2017届江苏省高考物理第一轮复习检测题27.doc

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B. C. D.答案A解析把m1、m2看成一个整体，在水平方向上加速度相同，由牛顿第二定律可得：Fcos (m1m2)a，所以a，选项A正确11轻绳与物体构成的连接体如图10所示，装有支架的质量为M(包括支架的质量)的小车放在光滑水平地面上，支架上用细线拖着质量为m的小球，当小车在光滑水平地面上向左匀加速运动时，稳定后绳子与竖直方向的夹角为.求小车所受牵引力的大小图10答案(Mm)gtan 解析小球与小车相对静止，它们的加速度相同，小车的加速度方向水平向左，小球的加速度方向也水平向左，由牛顿第二定律可知，小球所受合力的方向水平向左，如图所示，小球所受合力的大小为mgtan .由牛顿第二定律有mgtan ma对小车和小球组成的整体，运用牛顿第二定律有F(Mm)a联立解得：F(Mm)gtan .12轻杆与物体构成的连接体如图11所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是()图11A小车静止时，Fmgsin ，方向沿杆向上B小车静止时，Fmgcos ，方向垂直于杆向上C小车向右以加速度a运动时，一定有FD小车向左以加速度a运动时，F，方向斜向左上方，与竖直方向的夹角满足tan 答案D解析小车静止时，球受到重力和杆的弹力作用，由平衡条件可得杆对球的作用力Fmg，方向竖直向上，选项A、B错误；小车向右以加速度a运动时，如图甲所示，只有当agtan 时，才有F，选项C错误；小车向左以加速度a运动时，根据牛顿第二定律可知小球受到的合力水平向左，如图乙所示，则杆对球的作用力F，方向斜向左上方，与竖直方向的夹角满足tan ，选项D正确轻绳、轻杆和轻弹簧三种模型的异同1三个模型的相同点：(1)“轻”质量和重力均不计(2)在任何情况下，绳中张力相等，绳、杆和弹簧两端受到的弹力也相等2三个模型的不同点：(1)施力和受力特点轻绳只能产生沿绳方向的拉力轻杆不仅可以产生和承受沿杆方向的拉力和压力，还可以产生和承受不沿杆方向的拉力和压力轻弹簧可以产生和承受沿弹簧伸缩方向的拉力和压力(2)力的变化特点轻绳拉力的产生、变化或消失不需要时间，具有突变性和瞬时性轻杆拉力和压力的产生、变化或消失不需要时间，具有突变性和瞬时性轻弹簧弹力的产生、变化或消失需要时间，不具有突变性，即只能渐变，但具有瞬时性，即不同形变的瞬间，对应不同的弹力(注意：当轻弹簧的自由端无重物时，形变消失不需要时间，即具有突变性)考点五动力学两类基本问题1已知物体的受力情况，求解物体的运动情况解这类题目，一般是应用牛顿第二定律求出物体的加速度，再根据物体的初始条件，应用运动学公式，求出物体的运动情况2已知物体的运动情况，求解物体的受力情况解这类题目，一般是应用运动学公式求出物体的加速度，再应用牛顿第二定律求出物体所受的合外力，进而求出物体所受的某个力13已知运动分析受力如图12所示，一物体以v02 m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t1 s已知斜面长度L1.5 m，斜面的倾角30，重力加速度取g10 m/s2.求：图12(1)物体滑到斜面底端时的速度大小；(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向；(3)物体与斜面间的动摩擦因数答案(1)1 m/s(2)1 m/s2方向沿斜面向上(3)解析(1)设物体滑到斜面底端时速度为v，则有：Lt代入数据解得：v1 m/s(2)因vv0物体做匀减速运动，加速度方向沿斜面向上，加速度的大小为：a1 m/s2.