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2021广东高考云浮市四会一中模拟三物理试题-Word版含解析.docx
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1、2021年广东省云浮市四会一中高考物理模拟试卷(三)一、选择题(共4小题,每小题4分,满分16分)1(4分)如图所示,一根轻弹簧上端固定在O点,下端拴一个钢球P,球处于静止状态现对球施加一个方向向右的外力F,使球缓慢偏移,在移动中的每一个时刻,都可以认为钢球处于平衡状态若外力F的方向始终水平,移动中弹簧与竖直方向的夹角90,且弹簧的伸长量不超过其弹性限度,则下图给出的弹簧伸长量x与cos的函数关系图象中,最接近的是() A B C D 【考点】: 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;胡克定律【专题】: 压轴题;共点力作用下物体平衡专题【分析】: 以小球为争辩对象,分析受力状况,由平
2、衡条件和胡克定律得到弹簧的伸长量与cos的关系式,再选择图象【解析】: 解:对小球进行争辩,分析受力状况:重力mg、水平外力F和弹簧的弹力f由平衡条件得 f=又由胡克定律得f=kx则有 kx=得 x=由数学学问得知,k、mg肯定,x与cos成反比,选项D正确故选D【点评】: 本题是平衡条件与胡克定律的综合应用,分析受力状况是解题的关键,得到解析式再选择图象2(4分)在如图所示的闭合铁芯上绕有一组线圈,与滑动变阻器、电池构成闭合电路,a、b、c为三个闭合金属圆环,假定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内,则当滑动变阻器的滑片左、右滑动时,能产生感应电流的金属圆环是() A a、b两个环 B b、c两个
3、环 C a、c两个环 D a、b、c三个环【考点】: 感应电流的产生条件【分析】: 由题,线圈产生的磁场全部集中在铁芯内,当滑动变阻器的滑片左、右滑动时,线圈中电流将发生转变,产生的磁场随之转变,a、b两环中磁通量会发生转变,即可知道有无感应电流产生而c环中总磁通量为零,保持不变,则知没有感应电流产生【解析】: 解:据题意,线圈产生的磁场全部集中在铁芯内,依据安培定则推断可知,穿过a的磁感线方向向左,穿过b的磁感线向上,a、b两环都有磁通量当滑动变阻器的滑片左、右滑动时,线圈中电流将发生转变,产生的磁场随之转变,a、b两环中磁通量会发生转变,故a、b两环中将产生感应电流而向左和向右穿过c环的磁
4、感线条数相等,完全抵消,总的磁通量为零,不发生变化,故c环中没有感应电流产生故A正确,BCD错误故选A【点评】: 推断有无感应电流产生,要紧扣感应电流产生的条件:穿过闭合电路的磁通量发生变化,对于有两种磁感线穿过线圈时,要看抵消后总的磁通量是否变化3(4分)假如一颗做匀速圆周运动的人造地球卫星的轨道半径增大到原来的2倍,仍做匀速圆周运动,则() A 依据公式v=r,可知卫星运动的线速度将增大到原来的2倍 B 依据公式F=m可知卫星所需的向心力将削减到原来的 C 依据公式F=G可知地球供应的向心力将增加到原来的 D 依据上述(B)和(C)给出的公式,可知卫星运动的线速度将削减到原来的【考点】:
5、人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】: 人造卫星问题【分析】: 人造卫星做圆周运动,万有引力供应向心力,当轨道半径变化时,万有引力变化,卫星的线速度、角速度、周期随着变化,所以,不能用向心力的表达式来争辩一些物理量的变化留意理解把握变量法【解析】: 解:A、争辩卫星绕地球做匀速圆周运动,依据万有引力供应向心力,=m=m2r=ma=mr当轨道半径变化时,万有引力变化,卫星的角速度=,随着变化,所以,不能用公式v=r争辩卫星的线速度变化,故A错误;B、当轨道半径变化时,万有引力变化,卫星的线速度v=,随着变化,所以不能用公式F=m争辩卫星的向心力变化,故B错误;C、依据公式F=G,可知地球供
6、应的向心力将削减到原来的,故C错误;D、依据上述B和C给出的公式,卫星的线速度v=,可知卫星运动的线速度将削减到原来的,故D正确;故选:D【点评】: 人造卫星做圆周运动,万有引力供应向心力,卫星的线速度、角速度、周期都与半径有关,争辩这些物理量时要找准公式,正确使用把握变量法4(4分)如图所示,小球从竖直砖墙某位置静止释放,用频闪照相机在同一底片上多次曝光,得到了图中1、2、3、4、5所示小球运动过程中每次曝光的位置连续两次曝光的时间间隔均为T,每块砖的厚度为d依据图中的信息,下列推断错误的是() A 位置“1”是小球释放的初始位置 B 小球做匀加速直线运动 C 小球下落的加速度为 D 小球在
7、位置“3”的速度为【考点】: 匀变速直线运动规律的综合运用【分析】: 小球做的匀加速直线运动,依据相机的曝光的时间间隔相同,由匀变速直线运动的规律可以求得【解析】: 解:由图可以知道每两个相邻的点之间的距离差是一样的,由x=at2 可知,a=,所以BC的说法正确;由于时间的间隔相同,所以2点瞬时速度的大小为1、3之间的平均速度的大小,所以V2=,依据V=V0+at可知点1的速度大小是V1=V2at=T=,所以A错误;点3的瞬时速度的大小为2、4之间的平均速度的大小,所以V3=,所以D正确本题选错误的,故选A【点评】: 中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度的大小,利用这个结论可以很简洁的求得
