2020-2021学年高一生物(必修2)第一章第2节第1课时课时作业.docx

1．下列有关基因分别定律和基因自由组合定律的说法错误的是 (　　)
A．孟德尔对于两种现象的解释是完全全都的
B．孟德尔验证假说时都是用测交的方法
C．在生物性状遗传中，两个定律同时起作用
D．基因分别定律是基因自由组合定律的基础
解析：选A。自由组合定律是孟德尔在发觉了分别定律之后，针对两对相对性状进一步争辩所发觉的，试验接受的方法都是假说—演绎法，两者的解释不完全相同，最终假说的验证都是接受测交试验的方法，在生物体的遗传中，分别定律是自由组合定律的基础，两者同时起作用。
2．(2022·临川高一检测)甲、乙两位同学分别用小球做遗传规律的模拟试验。甲同学每次分别从Ⅰ、Ⅱ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学每次分别从Ⅲ、Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别放回原来小桶后，再多次重复。下列叙述正确的是(　　)

A．乙同学的试验只模拟了遗传因子的分别和配子随机结合的过程
B．试验中每只小桶内两种小球的数量和小球总数都必需相等
C．甲同学的试验可模拟把握不同性状的非等位基因自由组合的过程
D．甲、乙重复100次试验后，Dd和AB组合的概率约为和
解析：选D。Ⅰ、Ⅱ小桶中放的是同种小球，甲同学模拟的是等位基因的分别和配子随机结合的过程，A错误；每只小桶中两种小球的数量应相同，但是小球总数可以不同，B错误；Ⅲ、Ⅳ小桶中放的是不同的小球，模拟的是把握不同性状的非等位基因的自由组合过程，C错误；甲、乙重复试验中Dd、AB的组合随机毁灭的概率分别为×＋×＝和×＝，D正确。
3．下表是具有两对相对性状的亲本杂交得到的子二代的遗传因子组成，其中部分遗传因子组成并未列出，而仅用阿拉伯数字表示。下列选项错误的是(　　)
项目
YR
Yr
yR
yr
YR
1
3
YyRR
YyRr
Yr
YYRr
YYrr
4
Yyrr
yR
2
YyRr
yyRR
yyRr
yr
YyRr
Yyrr
yyRr
yyrr
A.1、2、3、4的性状都一样
B．在此表格中，YYRR只毁灭一次
C．在此表格中，YyRr共毁灭四次
D．遗传因子组成毁灭几率的大小挨次为4>3>2>1
解析：选D。表格中的1、2、3、4分别表示YYRR、YyRR、YYRr、YyRr，性状一样。“双杂合子”占4/16，“单杂合子”四种各占2/16，“纯合子”四种类型各占1/16，所以遗传因子组成毁灭几率的大小挨次为4>3＝2>1，D项错误。
4．孟德尔的两对相对性状的遗传试验中，具有1∶1∶1∶1比例的是(　　)
①F1产生配子类型的比例
②F2表现性状的比例
③F1测交后代类型的比例
④F1表现性状的比例
A．②④ B．①③
C．①④ D．②③
解析：选B。孟德尔两对相对性状的遗传试验中，F1的遗传因子组成为YyRr，表现性状只有一种；F1产生的配子为YR、Yr、yR、yr，比例为1∶1∶1∶1；F1测交后代遗传因子组成为YyRr、Yyrr、yyRr、yyrr 4种，比例为1∶1∶1∶1；F1自交得F2，表现性状为4种，比例为9∶3∶3∶1。
5．豌豆中高茎(D)对矮茎(d)为显性，绿色豆荚(G)对黄色豆荚(g)为显性，这两对基因是自由组合的，则Ddgg与DdGg杂交后代的基因型和表现型的数目分别是(　　)
A．5、3 B．6、4
C．8、6 D．9、4
解析：选B。Dd×Dd的后代基因型有3种，表现型有2种，gg×Gg后代的基因型有2种，表现型有2种，所以Ddgg×DdGg的后代基因型有3×2＝6种，表现型有2×2＝4种。
6．让独立遗传的黄色非甜玉米YYSS与白色甜玉米yyss杂交，然后F1自交，F2中得到白色甜玉米80株，那么按理论F2中表现型不同于双亲的杂合子植株约为(　　)
A．160株　　　　　　 B．240株
C．320株 D．480株
解析：选C。F2中白色甜玉米占F2总数的1/16，而表现型不同于双亲的杂合子为Yyss和yySs，各占F2总数的2/16，则F2中表现型不同于双亲的杂合子植株约为(2/16＋2/16)×80×16＝320株。