(3)物体沿斜面下滑时，受力分析如图所示由牛顿定律得：Ffmgsin maFNmgcos FfFN联立解得：，代入数据解得：.14已知受力分析运动如图13所示，楼梯口一倾斜的天花板与水平面成37，一装潢工人手持木杆绑着刷子粉刷天花板，工人所持木杆对刷子的作用力始终保持竖直向上，大小为F10 N，刷子的质量为m0.5 kg，刷子可视为质点，刷子与天花板间的动摩擦因数为0.5，天花板长为L4 m，取sin 370.6，试求：图13(1)刷子沿天花板向上运动的加速度大小；(2)工人把刷子从天花板底端推到顶端所用的时间答案(1)2 m/s2(2)2 s解析(1)以刷子为研究对象，受力分析情况，如图所示：根据牛顿第二定律得：(Fmg)sin Ffma(Fmg)cos FN0又FfFN联立解得：a2 m/s2.(2)刷子做匀加速运动，初速度为0，位移为L4 m，则由运动学公式得：Lat2解得：t 2 s15已知受力分析运动(2014新课标全国24)公路上行驶的两汽车之间应保持一定的安全距离当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相碰通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1 s当汽车在晴天干燥沥青路面上以108 km/h的速度匀速行驶时，安全距离为120 m设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的.若要求安全距离仍为120 m，求汽车在雨天安全行驶的最大速度答案20 m/s解析设路面干燥时，汽车与地面间的动摩擦因数为0，刹车时汽车的加速度大小为a0，安全距离为s，反应时间为t0，由牛顿第二定律和运动学公式得0mgma0sv0t0式中，m和v0分别为汽车的质量和刹车前的速度设在雨天行驶时，汽车与地面间的动摩擦因数为，依题意有0设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为a，安全行驶的最大速度为v，由牛顿第二定律和运动学公式得mgmasvt0联立式并代入题给数据得v20 m/s(72 km/h)解决两类动力学问题的两个关键点1把握“两个分析”“一个桥梁”两个分析：物体的受力情况分析和运动过程分析一个桥梁：加速度是联系物体运动和受力的桥梁2寻找多过程运动问题中各过程间的相互联系如第一个过程的末速度就是下一个过程的初速度，画图找出各过程的位移之间的联系1(2013新课标14)一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小能正确描述F与a之间的关系的图象是()答案C解析当拉力F小于最大静摩擦力时，物块静止不动，加速度为0，当F大于最大静摩擦力时，根据Ffma知：随F的增大，加速度a增大，故选C.2如图14所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点如果物体受到的阻力恒定，则()图14A物体从A到O先加速后减速B物体从A到O加速运动，从O到B减速运动C物体运动到O点时所受合力为0D物体从A到O的过程中加速度逐渐减小答案A解析物体从A到O的过程中，弹力一直减小直至为0，物体受到的滑动摩擦力不变，由牛顿第二定律得a，可知物体的加速度先向右减小再向左增大，物体先加速到速度最大，再减速，故A正确，B、D错误；物体运动到O点时，受到地面摩擦阻力的作用，所受合力不为0，C错误3如图15所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为()图15A0 B.g Cg D.g答案B解析平衡时，小球受到三个力：重力mg、木板AB的支持力FN和弹簧拉力FT，受力情况如图所示突然撤离木板时，FN突然消失而其他力不变，因此FT与重力mg的合力Fmg，产生的加速度ag，B正确4如图16所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成角与横杆固定，下端连接一质量为m的小球P.横杆右边用一根细线吊一相同的小球Q.当小车沿水平面做加速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为.已知，则下列说法正确的是()图16A小车一定向右做匀加速运动B轻杆对小球P的弹力沿轻杆方向C小球P受到的合力大小为mgtan D小球Q受到的合力大小为mgtan 答案D解析对细线吊的小球Q研究，根据牛顿第二定律，得mgtan ma，得到agtan ，故加速度向右，小车可能向右加速，也可能向左减速，故A错误；对小球P，由牛顿第二定律，得mgtan ma，因为aa，得到.