2020-2021学年人教A版高中数学必修5:第一章-解三角形-单元同步测试.docx
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第一章测试 (时间:120分钟 满分:150分) 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.在△ABC中,AB=5,BC=6,AC=8,则△ABC的外形是( ) A.锐角三角形 B.直角三角形 C.钝角三角形 D.非钝角三角形 解析 最大边AC所对角为B,则cosB==-<0,∴B为钝角. 答案 C 2.在△ABC中,已知a=1,b=,A=30°,B为锐角,那么A,B,C的大小关系为( ) A.A>B>C B.B>A>C C.C>B>A D.C>A>B 解析 由正弦定理=,∴sinB==. ∵B为锐角,∴B=60°,则C=90°,故C>B>A. 答案 C 3.在△ABC中,已知a=8,B=60°,C=75°,则b等于( ) A.4 B.4 C.4 D. 解析 由A+B+C=180°,可求得A=45°,由正弦定理,得b====4. 答案 C 4.在△ABC中,AB=5,BC=7,AC=8,则·的值为( ) A.5 B.-5 C.15 D.-15 解析 在△ABC中,由余弦定理得 cosB===. ∴·=||·||cosB=5×7×=5. 答案 A 5.若三角形三边长之比是1::2,则其所对角之比是( ) A.1:2:3 B.1::2 C.1:: D.::2 解析 设三边长分别为a,a,2a,设最大角为A,则cosA==0,∴A=90°. 设最小角为B,则cosB==, ∴B=30°,∴C=60°. 因此三角之比为1:2:3. 答案 A 6.在△ABC中,若a=6,b=9,A=45°,则此三角形有( ) A.无解 B.一解 C.两解 D.解的个数不确定 解析 由=,得sinB===>1. ∴此三角形无解. 答案 A 7.已知△ABC的外接圆半径为R,且2R(sin2A-sin2C)=(a-b)sinB(其中a,b分别为A,B的对边),那么角C的大小为( ) A.30° B.45° C.60° D.90° 解析 依据正弦定理,原式可化为 2R=(a-b)·, ∴a2-c2=(a-b)b,∴a2+b2-c2=ab, ∴cosC==,∴C=45°. 答案 B 8.在△ABC中,已知sin2A+sin2B-sinAsinB=sin2C,且满足ab=4,则该三角形的面积为( ) A.1 B.2 C. D. 解析 由===2R, 又sin2A+sin2B-sinAsinB=sin2C, 可得a2+b2-ab=c2. ∴cosC==,∴C=60°,sinC=. ∴S△ABC=absinC=. 答案 D 9.在△ABC中,A=120°,AB=5,BC=7,则的值为( ) A. B. C. D. 解析 由余弦定理,得 cosA=,解得AC=3. 由正弦定理==. 答案 D 10.在三角形ABC中,AB=5,AC=3,BC=7,则∠BAC的大小为( ) A. B. C. D. 解析 由余弦定理,得cos∠BAC===-,∴∠BAC=. 答案 A 11.有一长为1 km的斜坡,它的倾斜角为20°,现要将倾斜角改为10°,则坡底要加长( ) A.0.5 km B.1 km C.1.5 km D. km 解析 如图,AC=AB·sin20°=sin20°, BC=AB·cos20°=cos20°,DC==2cos210°, ∴DB=DC-BC=2cos210°-cos20°=1. 答案 B 12.已知△ABC中,A,B,C的对边分别为a,b,c.若a=c=+,且A=75°,则b为( ) A.2 B.4+2 C.4-2 D.- 解析 在△ABC中,由余弦定理,得a2=b2+c2-2bccosA,∵a=c,∴0=b2-2bccosA=b2-2b(+)cos75°,而cos75°=cos(30°+45°)=cos30°cos45°-sin30°sin45°==(-),∴b2-2b(+)cos75°=b2-2b(+)·(-)=b2-2b=0,解得b=2,或b=0(舍去).故选A. 答案 A 二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在题中横线上) 13.在△ABC中,A=60°,C=45°,b=4,则此三角形的最小边是____________. 解析 由A+B+C=180°,得B=75°,∴c为最小边,由正弦定理,知c===4(-1). 答案 4(-1) 14.在△ABC中,若b=2a,B=A+60°,则A=________. 解析 由B=A+60°,得 sinB=sin(A+60°)=sinA+cosA. 又由b=2a,知sinB=2sinA. ∴2sinA=sinA+cosA. 即sinA=cosA. ∵cosA≠0,∴tanA=. ∵0°<A<180°,∴A=30°. 答案 30° 15.