7．假如已知子代遗传因子组成及比例为1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr，并且也知道上述结果是按自由组合定律产生的，那么双亲的遗传因子组成是(　　)
A．YYRR×YYRr B．YYRr×YyRr
C．YyRr×YyRr D．YyRR×YyRr
解析：选B。由子代中YY∶Yy＝1∶1，可推知亲代为YY×Yy；由子代中RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，可推知亲代为Rr×Rr，故双亲的遗传因子组成为YYRr×YyRr。
8．牵牛花中叶子有一般叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用纯种一般叶白色种子和纯种枫形叶黑色种子作为亲本进行杂交，得到的F1为一般叶黑色种子，F1自交得F2，结果符合基因的自由组合定律。下列对F2的描述中错误的是(　　)
A．F2中有9种基因型，4种表现型
B．F2中一般叶与枫形叶之比为3∶1
C．F2中与亲本表现型相同的个体大约占3/8
D．F2中一般叶白色种子个体与枫形叶白色种子个体杂交将会得到两种比例相同的个体
解析：选D。一般叶、黑色种子为显性，所以F2中一般叶的基因型比值为AA∶Aa＝1∶2，与双隐性个体相交后，后代毁灭一般叶∶枫形叶＝2∶1的分别比。
9．小麦粒色受独立遗传的三对基因A/a、B/b、C/c把握。A、B和C打算红色，每个基因对粒色增加效应相同且具叠加性，a、b和c打算白色。将粒色最浅和最深的植株杂交得到F1。F1的自交后代中，与基因型为Aabbcc的个体表现型相同的概率是(　　)
A．1/64 B．6/64
C．15/64 D．20/64
解析：选B。由题可知粒色最深的植株基因型为AABBCC(6显)，粒色最浅的植株基因型为aabbcc(0显)，此外，小麦粒色还存在5显、4显、3显、2显、1显等状况。AABBCC与aabbcc杂交得到F1(AaBbCc)，F1自交后代中与Aabbcc(1显)表现相同的有Aabbcc(1/2×1/4×1/4)、aaBbcc(1/4×1/2×1/4)、aabbCc(1/4×1/4×1/2)，合计6/64。
10．(2022·东莞市第七高级中学高一月考)已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，这两对基因的遗传遵循自由组合定律。现将一株表现型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代的表现型是高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1。依据以上试验结果，推断下列叙述错误的是(　　)
A．后代群体的表现型有4种
B．后代群体的基因型有9种
C．两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得
D．两株表现型相同的亲本，基因型不相同
解析：选D。表现型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代表现型是高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1，则这两植株的基因型均为TtRr。
11．下面对有关概念之间关系的叙述，不正确的是(　　)
A．基因型打算表现型
B．等位基因把握相对性状
C．纯合子自交后代有杂合子
D．性状分别是由于基因分别
解析：选C。基因型对表现型起打算作用，基因型相同，表现型一般相同，环境条件也影响表现型；等位基因是指位于同源染色体的同一位置，把握着相对性状的基因；纯合子自交，后代中没有杂合子毁灭。
12．(2022·潍坊高一检测)观看两对相对性状杂交试验的图像，按不同的分类标准对图像中的基因型划分了A、B、C三个直角三角形，据图完成下列问题：

