2020年北师版数学文(陕西用)课时作业：第八章-第三节圆-的-方-程.docx

温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调整合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。课时提升作业(四十九)一、选择题1.(2021吉安模拟)若直线3x+y+a=0过圆x2+y2+2x-4y=0的圆心,则a的值为()(A)-1(B)1(C)3(D)-32.若原点在圆(x-m)2+(y+m)2=8的内部,则实数m的取值范围是()(A)-2m2(B)0m2(C)-2m2(D)0m0)的图象可能是()7.点P(4,-2)与圆x2+y2=4上任一点连线的中点的轨迹方程是()(A)(x-2)2+(y+1)2=1(B)(x-2)2+(y+1)2=4(C)(x+4)2+(y-2)2=4(D)(x+2)2+(y-1)2=18.若直线2ax-by+2=0(a,b0)始终平分圆x2+y2+2x-4y+1=0的周长,则+的最小值为()(A)(B)4(C)2(D)二、填空题9.(2021西安模拟)ABC的三个顶点坐标分别为A(4，0)，B(0，3)，C(0，0)，则它的外接圆方程为.10.若圆x2+y2+(a2-1)x+2ay-a=0关于直线x-y+1=0对称,则实数a的值为.11.设二次函数y=x2-x+1与x轴正半轴的交点分别为A,B,与y轴正半轴的交点是C,则过A,B,C三点的圆的标准方程是.12.设圆C同时满足三个条件:过原点;圆心在直线y=x上;截y轴所得的弦长为4,则圆C的方程是.三、解答题13.(2021汉中模拟)圆C通过不同的三点P(k,0),Q(2,0),R(0,1),已知圆C在点P处的切线斜率为1,试求圆C的方程.14.已知动点M到点A(2,0)的距离是它到点B(8,0)的距离的一半.求:(1)动点M的轨迹方程.(2)若N为线段AM的中点,试求点N的轨迹.15.(力气挑战题)如图,在平面直角坐标系xOy中,已知曲线C由圆弧C1和圆弧C2相接而成,两相接点M,N均在直线x=5上.圆弧C1的圆心是坐标原点O,半径为13;圆弧C2过点A(29,0).(1)求圆弧C2的方程.(2)曲线C上是否存在点P,满足|PA|=|PO|?若存在,指出有几个这样的点;若不存在,请说明理由.答案解析1.【解析】选B.由x2+y2+2x-4y=0得(x+1)2+(y-2)2=5,所以该圆圆心为(-1,2).又直线3x+y+a=0过(-1,2)点,3(-1)+2+a=0,解得a=1.2.【解析】选C.由已知得m2+m28,即m24,解得-2m2.3.【解析】选D.由x2+y2+kx+2y+k2=0知所表示圆的半径r=,当k=0时,rmax=1,此时圆的方程为x2+y2+2y=0,即x2+(y+1)2=1,圆心为(0,-1).4.【解析】选C.由已知直线l过圆x2+y2-2x+4y-4=0的圆心(1,-2),当直线在两坐标轴上的截距均为0时,设方程为y=kx,又过(1,-2)点,所以-2=k,得l的方程为y=-2x,即2x+y=0;当直线在两坐标轴上的截距均不为0时,设方程为+=1(a0),将(1,-2)代入得:a=-1,得l的方程为x+y+1=0.综上l的方程为2x+y=0或x+y+1=0.5.【解析】选C.圆心(-1,-1)与点M的距离的最小值为点(-1,-1)到直线的距离d=,故点N与点M的距离|MN|的最小值=d-1=.6.【解析】选D.逐一依据a,b的几何意义验证,知选项D中,直线ax+by=ab,即+=1在x,y轴上的截距分别为b0时,D中圆的圆心亦为b0,故选D.7.【解析】选A.设圆上任一点为Q(x0,y0),PQ的中点为M(x,y),则解得又由于点Q在圆x2+y2=4上,所以+=4,即(2x-4)2+(2y+2)2=4,即(x-2)2+(y+1)2=1.8.【解析】选B.由题意知直线2ax-by+2=0(a0,b0)过圆x2+y2+2x-4y+1=0的圆心(-1,2),2a(-1)-2b+2=0,即a+b=1,+=+=2+2+2=4(当且仅当a=b时取等号),(+)min=4.9.【解析】由题意可知，ABC为直角三角形，且C=90，A(4，0)，B(0，3)，|AB|=5，ABC的外接圆的圆心为(2，)，半径为，外接圆的方程为(x-2)2+(y-)2=.答案:(x-2)2+(y-)2=10.【解析】依题意知直线x-y+1=0经过圆x2+y2+(a2-1)x+2ay-a=0的圆心(-,-a),所以-+a+1=0,解得a=3或a=-1,当a=-1时,方程x2+y2+(a2-1)x+2ay-a=0不能表示圆,所以只能取a=3.