2020-2021学年高中人教B版数学选修2-1课时作业：1.3.1.docx

§1.3充分条件、必要条件与命题的四种形式

1.3.1　推出与充分条件、必要条件

课时目标　1.结合实例，理解充分条件、必要条件、充要条件的意义.2.会推断(证明)某些命题的条件关系．

1．在“假如p，则(那么)q”形式的命题中，把p称为命题的________，q称为命题的 ________．“假如p，则q”为真命题，我们就说由p可以推出q，记作________，读作“__________”．
2．假如p可推出q，则称p是q的________条件；q是p的________条件．
3．假如既有__________，又有________，就记作p⇔q，此时称p是q的充分且必要条件，简称____________________，明显，假如p是q的充要条件，那么q也是p的充要条件．
4．p是q的充要条件，又常说成__________________或____________．

一、选择题
1．“x>0”是“x≠0”的(　　)
A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件
C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件
2．设p：x<－1或x>1；q：x<－2或x>1，则綈p是綈q的(　　)
A．充分不必要条件
B．必要不充分条件
C．充分必要条件
D．既不充分也不必要条件
3．设集合M＝{x|0<x≤3}，N＝{x|0<x≤2}，那么“a∈M”是“a∈N”的(　　)
A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件
C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件
4．“k＝1”是“直线x－y＋k＝0与圆x2＋y2＝1相交”的(　　)
A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件
C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件
5．设l，m，n均为直线，其中m，n在平面α内，“l⊥α”是“l⊥m且l⊥n”的(　　)
A．充分不必要条件 B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
6．“a<0”是“方程ax2＋2x＋1＝0至少有一个负数根”的(　　)
A．必要不充分条件 B．充分不必要条件
C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件
题　号
1
2
3
4
5
6
答　案

二、填空题
7．用符号“⇒”或“”填空.
(1)a>b________ac2>bc2；
(2)ab≠0________a≠0.
8．不等式(a＋x)(1＋x)<0成立的一个充分而不必要条件是－2<x<－1，则a的取值范围是________．
9．函数y＝ax2＋bx＋c (a>0)在[1，＋∞)上单调递增的充要条件是__________．
三、解答题
10．下列命题中，推断条件p是条件q的什么条件：
(1)p：|x|＝|y|，q：x＝y.
(2)p：△ABC是直角三角形，q：△ABC是等腰三角形；
(3)p：四边形的对角线相互平分，q：四边形是矩形．

11.设x，y∈R，求证|x＋y|＝|x|＋|y|成立的充要条件是xy≥0.

力气提升
12．记实数x1，x2，…，xn中的最大数为max{x1，x2，…，xn}，最小数为min.已知△ABC的三边边长为a，b，c(a≤b≤c)，定义它的倾斜度为
l＝max·min，
则“l＝1”是“△ABC为等边三角形”的(　　)
A．必要而不充分条件
B．充分而不必要条件
C．充要条件
D．既不充分也不必要条件
13．已知数列{an}的前n项和为Sn＝(n＋1)2＋c，探究{an}是等差数列的充要条件．

1．推断p是q的什么条件，常用的方法是验证由p能否推出q，由q能否推出p.
2．证明充要条件时，既要证明充分性，又要证明必要性，但要分清必要性、充分性是证明怎样的一个式子成立．“A的充要条件为B”的命题的证明：A⇒B证明白必要性；B⇒A证明白充分性．“A是B的充要条件”的命题的证明：A⇒B证明白充分性；B⇒A证明白必要性．