(1)双显性性状由直角三角形________(选填“A”“B”或“C”)的三条边表示，占________份，遗传因子组合形式有________种，比例：________________。
(2)隐显性状由直角三角形________(选填“A”“B”或“C”)的三个角表示，占________份，遗传因子组合形式有________种，比例：________。
(3)显隐性状由直角三角形________(选填“A”“B”或“C”)的三个角表示，占________份，遗传因子组合形式有________种，比例：________。
(4)双隐性性状yyrr占________份，遗传因子组合形式有________种。
(5)由图解分析，每一对相对性状是否也遵循分别定律？若是，分别比是多少？
________________________________________________________________________。
解析：图示代表了F1产生四种比例相同的配子以及配子之间受精时随机组合。雌雄各有4种配子且比例为1∶1∶1∶1；后代雌雄配子的结合方式有4×4＝16种，其中双显性有4种基因型，比例为1∶2∶2∶4，共9份；隐显性状和显隐性状各有2种基因型，比例为1∶2；双隐性只有yyrr一种；每对性状的遗传都相对独立，遵循分别定律，两对性状之间遵循自由组合定律。
答案：(1)A　9　4　1∶2∶2∶4
(2)B　3　2　1∶2
(3)C　3　2　1∶2
(4)1　1
(5)是。每对性状的分别比都为3∶1
13．向日葵种子粒大(B)对粒小(b)是显性，含油少(S)对含油多(s)是显性，这两对等位基因按自由组合定律遗传。今有粒大油少和粒小油多的两纯合子杂交，试回答下列问题：
(1)F2表现型有________种，其种类及比例为________________________。
(2)如获得F2种子544粒，按理论计算，双显性纯种有________粒，双隐性纯种有________粒，粒大油多的有________粒。
(3)怎样才能培育出粒大油多又能稳定遗传的新品种？试描述你的思路。
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：(1)粒大油少纯合子(BBSS)与粒小油多纯合子(bbss)杂交得F1(BbSs)。F1自交所得F2的表现型可按每对基因自交分别考虑，即Bb×Bb的子代有两种表现型：粒大与粒小比为3∶1，同理Ss×Ss的子代表现型有两种：油少与油多，其比例为3∶1。将上述两种性状综合考虑，即得BbSs×BbSs的子代表现型及其比例：粒大油少(3×3)∶粒大油多(3×1)∶粒小油少(1×3)∶粒小油多(1×1)＝9∶3∶3∶1。(2)按上述方法，Bb×Bb的子代BB占全部子代的比例为1/4；Ss×Ss的子代SS占全部子代的比例为1/4；所以BbSs×BbSs的子代BBSS占全部子代的比例为1/4×1/4＝1/16。因此F2中双显性纯种的粒数为：544×1/16＝34(粒)，同理可计算双隐性纯种(bbss)的比例为1/16，其粒数为34粒。粒大油多的占F2个体的比例为3/16，共计544×3/16＝102粒。(3)要获得能稳定遗传的粒大油多个体，方法是让F2中粒大油多植株自交，BBss自交得BBss子代；Bbss自交会毁灭性状分别，除去粒小油多子代，再将得到的每一代粒大油多个体自交，连续多代，直至不再发生性状分别，最终得到的就是能稳定遗传的粒大油多个体(BBss)。
答案：(1)4　粒大油少∶粒大油多∶粒小油少∶粒小油多＝9∶3∶3∶1　(2)34　34　102　(3)让F2中粒大油多植株自交，BBss自交得BBss子代；Bbss自交会毁灭性状分别，除去粒小油多子代，再将得到的每一代粒大油多个体自交，连续多代，直至不再发生性状分别，最终得到的就是能稳定遗传的粒大油多个体(BBss)
14．西红柿为自花受粉的植物，已知果实颜色有黄色和红色，果形有圆形和多棱形。以A和a分别表示果色的显、隐性基因，B和b分别表示果形的显、隐性基因。把握这两对性状的基因独立遗传。依据下表有关的杂交组合及数据统计，回答问题。
