2021高考数学(福建-理)一轮学案37-合情推理与演绎推理.docx

学案37合情推理与演绎推理导学目标： 1.了解合情推理的含义，能利用归纳和类比等进行简洁的推理，了解合情推理在数学发觉中的作用.2.了解演绎推理的重要性，把握演绎推理的基本模式，并能运用它们进行一些简洁推理.3.了解合情推理和演绎推理之间的联系和差异自主梳理自我检测1(2010山东)观看(x2)2x，(x4)4x3，(cos x)sin x，由归纳推理可得：若定义在R上的函数f(x)满足f(x)f(x)，记g(x)为f(x)的导函数，则g(x)等于()Af(x) Bf(x) Cg(x) Dg(x)2(2010珠海质检)给出下面类比推理命题(其中Q为有理数集，R为实数集，C为复数集)：“若a，bR，则ab0ab”类比推出“若a，bC，则ab0ab”；“若a，b，c，dR，则复数abicdiac，bd”类比推出“若a，b，c，dQ，则abcdac，bd”；“若a，bR，则ab0ab”类比推出“若a，bC，则ab0ab”其中类比结论正确的个数是()A0 B1 C2 D33(2009江苏)在平面上，若两个正三角形的边长比为12，则它们的面积比为14，类似地，在空间中，若两个正四周体的棱长比为12，则它们的体积比为_4(2010陕西)观看下列等式：132332,13233362,13233343102，依据上述规律，第五个等式为_5(2011苏州月考)一切奇数都不能被2整除，21001是奇数，所以21001不能被2整除，其演绎推理的“三段论”的形式为_探究点一归纳推理例1在数列an中，a11，an1，nN*，猜想这个数列的通项公式，这个猜想正确吗？请说明理由变式迁移1观看：sin210cos240sin 10cos 40；sin26cos236sin 6cos 36.由上面两题的结构规律，你能否提出一个猜想？并证明你的猜想探究点二类比推理例2(2011银川月考)在平面内，可以用面积法证明下面的结论：从三角形内部任意一点，向各边引垂线，其长度分别为pa，pb，pc，且相应各边上的高分别为ha，hb，hc，则有1.请你运用类比的方法将此结论推广到四周体中并证明你的结论变式迁移2在RtABC中，若C90，ACb，BCa，则ABC的外接圆半径r，将此结论类比到空间有_探究点三演绎推理例3在锐角三角形ABC中，ADBC，BEAC，D、E是垂足求证：AB的中点M到D、E的距离相等变式迁移3指出对结论“已知和是无理数，证明是无理数”的下述证明是否为“三段论”，证明有错误吗？证明：无理数与无理数的和是无理数，而与都是无理数，也是无理数1合情推理是指“合乎情理”的推理，数学争辩中，得到一个新结论之前，合情推理经常能挂念我们猜想和发觉结论；证明一个数学结论之前，合情推理经常能为我们供应证明的思路和方向合情推理的过程概括为：.一般来说，由合情推理所获得的结论，仅仅是一种猜想，其牢靠性还需进一步证明2归纳推理与类比推理都属合情推理：(1)归纳推理：由某类事物的部分对象具有某些特征，推出该类事物的全部对象都具有这些特征的推理，或由个别事实概括出一般结论的推理，称为归纳推理它是一种由部分到整体，由个别到一般的推理(2)类比推理：由两类对象具有某些类似特征和其中一类对象的某些已知特征，推出另一类对象也具有这些特征的推理称为类比推理，它是一种由特殊到特殊的推理3从一般性的原理动身，推出某个特殊状况下的结论，把这种推理称为演绎推理，也就是由一般到特殊的推理，三段论是演绎推理的一般模式，包括大前提，小前提，结论 (满分：75分)一、选择题(每小题5分，共25分)1(2011福建厦门华侨中学模拟)定义A*B，B*C，C*D，D*A的运算分别对应下图中的(1)、(2)、(3)、(4)，那么下图中的(A)、(B)所对应的运算结果可能是()AB*D，A*D BB*D，A*CCB*C，A*D