RIPv1 使用广播方式进行路由更新，RIPv2改为组播方式进行路由更新。RIPv2使用的组播地址是224.0.0.0.
　　RIPv1不具备身份验证功能，这样就存在有安全漏洞。RIPv2支持两种类型的身份验证;明文口令和MD5散列口令。明文口令安全性差，不推荐使用。当使用MD5散列口令时，发送方使用MD5单向散列函数将路由更新消息和口令一起计算出一个摘要值，然后将路由鞥新消息和摘要值一起发送出去;接收方收到路由更新消息后，使用相同的方法也计算出一个摘要值，将接收到的摘要值和自己计算出来的摘要值进行对比，如果想到，说明双方使用了相同的MD5散列口令。由于MD5散列口令并非直接在网络上以明文形式进行传输，因此具有较高的安全性。
　　使用共同口令的路由器构成了一个身份验证区域。一个网络中的路由器使用多个口令时，就可以构成多个身份验证区域。因此，RIPv2可以通过设置不同的身份验证口令来限制路由信息的传播。
　　RIPv2的每个路由记录都携带有自己的子网掩码，因此实现了对CIDR(Class Inter-Domain Routing，无类域间路由)VLSM(Variable Length Subnerwork Mask，可变长子网掩码)和不连续子网的支持。但不涉及对NAT的支持。
　　水平分割方法的原理是：路由器必须有选择地将路由表中的路由信息发送给相邻的其他路由器，而不是发送整个路由表。具体地说，即一条路由信息不会被发送给该信息的来源方。
(24) C (25) D
　　试题解析：
　　如果将区域看成一个节点，则OSPF是以主干区域(area0)为顶点，其他区域为终端的星形拓扑结构。
　　标准区域可以接受链路更新信息和路由总结。存根区域是不接受自治系统以外的路由信息的区域。如果需要自治系统以外的路由，它使用默认路由0.0.0.0.
　　完全存根区域不接受外部自治系统的路由以及自治系统内其他区域的路由总结，需要发送到区域外的报文则使用默认路由0.0.0.0。完全存根区域是Cisco自己定义的。
　　不完全存根区域类似于存根区域，但是允许接收以LSAType7发送的外部路由信息，并且要把LSAType7转换成LSAType5.
　　答案：(26)B
　　MPLS提供多种协议的接口，如IP、ATM、帧中继、资源预留协议(RSVP)开放最短路径优先(OSPF)等，MPLS将IP地址映射为简单的具有固定长度的标签，用于不同的包转发和包交换技术。
　　(27)A 　　(28)C　　(29)  C
　　s命令显示系统正在运行的进程，参数：e列出系统所有进程，f列出详细清单。
　　显示各列为：
　　UID:运行进程的用户
　　PID:进程的ID
　　PPID:父进程的ID
　　C:进程的CPU使用情况(进程使用占CPU时间的百分比)
　　STIME:开始时间
　　TTY:运行此进程的终端或控制台
　　TIME:消耗CPU的时间总量
　　CMD:产生进程的命令名称
　　Linux操作系统内核被加载入内存后，开始掌握控制权，接着，它将完成对外围设备的检测，并加载相应的驱动程序，如软驱、硬盘、光驱等。
然后，系统内核调度系统的第一个进程，init进程。
　　作为系统的第一个进程，init的进程ID(PID)为1.它将完成系统的初始化工作，并维护系统的各种运行级别，包括系统的初始化、系统结束单用户运行模式和多用户运行模式。
　　在Linux系统中，大部分的服务进程(daemon)都会设置成在系统启动时自时执行。服务进程是指在系统中持续执行的进程。但是，过多进程同时执行必然会占据更多的内存、CUP时间等资源，从而使系统性能下降，为了解决这个问题，Linux系统提供了一个超级服务进程：inetd/xindtd.
　　inetd/xindtd 总管网络服务，使需要的程序在适当时候执行。当客户端没有请求时，服务进程不执行;只有当接受到客户端的某种服务器请求时，inetd/xindtd根据其提供的信息去启动相应的服务进程提供服务。
　　inetd/xindtd负责监听传输层协议定义的网络端口，当数据包通过网络传送到服务器时，inetd/xindtd　根据接收数据包的端口判断是哪个功能的数据包，然后调用相应的服务进程进行处理。除Red Hat Linux7　使用xinetd来提供这个服务外，大部分版本的Linux系统都使用inetd.