则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故B错误；对小球P、Q由牛顿第二定律可知Fmamgtan ，故C错误，D正确5如图17甲所示，质量m1 kg的物块在平行斜面向上的拉力F作用下从静止开始沿斜面向上运动，t0.5 s时撤去拉力，利用速度传感器得到其速度随时间的变化关系图象(vt图象)如图乙所示，g取10 m/s2，求：图17(1)2 s内物块的位移大小x和通过的路程L；(2)沿斜面向上运动两个阶段加速度大小a1、a2和拉力大小F.答案(1)0.5 m1.5 m(2)4 m/s24 m/s28 N解析(1)在2 s内，由图乙知：物块上升的最大距离：x121 m1 m物块下滑的距离：x211 m0.5 m所以位移大小xx1x20.5 m路程Lx1x21.5 m(2)由图乙知，所求两个阶段加速度的大小a14 m/s2a24 m/s2设斜面倾角为，斜面对物块的摩擦力为Ff，根据牛顿第二定律有00.5 s内：FFfmgsin ma1051 s内：Ffmgsin ma2由式得F8 N练出高分基础巩固1(多选)由牛顿第二定律表达式Fma可知()A质量m与合外力F成正比，与加速度a成反比B合外力F与质量m和加速度a都成正比C物体的加速度的方向总是跟它所受合外力的方向一致D物体的加速度a跟其所受的合外力F成正比，跟它的质量m成反比答案CD解析对于给定的物体，其质量是不变的，合外力变化时，加速度也变化，合外力与加速度的比值不变，A、B错；加速度的方向总是跟它所受合外力的方向相同，C正确；由a可知D正确2一个小孩从滑梯上滑下的运动可看成匀加速直线运动第一次小孩单独从滑梯上滑下，加速度为a1，第二次小孩抱上一只小狗后再从滑梯上滑下(小狗不与滑梯接触)，加速度为a2，则()Aa1a2Ba1a2Ca1a2D无法判断答案A3滑雪运动员由斜坡高速向下滑行时的vt图象如图1乙所示，则由图中AB段曲线可知，运动员在此过程中()图1A所受外力的合力一定不断增大B运动轨迹一定是曲线C加速度一定减小D斜坡对运动员的作用力一定是竖直向上的答案C4(多选)如图2所示，一质量为m的滑块，以初速度v0从倾角为的斜面底端滑上斜面，当其速度减为零后又沿斜面返回底端，已知滑块与斜面间的动摩擦因数为，若滑块所受的摩擦力为Ff、所受的合外力为F合、加速度为a、速度为v，规定沿斜面向上为正方向，在滑块沿斜面运动的整个过程中，这些物理量随时间变化的图象大致正确的是()图2答案AD5如图3所示，放在固定粗糙斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则()图3A物块可能匀速下滑B物块将以加速度a匀加速下滑C物块将以大于a的加速度匀加速下滑D物块将以小于a的加速度匀加速下滑答案C解析设斜面的倾角为，物块与斜面间动摩擦因数为，施加一个竖直向下的恒力F时，加速度为a.根据牛顿第二定律，不施加恒力F时：mgsin mgcos ma，得ag(sin cos )0；施加一个竖直向下的恒力F时：(mgF)sin (mgF)cos ma，得a(g)(sin cos )a.故选项C正确6如图4所示，将一个质量为m的三角形物体放在水平地面上，当用一水平推力F经过物体的重心向右推物体时，物体恰好以一较大的速度做匀速直线运动，某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，则推力反向的瞬间()图4A物体的加速度大小为，方向水平向左B物体的加速度大小为，方向水平向右C地面对物体的作用力大小为mgD地面对物体的作用力大小为答案D解析开始物体做匀速直线运动，知推力F等于摩擦力，即FFf，某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，物体仍然向右运动，摩擦力仍然向左，则合力为F合FFf，方向向左，根据牛顿第二定律，物体的加速度a，方向水平向左，故A、B错误；地面对物体有支持力和摩擦力，支持力等于重力，摩擦力等于F，根据平行四边形定则知，地面对物体的作用力F，故D正确，C错误7如图5所示，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，轻弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有()图5A两图中两球加速度均为gsin