在△ABC中,A+C=2B,BC=5,且△ABC的面积为10,则B=________,AB=________. 解析 由A+C=2B及A+B+C=180°,得B=60°. 又S=AB·BC·sinB, ∴10 =AB×5×sin60°,∴AB=8. 答案 60° 8 16.在△ABC中,已知(b+c):(c+a):(a+b)=8:9:10,则sinA:sinB:sinC=________. 解析 设可得a:b:c=11:9:7. ∴sinA:sinB:sinC=11:9:7. 答案 11:9:7 三、解答题(本大题共6个小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤) 17.(10分)在非等腰△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a2=b(b+c). (1)求证:A=2B; (2)若a=b,试推断△ABC的外形. 解 (1)证明:在△ABC中,∵a2=b·(b+c)=b2+bc,由余弦定理,得cosB=====, ∴sinA=2sinBcosB=sin2B. 则A=2B或A+2B=π. 若A+2B=π,又A+B+C=π,∴B=C.这与已知相冲突,故A=2B. (2)∵a=b,由a2=b(b+c),得3b2=b2+bc,∴c=2b. 又a2+b2=4b2=c2. 故△ABC为直角三角形. 18.(12分)锐角三角形ABC中,边a,b是方程x2-2x+2=0的两根,角A,B满足2sin(A+B)-=0.求: (1)角C的度数; (2)边c的长度及△ABC的面积. 解 (1)由2sin(A+B)-=0,得sin(A+B)=. ∵△ABC为锐角三角形,∴A+B=120°,∴∠C=60°. (2)∵a,b是方程x2-2x+2=0的两个根, ∴a+b=2,ab=2. ∴c2=a2+b2-2abcosC=(a+b)2-3ab=12-6=6. ∴c=. S△ABC=absinC=×2×=. 19.(12分)如右图,某货轮在A处看灯塔B在货轮的北偏东75°,距离为12 nmile,在A处看灯塔C在货轮的北偏西30°,距离为8 nmile,货轮由A处向正北航行到D处时,再看灯塔B在北偏东120°,求: (1)A处与D处的距离; (2)灯塔C与D处的距离. 解 (1)在△ABD中,∠ADB=60°,B=45°,AB=12 ,由正弦定理,得AD===24(nmile). (2)在△ADC中,由余弦定理,得 CD2=AD2+AC2-2AD·AC·cos30°. 解得CD=8(nmile). ∴A处与D处的距离为24 nmile,灯塔C与D处的距离为8 nmile. 20.(12分)已知△ABC的角A,B,C所对的边分别是a,b,c,设向量m=(a,b),n=(sinB,sinA),p=(b-2,a-2). (1)若m∥n,求证:△ABC为等腰三角形; (2)若m⊥p,边长c=2,角C=,求△ABC的面积. 解 (1)证明:∵m∥n,∴asinA=bsinB. 由正弦定得知,sinA=,sinB=(其中R为△ABC外接圆的半径),代入上式,得a·=b·,∴a=b.故△ABC为等腰三角形. (2)∵m⊥p,∴m·p=0,∴a(b-2)+b(a-2)=0,∴a+b=ab. 由余弦定理c2=a2+b2-2abcosC得 4=(a+b)2-3ab,即(ab)2-3ab-4=0. 解得ab=4,ab=-1(舍去). ∴△ABC的面积S=absinC=×4×sin=. 21.(12分)在△ABC中,已知内角A=,边BC=2,设内角B=x,周长为y. (1)求函数y=f(x)的解析式和定义域; (2)求y的最大值. 解 (1)△ABC的内角和A+B+C=π,由A=,B>0,C>0,得0<B<.应用正弦定理,得 AC=·sinB=·sinx=4sinx. AB=sinC=4sin. ∵y=AB+BC+CA, ∴y=4sinx+4sin+2. (2)y=4(sinx+cosx+sinx)+2 =4sin(x+)+2. ∵<x+<, ∴当x+=,即x=时,y取得最大值6. 22.(12分)△ABC中,A,B,C所对的边分别为a,b,c,tanC=,sin(B-A)=cosC. (1)求A,C; (2)若S△ABC=3+,求a,c. 解 (1)由于tanC=, 即=, 所以sinCcosA+sinCcosB=cosCsinA+cosCsinB, 即sinCcosA-cosCsinA=cosCsinB-sinCcosB,得sin(C-A)=sin(B-C). 所以C-A=B-C,或C-A=π-(B-C)(不成立), 即2C=A+B,得C=,所以B+A=. 又由于sin(B-A)=cosC=, 则B-A=,或B-A=(舍去). 得A=,B=. 所以A=,C=. (2)S△ABC=acsinB=ac=3+, 又=,即=. 得a=2,c=2.- 配套讲稿:
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