8、物体在某时刻的瞬时速度的大小,对于物理中的一些结论和推论在平常的学习中要把握住并会用二、双项选择题:本题包括5小题,每小题6分,共30分在每小题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,只选一个且正确的得3分,有选错或不答的得0分5(6分)如图所示,导热性能良好的气缸内用活塞封闭肯定质量的空气,气缸固定不动,外界温度恒定一条细线左端连接在活塞上,另一端跨过定滑轮后连接在一个小桶上,开头时活塞静止现在不断向小桶中添加细沙,使活塞缓慢向右移动(活塞始终未被拉出气缸)忽视气体分子间相互作用,则在活塞移动过程中,下列说法正确的是() A 气缸内气体的分子平均动能变小 B 气缸内气体的
9、压强变小 C 气缸内气体向外放出热量 D 气缸内气体从外界吸取热【考点】: 抱负气体的状态方程【专题】: 抱负气体状态方程专题【分析】: 以活塞为争辩对象,依据力平衡得知气缸内气体的压强渐渐减小,气体体积增大,气体对外界做功由于气缸是导热的,气体的温度与环境相等,保持不变,其内能不变【解析】: 解:A、由于气缸是导热的,气体的温度与环境相等,保持不变,其内能和分子的平均动能不变故A错误;B、气体的体积增大,依据抱负气体的状态方程=C可知,气体的压强减小故B正确;C、D、气体的体积增大,气体要对外做功,由于气体的内能不变,依据热力学第肯定律E=W+Q可知,气体要从外界吸取热量,故C错误,D正确故
10、选:BD【点评】: 该题结合抱负气体的状态方程考查热力学第肯定律,解答的关键是运用力学学问分析气体压强如何变化,同时抓住肯定质量的抱负气体的内能只跟温度有关6(6分)如图所示,在水平放置的平行板电容器之间,有一带电油滴P处于静止状态,若从某时刻起,油滴所带的电荷开头缓慢减小,为维持该油滴仍处于静止状态,可实行下列哪些措施() A 其他条件不变,使电容器两极板缓慢靠近 B 其他条件不变,使电容器两极板缓慢远离 C 其他条件不变,将变阻器的滑片缓慢向左移动 D 其他条件不变,将变阻器的滑片缓慢向右移动【考点】: 电容器的动态分析;闭合电路的欧姆定律【专题】: 电容器专题【分析】: 带电油滴P原来处
11、于静止状态,电场力与重力平衡,若油滴所带的电荷开头缓慢减小,为维持该油滴仍处于静止状态,电场强度应缓慢增大仅仅转变板间距离,板间场强不变,P将向下运动依据电容器的电压等于电阻R的电压,将变阻器的滑片缓慢向左移动时,电阻R的电压缓慢增大,油滴仍处于静止状态【解析】: 解:A、B带电油滴P原来处于静止状态,电场力与重力平衡使容器两极板缓慢靠近时,由电容器的电压不变,场强增大,油滴所带电量减小,由F=qE电场力可能不变,仍处于静止状态同理,器两极板缓慢远离时,油滴向下运动,故A正确,B错误 C、其他条件不变,将变阻器的滑片缓慢向左移动,变阻器接入电路的电阻减小,电路中电流增大,电阻R的电压增大,电容
12、器的电压缓慢增大,可保持油滴P处于静止状态故C正确 D、其他条件不变,将变阻器的滑片缓慢向右移动,变阻器接入电路的电阻增大,电路中电流减小,电阻R的电压减小,电容器的电压缓慢减小,微粒所受电场力减小,油滴P将向下运动故D错误故选C【点评】: 本题电容器动态变化分析与电路动态变化分析的综合,留意抓住电容器的电压与电阻电压的关系进行分析7(6分)如图所示,一根不行伸长的轻绳两端各系一个小球a和b,跨在两根固定在同一高度的光滑水平细杆上,质量为3m的a球置于地面上,质量为m的b球从水平位置静止释放,当a球对地面压力刚好为零时,b球摆过的角度为下列结论正确的是() A =90 B =45 C b球摇摆
13、到最低点的过程中,重力对小球做功的功领先增大后减小 D b球摇摆到最低点的过程中,重力对小球做功的功率始终增大【考点】: 机械能守恒定律;牛顿其次定律;向心力;功率、平均功率和瞬时功率【专题】: 压轴题;机械能守恒定律应用专题【分析】: 假设小球a静止不动,小球b下摆到最低点的过程中只有重力做功,机械能守恒,求出最低点速度,再依据向心力公式和牛顿其次定律列式求解出细线的拉力;对于重力的瞬时功率,可以依据P=Fvcos分析【解析】: 解:A、B、假设小球a静止不动,小球b下摆到最低点的过程中,机械能守恒,有mgR= 在最低点,有Fmg=m 联立解得F=3mg故a小球始终保持静止,假设成立,当小球
14、b摆到最低点时,小球a恰好对地无压力,故A正确,B错误;C、D、小球b加速下降过程,速度与重力的夹角不断变大,刚开头,速度为零,故功率为零,最终重力与速度垂直,故功率也为零,故功领先变大后变小,故C正确,D错误;故选AC【点评】: 本题关键对小球b运用机械能守恒定律和向心力公式联合列式求解,同时结合瞬时功率的表达式P=Fvcos进行推断8(6分)图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线,两粒子M、N质量相等,所带电荷的确定值也相等,现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出,两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示点a、b、c为实线与虚线的交点,已知O点电势高于c点若不计重力,则(
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