§1.3　充分条件、必要条件与命题的四种形式
1.3.1　推出与充分条件、必要条件
学问梳理
1．条件　结论　p⇒q　p推出q
2．充分　必要
3．p⇒q　q⇒p　p是q的充要条件
4．q当且仅当p　p与q等价
作业设计
1．A　[对于“x>0”⇒“x≠0”，反之不愿定成立．
因此“x>0”是“x≠0”的充分而不必要条件．]
2．A　[∵綈p：－1≤x≤1，綈q：－2≤x≤1，∴綈p⇒綈q，反之不愿定成立，因此綈p是綈q的充分不必要条件．]
3．B　[由于NM，所以“a∈M”是“a∈N”的必要而不充分条件．]
4．A　[把k＝1代入x－y＋k＝0，推得“直线x－y＋k＝0与圆x2＋y2＝1相交”；但“直线x－y＋k＝0与圆x2＋y2＝1相交”不愿定推得“k＝1”．故“k＝1”是“直线x－y＋k＝0与圆x2＋y2＝1相交”的充分而不必要条件．]
5．A　[l⊥α，m、n⊂α⇒l⊥m且l⊥n，而m，n是平面α内两条直线，并不愿定相交，所以l⊥m且l⊥n不能得到l⊥α.]
6．B　[当a<0时，由韦达定理知x1x2＝<0，故此一元二次方程有一正根和一负根，符合题意；当ax2＋2x＋1＝0至少有一个负数根时，a可以为0，由于当a＝0时，该方程仅有一根为－，所以a不愿定小于0.由上述推理可知，“a<0”是“方程ax2＋2x＋1＝0至少有一个负数根”的充分不必要条件．]
7．(1) 　(2)⇒
8．a>2
解析　不等式变形为(x＋1)(x＋a)<0，因当－2<x<－1时不等式成立，所以不等式的解为－a<x<－1.由题意有(－2，－1) (－a，－1)，
∴－2>－a，即a>2.
9．b≥－2a
解析　由二次函数的图象可知当－≤1，即b≥－2a时，函数y＝ax2＋bx＋c在[1，＋∞)上单调递增．
10．解　(1)∵|x|＝|y|x＝y，
但x＝y⇒|x|＝|y|，
∴p是q的必要条件，但不是充分条件．
(2)△ABC是直角三角形△ABC是等腰三角形．
△ABC是等腰三角形△ABC是直角三角形．
∴p既不是q的充分条件，也不是q的必要条件．
(3)四边形的对角线相互平分四边形是矩形．
四边形是矩形⇒四边形的对角线相互平分．
∴p是q的必要条件，但不是充分条件．
11．证明　①充分性：假如xy≥0，则有xy＝0和xy>0两种状况，当xy＝0时，不妨设x＝0，
则|x＋y|＝|y|，|x|＋|y|＝|y|，∴等式成立．
当xy>0时，即x>0，y>0，或x<0，y<0，
又当x>0，y>0时，|x＋y|＝x＋y，
|x|＋|y|＝x＋y，∴等式成立．
当x<0，y<0时，|x＋y|＝－(x＋y)，|x|＋|y|＝－x－y，∴等式成立．
总之，当xy≥0时，|x＋y|＝|x|＋|y|成立．
②必要性：若|x＋y|＝|x|＋|y|且x，y∈R，
则|x＋y|2＝(|x|＋|y|)2，
即x2＋2xy＋y2＝x2＋y2＋2|x||y|，
∴|xy|＝xy，∴xy≥0.
综上可知，xy≥0是等式|x＋y|＝|x|＋|y|成立的充要条件．
12．A　[当△ABC是等边三角形时，a＝b＝c，
∴l＝max·min＝1×1＝1.
∴“l＝1”是“△ABC为等边三角形”的必要条件．
∵a≤b≤c，∴max＝.
又∵l＝1，∴min＝，
即＝或＝，
得b＝c或b＝a，可知△ABC为等腰三角形，而不能推出△ABC为等边三角形．∴“l＝1”不是“△ABC为等边三角形”的充分条件．]
13．解　当{an}是等差数列时，∵Sn＝(n＋1)2＋c，
∴当n≥2时，Sn－1＝n2＋c，
∴an＝Sn－Sn－1＝2n＋1，
∴an＋1－an＝2为常数．又a1＝S1＝4＋c，
∴a2－a1＝5－(4＋c)＝1－c，
∵{an}是等差数列，∴a2－a1＝2，∴1－c＝2.
∴c＝－1，反之，当c＝－1时，Sn＝n2＋2n，
可得an＝2n＋1 (n≥1)为等差数列，
∴{an}为等差数列的充要条件是c＝－1.