DC*D，A*D2(2011厦门模拟)设f(x)，又记f1(x)f(x)，fk1(x)f(fk(x)，k1,2，则f2 010(x)等于()A Bx C. D.3由代数式的乘法法则类比推导向量的数量积的运算法则：“mnnm”类比得到“abba”；“(mn)tmtnt”类比得到“(ab)cacbc”；“(mn)tm(nt)”类比得到“(ab)ca(bc)”；“t0，mtxtmx”类比得到“p0，apxpax”；“|mn|m|n|”类比得到“|ab|a|b|”；“”类比得到“”以上的式子中，类比得到的结论正确的个数是()A1 B2 C3 D44(2009湖北)古希腊人常用小石子在沙滩上摆成各种外形来争辩数，比如：他们争辩过图(1)中的1,3,6,10，由于这些数能够表示成三角形，将其称为三角形数；类似的，称图(2)中的1,4,9,16，这样的数为正方形数下列数中既是三角形数又是正方形数的是()A289 B1 024 C1 225 D1 3785已知整数的数对如下：(1,1)，(1,2)，(2,1)，(1,3)，(2,2)，(3,1)，(1,4)，(2,3)，(3,2)，(4,1)，(1,5)，(2,4)，则第60个数对是()A(3,8) B(4,7)C(4,8) D(5,7)二、填空题(每小题4分，共12分)6已知正三角形内切圆的半径是高的，把这个结论推广到空间正四周体，类似的结论是_7(2011广东深圳高级中学模拟)定义一种运算“*”：对于自然数n满足以下运算性质：8(2011陕西)观看下列等式11234934567254567891049照此规律，第n个等式为_三、解答题(共38分)9（12分）已知数列an的前n项和为Sn，a1，且Sn20(n2)计算S1，S2，S3，S4，并猜想Sn的表达式10(12分)(2011杭州调研)已知函数f(x) (a0且a1)，(1)证明：函数yf(x)的图象关于点对称；(2)求f(2)f(1)f(0)f(1)f(2)f(3)的值11(14分)如图1，若射线OM，ON上分别存在点M1，M2与点N1，N2，则；如图2，若不在同一平面内的射线OP，OQ和OR上分别存在点P1，P2，点Q1，Q2和点R1，R2，则类似的结论是什么？这个结论正确吗？说明理由学案37合情推理与演绎推理自主梳理归纳推理全部对象部分个别类比推理这些特征特殊到特殊一般原理特殊状况特殊状况一般特殊自我检测1D由所给函数及其导数知，偶函数的导函数为奇函数因此当f(x)是偶函数时，其导函数应为奇函数，故g(x)g(x)2C正确，错误由于两个复数假如不全是实数，不能比较大小318解析两个正三角形是相像的三角形，它们的面积之比是相像比的平方同理，两个正四周体是两个相像几何体，体积之比为相像比的立方，所以它们的体积比为18.4132333435363212解析由前三个式子可以得出如下规律：每个式子等号的左边是从1开头的连续正整数的立方和，且个数依次多1，等号的右边是一个正整数的平方，后一个正整数依次比前一个大3,4，因此，第五个等式为132333435363212.5一切奇数都不能被2整除大前提21001是奇数小前提所以21001不能被2整除结论课堂活动区例1解题导引归纳分为完全归纳和不完全归纳，由归纳推理所得的结论虽然未必是牢靠的，但它由特殊到一般、由具体到抽象的生疏功能，对科学的发觉是格外有用的，观看、试验，对有限的资料作归纳整理，提出带规律性的说法是科学争辩的最基本的方法之一解在an中，a11，a2，a3，a4，所以猜想an的通项公式为an.这个猜想是正确的，证明如下：由于a11，an1，所以，即，所以数列是以1为首项，为公差的等差数列，所以1(n1)n，所以通项公式an.变式迁移1解猜想sin2cos2(30)sin cos(30).