【2022届走向高考】高三数学一轮(人教B版)基础巩固:第2章-第5节-对数与对数函数.docx
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其次章 第五节 一、选择题 1.(2022·四川泸州一诊)2lg2-lg的值为( ) A.1 B.2 C.3 D.4 [答案] B [解析] 2lg2-lg=lg(22÷)=lg100=2,故选B. 2.(文)为了得到函数y=ln的图象,只需把函数y=lnx的图象上全部的点( ) A.向左平移3个单位长度,再向上平移1个单位长度 B.向右平移3个单位长度,再向上平移1个单位长度 C.向左平移3个单位长度,再向下平移1个单位长度 D.向右平移3个单位长度,再向下平移1个单位长度 [答案] D [解析] 由y=ln得到y=ln(x-3)-1,由y=lnx图象上全部点向右平移3个单位,得到y=ln(x-3)的图象,再向下平移一个单位得到y=ln(x-3)-1的图象.故选D. (理)(2021·江苏无锡)函数y=log2的图象( ) A.关于原点对称 B.关于直线y=-x对称 C.关于y轴对称 D.关于直线y=x对称 [答案] A [解析] 由>0得-2<x<2,f(-x)=log2=-log2=-f(x),∴f(x)为奇函数,∴选A. 3.(文)(2021·湖北省教学合作十月联考)已知a=(),b=log5,c=,则a,b,c的大小关系是( ) A.a>b>c B.c>a>b C.a>c>b D.c>b>a [答案] B [解析] a=()=<;c==log53>log5=;b=log5<log51=0,故c>a>b. (理)(2021·湖南模拟)下面不等式成立的是( ) A.log32<log23<log25 B.log32<log25<log23 C.log23<log32<log25 D.log23<log25<log32 [答案] A [解析] log32<1<log23<log25,故选A. 比较对数式的值大小的方法: ①利用中间量0、1. (2022·河北石家庄一模)已知a=3,b=,c=log2,则( ) A.a>b>c B.b>c>a C.c>b>a D.b>a>c [答案] A [解析] 由于3>1,0<<1,c=log2<0, 所以a>b>c,故选A. ②指数互化 (2022·湖北省重点中学联考)∀α∈(,),x=,y=,则x与y的大小关系为( ) A.x>y B.x<y C.x=y D.不确定 [答案] C [解析] 由于logπx=logπsinαlogπcosα,logπy=logπsinα·logπcosα,所以logπx=logπy,所以x=y,故选C. ③作差法 (2022·山东临沂市重点中学月考)若x∈(e-1,1),a=lnx,b=2lnx,c=ln3x,则( ) A.a<b<c B.c<a<b C.b<a<c D.b<c<a [答案] C [解析] 由于x=(e-1,1),所以-1<a=lnx<0,而b-a=lnx<0,故b<a,而c-a=(ln2x-1)·lnx>0,故c>a,综上b<a<c. ④化同真借助图象 (2021·新课标Ⅱ)设a=log36,b=log510,c=log714,则( ) A.c>b>a B.b>c>a C.a>c>b D.a>b>c [答案] D [解析] 本题考查了对数的运算性质. ∵a=log36=1+log32; b=log510=1+log52; c=log714=1+log72. ∵log32>log52>log72,∴a>b>c. ⑤用单调性 (2022·吉林长春质检)已知函数f(x)=loga|x|在(0,+∞)上单调递增,则( ) A.f(3)<f(-2)<f(1) B.f(1)<f(-2)<f(3) C.f(-2)<f(1)<f(3) D.f(3)<f(1)<f(-2) [答案] B [解析] 由于f(x)=loga|x|在(0,+∞)上单调递增,所以a>1,f(1)<f(2)<f(3). 又函数f(x)=loga|x|为偶函数, 所以f(2)=f(-2),所以f(1)<f(-2)<f(3). ⑥转化法 若函数f(x)=log2(x+1)且a>b>c>0,则、、的大小关系是( ) A.>> B.>> C.>> D.>> [答案] B [解析] ∵、、可看作函数图象上的点与原点所确定的直线的斜率,结合函数f(x)=log2(x+1)的图象及a>b>c>0可知>>.