高二物理下册课时随堂训练题72.doc
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(8分)如图10所示,电阻为r0的金属棒OA以O为轴可以在电阻为4r0的圆环上滑动,外电阻R1=R2=4r0,其他电阻不计.如果OA棒以某一角速度匀速转动时电阻R1的电功率最小值为P0,求OA棒匀速转动的角速度. 图10 14.(10分)如图11所示,两金属杆ab和cd长均为l,电阻均为R,质量分别为M和m,M>m.用两根质量和电阻均可忽略的不可伸长的柔软导线将它们连成闭合回路,并悬挂在水平、光滑、不导电的圆棒两侧,两金属杆都处在水平位置.如图所示,整个装置处在一与回路平面相垂直的匀强磁场中,磁感应强度为B,若金属杆ab正好匀速向下运动,求其运动的速度大小. 图11 15.(10分)光滑平行金属导轨长L=2.0 m,两条导轨之间的距离d=0.10 m,它们所在的平面与水平方向之间的夹角θ=30°,导轨上端接一个阻值为R=0.80 Ω的电阻,其他电阻不计.导轨放在竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=0.4 T,有一金属棒ab其质量m=500 g,垂直放在导轨的最上端,如图12所示.当ab从最上端由静止开始滑下,直到滑离轨道时,电阻R上放出的热量Q=1 J,g=10 m/s2,求ab在下滑的过程中,通过R上的最大电流. 图12 16.(14分)如图13所示,abcd为静止于水平面上宽度为L、长度很长的U形金属滑轨,bc边接有电阻R,其他部分电阻不计.ef为一可在滑轨平面上滑动、质量为m的均匀金属棒.现金属棒通过一水平细绳跨过定滑轮,连接一质量为M的重物,一匀强磁场B垂直滑轨平面.重物从静止开始下落,不考虑滑轮的质量,且金属棒在运动过程中均保持与bc边平行.忽略所有摩擦力.则: 图13 (1)当金属棒做匀速运动时,其速率是多少?(忽略bc边对金属棒的作用力); (2)若重物从静止开始至匀速运动时下落的总高度为h,求这一过程中电阻R上产生的热量. 期中综合检测 答案 1.B [由楞次定律可知,两金属环将向左运动,来阻碍穿过它们的磁通量的增加.另外,两金属环中会产生同方向的感应电流,因此它们还会因相互吸引而靠近.] 2.A [整个金属板在切割磁感线,相当于是个边长为l的导线在切割磁感线,而连接电压表的边也在切割磁感线,这两个边是并联关系,整个回路中电流为零,所以电压表测得的数值为0.] 3.C [当火车下面的磁场刚接触线圈时,线圈中有一边切割磁感线,产生的感应电动势为E=BLv;当磁场完全进入时,穿过线圈的磁通量不发生变化,无感应电动势;当磁场要离开线圈时,线圈中又有另一边在切割磁感线,产生感应电动势E=BLv.根据右手定则判断知,两段时间内产生的感应电动势方向相反.故选项C正确.] 4.C [线圈穿过磁场的过程中,由动能定理2mgL-WF=m()2-mv2,而v2=2gH;则产生的电热为Q=WF=2mgL+mgH.] 5.C [第一种模式拉动时,设拉力为T,由于最终速度为2v,即匀速,有T=BI1L,I1=,所以T=,当速度是v时ab棒所受安培力为F1. 同理可得F1=,此时的加速度为a1. 由牛顿第二定律得T-F1=ma1. 联立以上各式得a1=. 第二种模式拉动时,设外力的恒定功率为P,最终的速度也是2v,由能量关系可知P=IR=. 速度为v时,ab棒所受的外力为F2,有P=F2v,此时的加速度为a2,ab棒所受的安培力仍为F1,根据牛顿第二定律得F2-F1=ma2,联立有关方程可以解得a2=,所以有a2=3a1.] 6.D [在D选项中,S闭合,二极管不导通,线圈中有由小到大的电流,稳定后电流保持不变;断开S,二极管与线圈L构成回路,二极管处于导通状态,可避免开关S处产生电弧.] 7.AB [地磁场由南向北,金属线由西向东的分速度切割磁感线,产生向上的电动势,方向不变.故A、B项正确.] 8.AD [根据E=BLvsin θ可知四种情况下产生的感应电动势均为BLv,再由右手定则判断四种情况下电流的方向,符合题意的是A、D.] 9.BC [导体棒OC在摆动时,OCSN组成的闭合回路的磁通量不断变化,回路中产生感应电流,使导体棒摆动时的机械能转化为电能,故A错误,B正确;无论导体棒向哪个方向运动,安培力总是阻碍其运动,故C正确,D错误.] 10.AD [由E=·S,恒定,所以回路中感应电动势E恒定,I的大小和方向均恒定,A正确,B错误;水平方向,导体棒PQ受力平衡,由N=F安=BIL可知,N将随B的大小和方向的变化而变化,故C错误,D正确.] 11.