　　答案(30) B (31) C (32)A
　　试题解析：
　　inetd.conf是系统超级服务进程inetd的配置文件。
　　lilo.conf是操作系统启动程序LILO的配置文件。
　　httpd.conf是web服务器Apache的配置文件。
　　resolv.conf是DNS解析的配置文件。
　　答案：(33) C
　　试题解析：
　　常识。
　　答案：(34) B
　　试题解析：
　　route add的格式是：

答案：(35) D (36) A
　试题解析：
　　Microsoft 管理控制台(MMC)集成了可以用于管理网络、计算机、服务和其他系统组件的管理工具。它不仅仅是一个网络组件。
　　答案：(37) D
　　试题解析：
　　RAID级别 　说明
　　RAID0 0级廉价冗余磁盘阵列是一种不具备容错能力的阵列。由N个磁盘存储器组成的0级阵列，其平均故障间隔时间(MTBF)是单个磁盘存储器的N分之一，但数据传输率是单个磁盘存储器的N倍
　　RAID1 1级廉价冗余磁盘阵列是采用镜像容错技术改善可靠性的一种磁盘阵列
　　RAID2 2级廉价冗余磁盘阵列是采用海明码作错误检测的一种磁盘阵列
　　RAID3 3级廉价冗余磁盘阵列减少了用于检验的磁盘存储器的台数，从而提高了磁盘阵列的有效容量。一般只有一个检验盘
　　RAID4 4级廉价冗余磁盘阵列是一种可独立地堆组内各磁盘进行读写的磁盘阵列，该阵列也只用一个检验盘
　　RAID5 5级廉价冗余磁盘阵列是对RAID4的一种改进，它不设置专门的检验盘。同一台磁盘上既记录数据，也记录检验信息。这就解决了前面多台磁盘机争用一台检验盘的问题
　　答案：(38) A
　　试题解析：
　　类型 描述 数据速率 模式 应用
　　IDSL ISDN数字用户线路 128Kbps 对称 ISDN服务于语音和数据通信
　　HDSL 高数据速率数字用户线路 1.5Mbps~2Mbps 对称 T1/E1服务于WAN、LAN访问和服务器访问
　　SDSL 单线对数字用户线路 1.5Mbps~2Mbps 对称 与HDSL应用相同，另外为对称服务提供场所访问
　　ADSL 非对称数字用户线路 上行：最高640Kbps 非对称 Internet访问，视频点播、单一视频、远程LAN访问、交互多媒体
　　下行：最高6Mbps
　　G.Lite 无分离数字用户 上行：最高 512Kbps 非对称 标准ADSL;在用户场所无需安装
（39） B

　　(40) D
　　试题解析
　　常识
　　(41) C
　　试题解析：
　　在Kerberos系统中，使用Sec序列号用来防止重发攻击。
　　(42) C
　　试题解析：
　　Worm代表蠕虫;
　　CIH是台湾人陈盈豪编写的一种能攻击硬件的病毒;
　　Trojan代表木马，来源于古希腊荷马史诗中木马破城的故事(Yrojan一词的本意是特洛伊)。木马可以进行远程控制。
　　Melissa是一中快速传播的能够感染那些使用MS Word 97和MS Office 2000的计算机宏病毒。
　　(43) C
　　试题解析：
　　ip access-group acl_id in|out 在指定端口上启动ACL
　　(44) A (45) B (46) C
　　试题解析：
　　需注意的是：数字证书里没有私钥。
　　(47) B
　　试题解析：
　　AH(Authentication Header，认证头)是IPSec体系结构中的一种主要协议，它为IP数据报提供完整性检查与数据源认证，并防止重发攻击。
　AH不提供数据加密法务，加密服务由ESP(Encapsulating Security Payload，封装安全载荷)提供。ESP提供数据内容的加密，根据用户安全要求，ESP既可以用于加密IP数据报的负载内容(如：TCP\UDP\ICMP\IGMP)，也可以用于加密整个IP数据报。
　　进行IPSec通讯前必须先在通信双方建立SA(安全关联)。IKE(Internet Key Exchange，因特网密匙交换)是一种混合型协议，用于动态建立SA，它沿用了ISAKMP(Internet Security Asscciation and Key Management Protcol ，Internet安全协作和密匙管理协议)的框架、Oakley的模式(Oakley描述了一系列的密匙交换模式，提供密匙交换和刷新功能)以及SKEME(Secue Key Exchange Mechanism，Internet安全密匙交换机制)(SKEME描述了通用密匙交换技术，提供匿名性、防抵赖和快速刷新等功能)的共享和密匙更新技术，提供密码生成材料技术和协商共享策略。
　　TGS(Ticket Granting Server)是Kerberos的票据授权服务器。
　　(48) D
　　试题解析：
　　常识
　　(49)B
　　(50)B
　　试题解析：
　　CIDR每次必考，由于主机位有11位，因此可分配的主机地址有 -2=2046，但是备选答案中没有2046。首先，2048和2056两个答案都是可以排除的，接下来分析2032和2000两个备选答案。
　　如果误以为CIDR中的各成员网络的主机位全“0”和“1”地址都不可使用(即192.24.0.0、192.24.0.255、······、192.24.7.0、192.24.7.255)，那也只有16个地址而已，即便如此，可分配的地址也有) -16=2030个，离答案A比较接近。
下午题
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试题一(共15分)
　　【问题1】(4分)
　　(1)、接入层
　　(2)、POE或以太端口
　　【问题2】(6分)
　　(3)11
　　(4)54
　　(5)D
　　(6)C
　　(7)A
　　(8)E
　　【问题3】(5分)
　　(9)SSID或服务集标识符
　　(10)MAC或以太网网卡物理地址
　　(11)WEP
　　(12)WPA-PSK/WPA2-PSK
　　(13)A
　　试题二(共15分)
　　【问题1】(4分)
　　(1)abc.edu
　　(2)www
【问题2】(3分)
　　(3)用IP地址查询对应的域名，或者根据IP地质查询相应的域名
　　(4)210.43.16
　　(5)www.abc.edu
　　【问题3】(3分)
　　选中【启用转发器】复选框(1分)，在【IP地址】文本框中输入51.202.22.18，单击【添加】按钮(1分)，在【确认】或【应用】按钮(1分)
　　【问题4】(2分)
　　(6)A
　　【问题5】(3分)
　　故障原因：计算机PC5的默认网关地址参数设置有误
　　解决办法：将计算机PC5的默认网关修改为192.168.0.3
　　试题三(共15分)
　　【问题1】(1分)
　　(1)A