答案:311.【思路点拨】先由已知求出A,B,C三点坐标,再依据坐标特点得出方程.【解析】由已知三个交点分别为A(1,0),B(3,0),C(0,1),易知圆心横坐标为2,则令圆心为E(2,b),由|EA|=|EC|得b=2,半径为,故圆的方程为(x-2)2+(y-2)2 =5.答案:(x-2)2+(y-2)2=512.【解析】由题意可设圆心A(a,a),则22+a2=2a2,解得a=2,r2=2a2=8.所以圆C的方程是(x+2)2+(y+2)2=8或(x-2)2+(y-2)2=8.答案:(x+2)2+(y+2)2=8或(x-2)2+(y-2)2=813.【解析】设圆C的方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0,则k,2为x2+Dx+F=0的两根,k+2=-D,2k=F,即D=-(k+2),F=2k.又圆过R(0,1),故1+E+F=0.E=-2k-1.故所求圆的方程为x2+y2-(k+2)x-(2k+1)y+2k=0,圆心坐标为C(,).圆C在点P处的切线斜率为1,kCP=-1=,k=-3,D=1,E=5,F=-6.所求圆C的方程为x2+y2+x+5y-6=0.14.【解析】(1)设动点M(x,y)为轨迹上任意一点,则点M的轨迹就是集合P=M|MA|=|MB|.由两点间的距离公式,点M适合的条件可表示为=,平方后再整理,得x2+y2=16.可以验证,这就是动点M的轨迹方程.(2)设动点N的坐标为(x,y),M的坐标是(x1,y1).由于A(2,0),且N为线段AM的中点,所以x=,y=.所以有x1=2x-2,y1=2y由(1)题知,M是圆x2+y2=16上的点,所以M坐标(x1,y1)满足:+=16将代入整理,得(x-1)2+y2=4.所以N的轨迹是以(1,0)为圆心,以2为半径的圆.15.【解析】(1)圆弧C1所在圆的方程为x2+y2=169,令x=5,解得M(5,12),N(5,-12).则线段AM中垂线的方程为y-6=2(x-17),令y=0,得圆弧C2所在圆的圆心为(14,0),又圆弧C2所在圆的半径为r2=29-14=15,所以圆弧C2的方程为(x-14)2+y2=225(5x29).(2)假设存在这样的点P(x,y),则由|PA|=|PO|,得x2+y2+2x-29=0,由解得x=-70(舍去).由解得x=0(舍去),综上知,这样的点P不存在.【误区警示】求圆弧C2的方程时经常遗漏x的取值范围,其错误缘由是将圆弧习惯认为或误认为圆.【变式备选】如图,在平面直角坐标系中,方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0的圆M的内接四边形ABCD的对角线AC和BD相互垂直,且AC和BD分别在x轴和y轴上.(1)求证:F0.(2)若四边形ABCD的面积为8,对角线AC的长为2,且=0,求D2+E2-4F的值.(3)设四边形ABCD的一条边CD的中点为G,OHAB且垂足为H.试用平面解析几何的争辩方法推断点O,G,H是否共线,并说明理由.【解析】(1)方法一:由题意,原点O必定在圆M内,即点(0,0)代入方程x2+y2+Dx+Ey+F=0的左边所得的值小于0,于是有F0,即证.方法二:由题意,不难发觉A,C两点分别在x轴正、负半轴上.设两点坐标分别为A(a,0),C(c,0),则有ac0.对于圆的方程x2+y2+Dx+Ey+F=0,当y=0时,可得x2+Dx+F=0,其中方程的两根分别为点A和点C的横坐标,于是有xAxC=ac=F.由于ac0,故F0.(2)不难发觉,对角线相互垂直的四边形ABCD的面积S=,由于S=8,|AC|=2,可得|BD|=8.又由于=0,所以BAD为直角,又由于四边形是圆M的内接四边形,故|BD|=2r=8r=4.对于方程x2+y2+Dx+Ey+F=0所表示的圆,可知+-F=r2,所以D2+E2-4F=4r2=64.(3)设四边形四个顶点的坐标分别为A(a,0),B(0,b),C(c,0),D(0,d).则可得点G的坐标为(,),即=(,).又=(-a,b),且ABOH,故要使G,O,H三点共线,只需证=0即可.而=,且对于圆M的一般方程x2+y2+Dx+Ey+F=0,当y=0时可得x2+Dx+F=0,其中方程的两根分别为点A和点C的横坐标,于是有xAxC=ac=F.同理,当x=0时,可得y2+Ey+F=0,其中方程的两根分别为点B和点D的纵坐标,于是有yByD=bd=F.所以=0,即ABOG.故O,G,H三点必定共线.关闭Word文档返回原板块。