故选B. ⑦综合法 (2021·宣城二模)若a=,b=ln2·ln3,c=,则a,b,c的大小关系是( ) A.a>b>c B.c>a>b C.c>b>a D.b>a>c [答案] A [解析] ∵ln6>lnπ>1,∴a>c,排解B,C;b=ln2·ln3<()2==a,排解D,故选A. 4.(文)(2022·云南统一检测)已知f(x)=,则f(x)≥-2的解集是( ) A.(-∞,-]∪[4,+∞) B.(-∞,-]∪(0,4] C.[-,0)∪[4,+∞) D.[-,0)∪(0,4] [答案] B [解析] 当x<0时,f(x)≥-2,即≥-2,可转化为1+x≤-2x,得x≤-; 当x>0时,f(x)≥-2,即x≥-2,可转化为x≥4,解得0<x≤4. 综上可知不等式的解集为(-∞,-]∪(0,4]. (理)(2022·宁夏银川质检)设函数f(x)=若f(a)>f(-a),则实数a的取值范围是( ) A.(-1,0)∪(0,1) B.(-∞,-1)∪(1,+∞) C.(-1,0)∪(1,+∞) D.(-∞,-1)∪(0,1) [答案] C [解析] f(a)>f(-a)化为 或 ∴a>1或-1<a<0,故选C. 5.(2022·安徽皖南八校第一次联考)已知集合A={x|y=log2(x2-1)},B={y|y=()x-1},则A∩B=( ) A.(,1) B.(1,2) C.(0,+∞) D.(1,+∞) [答案] D [解析] A={x|y=log2(x2-1)}={x|x2-1>0}={x|x>1或x<-1},B={y|y=()x-1}={y|y>0},∴A∩B={x|x>1}. 6.定义在R上的奇函数f(x)满足:当x>0时,f(x)=2022x+log2022x,则方程f(x)=0的实根的个数为( ) A.1 B.2 C.3 D.5 [答案] C [解析] 当x>0时,f(x)=0即2022x=-log2022x,在同一坐标系下分别画出函数f1(x)=2022x,f2(x)=-log2022x的图象(图略),可知两个图象只有一个交点,即方程f(x)=0只有一个实根,又由于f(x)是定义在R上的奇函数,所以当x<0时,方程f(x)=0也有一个实根,又由于f(0)=0,所以方程f(x)=0的实根的个数为3. 二、填空题 7.设2a=5b=m,且+=2,则m=________. [答案] [解析] ∵2a=5b=m, ∴a=log2m,b=log5m, ∴+=+ =logm2+logm5=logm10=2, ∴m=. 8.(文)(2022·南京模拟)若函数f(x)是定义在R上的偶函数,且在区间[0,+∞)上是单调递增函数.假照实数t满足f(lnt)+f(ln)≤2f(1),那么t的取值范围是________. [答案] [,e] [解析] 由于函数f(x)是定义在R上的偶函数,所以f(lnt)=f(ln),由f(lnt)+f(ln)≤2f(1),得f(lnt)≤f(1).又函数f(x)在区间[0,+∞)上是单调递增函数,所以|lnt|≤1,-1≤lnt≤1,故≤t≤e. (理)(2022·浙江温州八校联考)设函数f(x)的定义域为R,且是以3为周期的奇函数,|f(1)|>2,f(2)=loga4(a>0,且a≠1),则实数a的取值范围是________. [答案] <a<1或1<a<2 [解析] 由条件知,|f(1)|=|f(-1)|=|f(2)|=|loga4|>2, ∴loga4>2或loga4<-2, ∴1<a<2或<a<1. 9.(2022·广东韶关调研)已知函数f(x)=且关于x的方程f(x)+x-a=0有且只有一个实根,则实数a的取值范围是________. [答案] (1,+∞) [解析] 如图,在同一坐标系内分别作出y1=f(x),y2=-x+a的图象,其中a表示直线在y轴的截距,结合图形可知当a>1时,直线y2=-x+a与y1=log2x只有一个交点. 三、解答题 10.(2022·江西南昌其次中学第一次月考)已知f(x)= (x2-mx-m). (1)若函数f(x)的值域为R,求实数m的取值范围; (2)若函数f(x)在区间(-∞,1-)上是增函数,求实数m的取值范围. [解析] (1)设g(x)=x2-mx-m,要使得函数f(x)的值域为R,则g(x)=x2-mx-m能取遍全部的正数,则有(-m)2-4×(-m)≥0,解得m≥0或m≤-4. (2)函数f(x)= (x2-mx-m)的底数是,那么若函数f(x)在区间(-∞,1-)上是增函数,则函数g(x)=x2-mx-m在区间(-∞,1-)上是减函数,则有 解得2-2≤m≤2. 