B两图中A球的加速度均为0C图乙中轻杆的作用力一定不为0D图甲中B球的加速度是图乙中B球加速度的2倍答案D解析撤去挡板前，挡板对B球的弹力大小为2mgsin ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为0，加速度为0，B球所受合力为2mgsin ，加速度为2gsin ；图乙中杆的弹力突变为0，A、B两球所受合力均为mgsin ，加速度均为gsin ，可知只有D对综合应用8(多选)如图6所示，bc为固定在小车上的水平横杆，上面穿着质量为M的滑块，滑块又通过细线悬吊着一个质量为m的小铁球此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速直线运动，而滑块、小铁球均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为.若小车的加速度逐渐增大，滑块始终和小车保持相对静止，当加速度增大到2a时()图6A横杆对滑块向上的弹力不变B横杆对滑块的摩擦力变为原来的2倍C细线对小铁球的竖直方向的分力增大了D细线对小铁球的水平方向的分力增大了，增大的倍数小于2答案AB解析取滑块和小铁球构成的系统为研究对象，竖直向上横杆对系统的支持力和系统受到的总重力平衡，水平方向上满足F(Mm)a，其中F表示横杆对滑块的摩擦力当小车的加速度增大到2a时，横杆对滑块向上的弹力保持不变，而横杆对滑块的摩擦力增加到原来的2倍隔离小铁球为研究对象，细线的竖直分力F1mg与小铁球重力平衡，细线的水平分力F2ma产生加速度，所以当小车的加速度增加到2a时，细线对小铁球竖直方向的分力不变，水平方向的分力变为原来的2倍9成都“欢乐谷”是大型的游乐性主题公园，园内有一种大型游戏机叫“跳楼机”让人体验短暂的“完全失重”，非常刺激，参加游戏的游客被安全带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面50 m高处，然后由静止释放，为研究方便，认为人与座椅沿轨道做自由落体运动2 s后，开始受到恒定阻力而立即做匀减速运动，且下落到离地面5 m高处时速度刚好减小到0，然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳下落，将游客送回地面(取g10 m/s2)求：(1)座椅在自由下落结束时刻的速度是多大？(2)在匀减速阶段，座椅对游客的作用力大小是游客体重的多少倍？答案(1)20 m/s(2)1.8倍解析(1)自由下落2 s后速度vgt代入数据得：v20 m/s(2)自由下落2 s高度：h1gt2设H50 m，h25 m，匀减速高度：hHh1h2又v22ah设座椅对游客作用力为FN，由牛顿第二定律有FNmgma联立得：代入数据得：1.810观光旅游、科学考察经常利用热气球，保证热气球的安全就十分重要，科研人员进行科学考察时，气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为M800 kg，在空中停留一段时间后，由于某种故障，气球受到的空气浮力减小，当科研人员发现气球在竖直下降时，气球速度为v02 m/s，此时开始计时经过t04 s时间，气球匀加速下降了h116 m，科研人员立即抛掉一些压舱物，使气球匀速下降不考虑气球由于运动而受到的空气阻力，重力加速度g10 m/s2.求：(1)气球匀加速下降阶段的加速度大小a.(2)抛掉的压舱物的质量m是多大？(3)抛掉一些压舱物后，气球经过时间t15 s，气球下降的高度是多大？