组别
亲本组合
后代表现型及株数
表现型
红色圆果
红色多棱果
黄色圆果
黄色多棱果
Ⅰ
红色多棱果×黄色圆果
531
557
502
510
Ⅱ
红色圆果×红色多棱果
720
745
241
253
Ⅲ
红色圆果×黄色圆果
603
198
627
207
(1)上述两对相对性状中，显性性状为___________________________________。
(2)请写出组别Ⅱ中两个亲本的基因型：______________________。
(3)现有红色多棱果、黄色圆果和黄色多棱果三个纯合品种，育种专家期望获得红色圆果的新品种，为此进行杂交。
①应选用哪两个品种作为杂交亲本较好？________________________________。
②上述两亲本杂交，产生的F1的基因型为________。
③上述F1自交得F2，在F2中，表现型为红色圆果的植株毁灭的比例为________，其中能稳定遗传的红色圆果占该表现型的比例为________。
解析：(1)通过第Ⅱ组杂交结果可知红果的子代毁灭了黄果，所以红色对黄色为显性；通过第Ⅲ组圆果的子代中毁灭了多棱果，可知圆果对多棱果是显性。(2)第Ⅱ组红色亲本所得到的后代的性状分别比约为3∶1，所以该性状的亲本属于杂合子自交Aa×Aa，而另一对相对性状分别比约为1∶1，符合Bb∶bb测交的分别比，所以两个亲本的基因型组合为AaBb×Aabb。(3)要想培育红色圆果的纯合子，则应选择含有相应性状的基因，所以选择红色多棱果和黄色圆果作亲本最为合适；由于两个亲本均为纯合子，所以杂交一代为双杂合子；在F2中双显性个体的比例为9/16，其中的纯合子为1/16，所以在双显性个体中纯合子占1/9。
答案：(1)红色、圆果　(2)AaBb×Aabb　(3)①红色多棱果和黄色圆果　②AaBb　③9/16　1/9
15．水稻花粉粒中淀粉的非糯性(W)对糯性(w)为显性，非糯性的花粉粒遇碘呈蓝黑色，糯性的花粉粒遇碘呈橙红色。圆花粉粒(L)对长花粉粒(l)为显性。已知W、w与L、l两对基因独立遗传。
请利用花粉粒作为争辩对象，设计试验验证自由组合定律。
(1)试验步骤
①用______________________植株和______________________植株杂交得F1植株。
②取________________加碘染色后，经显微镜观看花粉粒的________________，并记录数目。
(2)某同学观看一个视野后，统计数据如下表所示。
花粉粒性状
蓝黑色
橙红色
圆形
长形
数目
28个
17个
35个
12个
(3)结果分析
①上述同学的统计结果能够验证自由组合定律的正确性吗？试分析缘由，并提出修改意见。
②当花粉粒的表现型及比例为________________时，则可验证自由组合定律是正确的。
解析：可以将植株的花粉粒当作配子进行争辩，自由组合定律就是指形成配子时，打算同一性状的等位基因分别，打算不同性状的非等位基因自由组合。所以通过观看计数杂合子F1的花粉粒的外形和颜色可直接验证自由组合定律。(1)选取亲本时，只要保证两亲本具有两对相对性状且为纯合子即可。此题可用纯种的非糯性圆花粉粒类型植株与纯种的糯性长花粉粒类型植株杂交，也可用纯种的非糯性长花粉粒类型植株与纯种的糯性圆花粉粒类型植株杂交，结果F1均为杂合子(WwLl)。(2)F1产生的花粉粒有4种类型，设计表格时要对每种表现型的花粉粒进行数量统计，为了使结果更加精确     ，可多观看几个视野。(3)依据自由组合定律，F1会产生四种数目相等的花粉粒。
答案：(1)①纯种的非糯性圆花粉粒　纯种的糯性长花粉粒(或纯种的非糯性长花粉粒　纯种的糯性圆花粉粒)　②F1的花粉粒　颜色和外形　(3)①不能。观看的花粉粒数量较少，误差较大，可多观看几个视野进行统计分析，且将颜色和外形分开统计，不能验证自由组合定律。修改后的统计表格如下：
项目
数目/个
视野1
视野2
视野3
平均值
蓝黑色圆形

蓝黑色长形

橙红色圆形

橙红色长形

②蓝黑色圆形∶蓝黑色长形∶橙红色圆形∶橙红色长形＝1∶1∶1∶1(相等)