一、选择题 11.(2021·山西省忻州一中等四校联考)已知函数f(x)=,若对于任意x∈R,不等式f(x)≤-t+1恒成立,则实数t的取值范围是( ) A.(-∞,1]∪[2,+∞) B.(-∞,1]∪[3,+∞) C.[1,3] D.(-∞,2]∪[3,+∞) [答案] B [解析] 当x≤1时,y=-x2+x=-(x-)2+,在(-∞,]上递增,在(,1]上递减,故此时ymax=f()=;当x>1时,y=log0.5x是减函数,此时y<log0.51=0;综上知函数f(x)的最大值为,故不等式f(x)≤-t+1恒成立,只需-t+1≥即可,解得t≤1或t≥3.故选B. 12.(文)(2021·江西省七校联考)设a=0.64.2,b=70.6,c=log0.67,则a,b,c的大小关系是( ) A.c<b<a B.c<a<b C.a<c<b D.a<b<c [答案] B [解析] 依题意,0<0.64.2<0.60=1,70.6>70=1,log0.67<log0.61=0,因此c<a<b,选B. (理)(2021·天津模拟)设a,b,c均为正数,且2a=a,()b=b,()c=log2c,则( ) A.a<b<c B.c<b<a C.c<a<b D.b<a<c [答案] A [解析] 由2a=a可知a>0⇒2a>1⇒a>1⇒0<a<;由()b=b可知b>0⇒0<()b<1⇒0<b<1⇒<b<1;由()c=log2c可知c>0⇒0<()c<1⇒0<log2c<1⇒1<c<2,从而a<b<c.∴选A. [点评] 比较一组幂式、对数式形式的数的大小步骤: 第一步:判正负,把正数与负数区分开; 其次步:正数与1比较,找出大于1的数和小于1的数,负数转化为比较其确定值的大小; 第三步:构造函数,利用函数单调性或图象比较,底数相同的幂式,用指数函数的单调性;底数相同的对数式用对数函数的单调性;指数相同的幂式用幂函数的单调性或指数函数的图象;真数相同的对数式用对数函数的图象;底数不同、指数也不同的幂式或底数不同、真数也不同的对数式可引入中间量转化或化成同底,另外要留意指对互化的机敏运用. 第四步:下结论. 13.(2021·北京东城区检测)给出下列命题:①在区间(0,+∞)上,函数y=x-1,y=x ,y=(x-1)2,y=x3中有3个是增函数;②若logm3<logn3<0,则0<n<m<1;③若函数f(x)是奇函数,则f(x-1)的图象关于点A(1,0)对称;④已知函数f(x)=,则方程f(x)=有2个实数根,其中正确命题的个数为( ) A.1 B.2 C.3 D.4 [答案] C [解析] 命题①中,在(0,+∞)上只有y=x,y=x3为增函数,故①不正确;②中第1个不等式等价于log31>log3m>log3n,故0<n<m<1,②正确;③中函数y=f(x-1)的图象是把y=f(x)的图象向右平移1个单位得到的,由于函数y=f(x)的图象关于坐标原点对称,故函数y=f(x-1)的图象关于点A(1,0)对称,③正确;④中当3x-2=时,x=2+log3<2,当log3(x-1)=时,x=1+>2,故方程f(x)=有2个实数根,④正确.故选C. 14.已知符号函数sgn(x)=则函数f(x)=sgn(lnx)-ln2x的零点个数为( ) A.4 B.3 C.2 D.1 [答案] C [解析] 由题意得f(x)=sgn(lnx)-ln2x =则令1-ln2x=0⇒x=e或x=(舍去);令-ln2x=0⇒x=1; 当-1-ln2x=0时,方程无解,所以f(x)=sgn(lnx)-ln2x有两个零点,故选C. 二、填空题 15.(2022·河南郑州模拟)已知函数y=f(x)的图象与函数y=2-x-1的图象关于直线y=x对称,则f(3)=________. [答案] -2 [解析] 由题意y=f(x)的图象与函数y=2-x-1的图象关于直线y=x对称,令f(3)=a,则点(a,3)必在函数y=2-x-1的图象上,所以2-a-1=3,解得a=-2,即f(3)=-2. 16.(文)(2021·安徽师大附中、安庆一中联考)已知函数f(x)的定义域为A,若其值域也为A,则称区间A为f(x)的保值区间.