证明如下：左边sin2cos(30)cos(30)sin sin2sin2cos2sin2右边例2解题导引类比推理是依据两个对象有一部分属性类似，推出这两个对象的其他属性亦类似的一种推理方法，例如我们拿分式同分数来类比，平面几何与立体几何中的某些对象类比等等我们必需清楚类比并不是论证，它可以挂念我们发觉真理类比推理应从具体问题动身，通过观看、分析、联想进行对比、归纳、提出猜想解类比：从四周体内部任意一点向各面引垂线，其长度分别为pa，pb，pc，pd，且相应各面上的高分别为ha，hb，hc，hd.则有1.证明如下：，同理有，VPBCDVPCDAVPBDAVPABCVABCD，1.变式迁移2在三棱锥ABCD中，若AB、AC、AD两两相互垂直，且ABa，ACb，ADc，则此三棱锥的外接球半径R例3解题导引在演绎推理中，只有前提(大前提、小前提)和推理形式都是正确的，结论才是正确的，否则所得的结论可能就是错误的推理时，要清楚大前提、小前提及二者之间的规律关系证明(1)由于有一个内角是直角的三角形是直角三角形，大前提在ABD中，ADBC，即ADB90，小前提所以ADB是直角三角形结论(2)由于直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，大前提而M是RtADB斜边AB的中点，DM是斜边上的中线，小前提所以DMAB.结论同理EMAB，所以DMEM.变式迁移3解证明是“三段论”模式，证明有错误证明中大前提使用的论据是“无理数与无理数的和是无理数”，这个论据是假的，由于两个无理数的和不愿定是无理数，因此原理的真实性仍无法断定课后练习区1B由(1)(2)(3)(4)图得A表示|，B表示，C表示，D表示，故图(A)(B)表示B*D和A*C.2A计算f2(x)f，f3(x)f，f4(x)x，f5(x)f1(x)，归纳得f4ki(x)fi(x)，kN*，i1,2,3,4.f2 010(x)f2(x).3B只有、对，其余错误，故选B.4C设图(1)中数列1,3,6,10，的通项公式为an，则a2a12，a3a23，a4a34，anan1n.故ana1234n，an.而图(2)中数列的通项公式为bnn2，因此所给的选项中只有1 225满足a49b353521 225.5D观看可知横坐标和纵坐标之和为2的数对有1个，和为3的数对有2个，和为4的数对有3个，和为5的数对有4个，依次类推和为n1的数对有n个，多个数对的排序是依据横坐标依次增大的挨次来排的，由60n(n1)120，nZ，n10时，55个数对，还差5个数对，且这5个数对的横、纵坐标之和为12，它们依次是(1,11)，(2,10)，(3,9)，(4,8)，(5,7)，第60个数对是(5,7)6空间正四周体的内切球的半径是高的解析利用体积分割可证明7n8n(n1)(3n2)(2n1)2解析112,234932,345672552，第n个等式为n(n1)(3n2)(2n1)2.9解当n1时，S1a1.(2分)当n2时，2S1，S2.(4分)当n3时，2S2，S3.(6分)当n4时，2S3，S4.(8分)猜想：Sn (nN*)(12分)10(1)证明函数f(x)的定义域为R，任取一点(x，y)，它关于点对称的点的坐标为(1x，1y)(2分)由已知得y，则1y1，(4分)f(1x)，1yf(1x)即函数yf(x)的图象关于点对称(6分)(2)解由(1)有1f(x)f(1x)，即f(x)f(1x)1.(9分)f(2)f(3)1，f(1)f(2)1，f(0)f(1)1，则f(2)f(1)f(0)f(1)f(2)f(3)3.(12分)11解类似的结论为：.(4分)这个结论是正确的，证明如下：如图，过R2作R2M2平面P2OQ2于M2，连接OM2.过R1在平面OR2M2作R1M1R2M2交OM2于M1，则R1M1平面P2OQ2.由VOP1Q1R1SP1OQ1R1M1OP1OQ1sinP1OQ1R1M1OP1OQ1R1M1sinP1OQ1，(8分)同理，VOP2Q2R2OP2OQ2R2M2sinP2OQ2.所以.(10分)由平面几何学问可得.(12分)所以.所以结论正确(14分)