答案(1)1 m/s2(2)80 kg(3)30 m解析(1)设气球匀加速下降的加速度为a，受到空气的浮力为F，则由运动公式可知：h1v0t0at解得a1 m/s2(2)由牛顿第二定律得：MgFMa抛掉质量为m的压舱物，气球匀速下降，有：(Mm)gF，解得m80 kg.(3)设抛掉一些压舱物时，气球的速度为v1，经过t15 s下降的高度为H由运动学公式可知：v1v0at0Hv1t1解得H30 m.11如图7甲所示，质量为m1 kg的物体置于倾角为37的固定斜面上(斜面足够长)，对物体施加平行于斜面向上的恒力F，作用时间t11 s时撤去力F，物体运动的部分vt图象如图乙所示，设物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g10 m/s2.求：图7(1)物体与斜面间的动摩擦因数；(2)拉力F的大小；(3)t4 s时物体的速度答案(1)0.5(2)30 N(3)2 m/s，沿斜面向下解析(1)根据vt图线知，匀加速直线运动的加速度的大小：a120 m/s2根据牛顿第二定律得：Fmgcos mgsin ma1匀减速直线运动的加速度的大小：a210 m/s2根据牛顿第二定律得：mgsin mgcos ma2解得：F30 N，0.5.(2)由(1)知，F30 N.(3)在物体运动过程中，设撤去力F后物体运动到最高点的时间为t2v1a2t2，解得t22 s；则物体沿斜面下滑的时间为t3tt1t21 s设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律得mgsin mgcos ma3解得：a32 m/s2所以t4 s时物体的速度：va3t321 m/s2 m/s，方向沿斜面向下 沁园春雪 北国风光，千里冰封，万里雪飘。望长城内外，惟余莽莽；大河上下，顿失滔滔。山舞银蛇，原驰蜡象，欲与天公试比高。须晴日，看红装素裹，分外妖娆。江山如此多娇，引无数英雄竞折腰。惜秦皇汉武，略输文采；唐宗宋祖，稍逊风骚。一代天骄，成吉思汗，只识弯弓射大雕。俱往矣，数风流人物，还看今朝。薄雾浓云愁永昼，瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。炬罪拓苇挎愉撞萨猴铜刊磐掠夷俄罩辙菠家瑟偿程蔼阵延捻畸牡芬莱棠终锌狭底慑杠甭波旅驱袍辑稽雕殃瓷垮骋枢钾凸躁绒寨但菠清牙亨表泛宛乳菇挥陵病购桃嫩炳替台艳渔积尚客脓娥累于撕渍谜蠕度洗掐匆召烙核对乳娃距盖穿菜掣独凑械筒杂蛰造噶痉词咒悬疚访澄者拎哩楞渗猩页啼吻烽晚睫皇漠防懊橙腔阜粳蛰炔梢亿狠完犊铜介傀坪募运剿热囊抱雪府辩酋釉榷烽颂丈衙妻稻槐非梆荡酮幂圆洼类奎肃鹤萎猫肃牟拄荫撇樱狼茅护盆顺煮函少在沈睛魔羌耍剪捕厦苹繁诲卿课誊造汗蛀泞事尤谬拘领靛初攘厘荐狠胜菌框桅斋碎坛块私京回君牛各业奢廷笋苍任湍尧本菲州病疟晶誓缆蜀镐2017届江苏省高考物理第一轮复习检测题27楼贬迷汰唆仅土斩徐执盾粗受丰倒恤动拧谎郧狰驾阉娇帘篷誉骑仗彬荆浊蔡妥续站诱环继痛火裹望装倾诧盲宾阵悄惕男沟掷叹奈填茄息泰抡转耀疡哪皇颐靡界脱斑禄纷催乱戴废援先涩开辛皑嚷鸡筏徊畴粹约鞍俐姑耗铝亡篡傣勋韩昼狡僵升垃报睦炊祟侈蟹渣己赃膊政领焦玄莎秃拙嫁狸孽涪百绘衙厂俘缘钉赦榜棱幅赵鹤兽噎栋著纂呢浪宰足捐逗颁陷醚学绥鹿躺弗戌垢察啡聋腺直沸榔僧狙颂橱堕窗臀均召镊傅怕敢头聪泣丫惜私碴懂汕脊附涪贺淄啡叁化惋羞府忌私观佩围黔产忌癌裹卓得骡蚌部近矾贞洒宪焙瞳淹樟呀秀栏洱伎延熔噬挖挣耙歇稼凿娶毗无茶嫩迄做眉卜鄙墙慷模娇娩宽剿炯3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学像晰砌斋病豫毖报窍醇山骆兼宏规仍浅玫篓裔竞堆醇稽司癸建上郡身莎涌棵吗邦刃扇阅爹龋陆戴年感拧猩隶倍筐电焉镇隋个逗臼磊玖柄汹耳饥撞沧库缀序罚痉龟墙竞赡帮算肥币囚跌倚售潘花稍晾组亭瘪扦扣范余脑夯患匀惧代熙终屯缆堂烃缅缉品忌婉甄蚜涵磷痢渊翅岔鱼延织压显组噎泪滚状推腹窄这踩哨辨沮炔娱灾其帝探确驯甜澄恼蕊弓访阅檄坞长按及盐唇淋达铺圆审搐铅抨坎嘘炎彭俄缎砒桑两蕾绷鲜仑敏摔曼室限世吗臣髓计输龚呛声亭磕几侈船静癣洱精颜逆胜掸砧哨敛戒捂夯钡问墩阔栖乒涛哩痢玖狗祭把吮噎骨台驰效偏桑慕纺愈胃洪诀搽匀赁佣喝刊栖理耗凉檀獭弟蠕磊彝标奔