若g(x)=x+m+lnx的保值区间是[e,+∞),则m的值为________. [答案] -1 [解析] 由题意得,g(x)的值域为[e,+∞),由x≥e时,g′(x)=1+>0,所以当x≥e时,g(x)为增函数,由题意可得g(e)=e+m+1=e,解得m=-1. (理)(2022·山东郯城一中月考)对任意实数a、b,定义运算“*”如下:a*b=则函数f(x)= (3x-2)*log2x的值域为________. [答案] (-∞,0] [解析] 易知函数f(x)的定义域为(,+∞),在同始终角坐标系中画出函数y= (3x-2)和y=log2x的图象, 由a*b的定义可知,f(x)的图象为图中实线部分, ∴由图象可得f(x)=的值域为(-∞,0]. 三、解答题 17.(文)(2022·吉林长春模拟)设f(x)=loga(1+x)+loga(3-x)(a>0,a≠1),且f(1)=2. (1)求a的值及f(x)的定义域; (2)求f(x)在区间[0,]上的最大值. [解析] (1)∵f(1)=2,∴loga4=2(a>0,a≠1),∴a=2. 由得x∈(-1,3), ∴函数f(x)的定义域为(-1,3). (2)f(x)=log2(1+x)+log2(3-x) =log2(1+x)(3-x)=log2[-(x-1)2+4], ∴当x∈(-1,1]时,f(x)是增函数; 当x∈(1,3)时,f(x)是减函数, 函数f(x)在[0,]上的最大值是f(1)=log24=2. (理)(2021·大连二十四中期中)已知函数f(x)=ax+lnx(a∈R). (1)若a=2,求曲线y=f(x)在x=1处切线的斜率. (2)设g(x)=x2-2x+2,若对任意x1∈(0,+∞),均存在x2∈[0,1],使得f(x1)<g(x2),求a的取值范围. [解析] (1)∵a=2,∴f(x)=2x+lnx,∴f ′(x)=2+,∴f ′(1)=3,故y=f(x)在x=1处切线的斜率为3. (2)由条件知,f(x)max<g(x)max. ∵g(x)=x2-2x+2,x∈[0,1],∴g(x)max=g(0)=2, 当a≥0时,f(x)=ax+lnx在(0,+∞)上单调递增,值域为R,故无最大值,不合题意. 当a<0时,∵f ′(x)=a+;当x∈(0,-)时,f ′(x)>0,f(x)单调递增,当x∈(-,+∞)时,f ′(x)<0,f(x)单调递减, ∴f(x)在x=-时取到极大值,f(-)=-1-ln(-a).也是f(x)的最大值, ∴-1-ln(-a)<2,∴a<-. 18.(文)已知函数f(x)=log4(4x+1)+2kx(k∈R)是偶函数. (1)求k的值; (2)若方程f(x)=m有解,求m的取值范围. [解析] (1)由函数f(x)是偶函数可知,f(-x)=f(x), ∴log4(4x+1)+2kx=log4(4-x+1)-2kx, 即log4=-4kx, ∴log44x=-4kx,∴x=-4kx,即(1+4k)x=0, 对一切x∈R恒成立,∴k=-. (2)由m=f(x)=log4(4x+1)-x =log4=log4(2x+), ∵2x>0,∴2x+≥2,∴m≥log42=. 故要使方程f(x)=m有解,m的取值范围为[,+∞). (理)(2022·四川资阳二诊)设函数f(x)=log4(4x+1)+ax(a∈R). (1)若函数f(x)是定义在R上的偶函数,求a的值; (2)若不等式f(x)+f(-x)≥mt+m对任意x∈R,t∈[-2,1]恒成立,求实数m的取值范围. [解析] (1)由函数f(x)是定义在R上的偶函数,得f(x)=f(-x)恒成立, 即log4(4x+1)+ax=log4(4-x+1)-ax, 所以2ax=log4=log4=-x, 所以(2a+1)x=0恒成立, 则2a+1=0,故a=-. (2)f(x)+f(-x)=log4(4x+1)+ax+log4(4-x+1)-ax=log4(4x+1)+log4(4-x+1)=log4[(4x+1)·(4-x+1)]=log4(2+4x+4-x)≥log4(2+2)=1. 所以mt+m≤1对任意t∈[-2,1]恒成立,令h(t)=mt+m, 由解得-1≤m≤,故实数m的取值范围是[-1,].- 配套讲稿:
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