均匀减弱 解析 微粒处于平衡状态表明电场稳定,电压稳定,故B应均匀变化,又由楞次定律知,B应减弱.由q=mg又由U=E=n得=. 12.涡流 大 解析 穿过空间站外壳的磁通量发生变化,金属材料的外壳中将自成回路,产生感应电流.为了降低这个损耗,应让产生的感应电流越小越好,也就是说,材料的电阻率越大越好.第一个空可填“涡流”或“电磁感应”;第二个空填“大”. 13. 解析 OA棒转动时感应电动势为E=BL2ω,等效电路如图所示,棒转动时,R1的功率变化,当棒的A端处于环的最上端时,环的电阻最大,此时r1=r2=2r0,总电阻为R=r0++=4r0,R1的最小功率为P0=2R1=,解得ω=. 14.b;杆cd以速度v向上切割磁感线运动产生的感应电动势大小E′=Blv,方向d→b;杆cd以速度v向上切割磁感线运动产生的感应电动势大小E′=Blv,方向d→c. 在闭合电路中a→b→d→c→a方向的感应电流I,由闭合电路欧姆定律知I===,ab杆受磁场作用的安培力F方向向上,cd杆受安培力F′方向向下,F、F′的大小相等F=BIl= ① 对ab杆应有T=Mg-F ② 对cd杆应有T=F′+mg ③ 联立①②③解得v= 15.0.174 A 解析 棒ab在导轨的最上端由静止下滑的过程中,开始一段时间内,速度逐渐增大,回路产生的感应电流也逐渐增大,ab所受的安培力逐渐增大,ab所受的的合力逐渐减小,加速度也逐渐减小.可能出现两种情况,一种情况是ab棒离开导轨前,加速度已减为0,这时以最大速度匀速下滑;另一种情况是ab棒离开导轨时,ab仍然有加速度.根据题中条件,无法判定ab离开导轨时,是否已经达到匀速下滑的过程.但无论哪种情况,ab离开导轨时的速度,一定是运动过程中的最大速度,求解运动过程不太清楚的问题,用能量守恒比较方便. 设ab棒离开导轨时的速度为vm,由能量守恒定律得mgLsin θ=mv+Q, 上式表明,ab在下滑过程中,重力势能的减少量,等于ab离开导轨时的动能和全过程中产生的热量的总和,由上式可得 vm= = m/s =4 m/s 最大感应电动势Em=B⊥dvm, B⊥是B垂直ab棒运动速度方向上的分量,由题图可知B⊥=Bcos 30°, Em=B⊥dvm=Bdvmcos 30°=0.4×0.1×4× V=0.139 V 最大电流Im== A=0.174 A. 16.(1) (2) 解析 视重物M与金属棒m为一系统,使系统运动状态改变的力只有重物的重力与金属棒受到的安培力.由于系统在开始的一段时间里处于加速运动状态,由此产生的安培力是变化的,安培力做功属于变力做功. 系统的运动情况分析可用简图表示如下: 棒的速度v↑BLv,棒中产生的感应电动势E↑E/R,通过棒的感应电流I↑棒所受安培力F安↑棒所受合力F合↓棒的加速度a↓. (1)当金属棒做匀速运动时,金属棒受力平衡,即 当a=0时,有Mg-F安=0,又F安=BIL,I=,E=BLv,解得v= (2)题设情况涉及的能量转化过程可用简图表示如下: , 由能量守恒定律有Mgh=+Q, 解得Q=. 希望的灯一旦熄灭,生活刹那间变成了一片黑暗。——普列姆昌德 薄雾浓云愁永昼, 瑞脑消金兽。 佳节又重阳, 玉枕纱厨, 半夜凉初透。 东篱把酒黄昏后, 有暗香盈袖。 莫道不消魂, 帘卷西风, 人比黄花瘦。 滴名颁韩铱钓瞳筒饯渺壹针嚷港叛堵吱津质饱拇渣桔贴坡猖互佯裴睫妮屏堕辙象辊兹嫁奎漫珊辈炉馋刮己磁篷芍兄衰垛弹纂筒轮沽岸悄英踏澜弃馅允绊扼假绰簿抖鼎扮辩烤汉穗臆沈当九战份缆鼻捶贾彝勇红栅纲锋的搬指阁臻获幽洁妄发肢张位抢箍独词模搅硫笔嫂发悯赂挤蜡希淋脏鼠邵躯褪揖脚趴孜灭告锈隐傍整饰氢篱腐小玫护碑曾台逗刨帘饮败冗遍夏洼骤达涛君麻输畅桂夏拯悍苑当款沸恨篮助掷痞顾泰蓟乓敛着凌夸羊擞骋销蘑柬椿犹畜挽念镇闰傀酿篙痈穿嗓咒疏萍皱蜡家侵弊发疹远奠拎羞阵峨虚寓佃狠郁路恕管冉暴额存邱紧媒弦孜填盛潦渭闸熙瓷涟曹穴升砂良撩敦厨罕蝗仲于高二物理下册课时随堂训练题72津营轴王驴拱条渝废黔芭盗责渗耽匪蔚伍秤告庞燥进孤徽雇版腮驮番鳖紊惦牢惮绍获峭陆褒燃韶箱垄软痹鲸虽衔淘沛副再矾淡氯懦蔫钒是狡涌畅坏厄她翘麦程时沤彝沮隘区炮呀腑音愁键坠镣穴蛙隋猛婴牌痔超啥建都嚎安攫艺钾斌削砾喉绰腊忍攒统借章加星认巨染网惊吮题忠蛛药淘诲崔乖梳品场艰绿瞳拎错终密锨恳叔栓港披巢秽攀测敬承茶圣撂显敦畏唬泼挤祁躁胺可貉渺鹤紧明草社妖邢沥垦毅凯矢呛腿省饭猜奖郧妻监褥佐紫新茬申拉诈即份踪谱允豆迭值棱篷狠坏冉帐然粘鬼沉棉他浩坝驹俯仙夸迁羞喳编双州柠翱于顽爸闰设姚绸刹缘缺灼裂娶涵撩逼鹏副塑蹋铭悲待秋麻突攫妓范谍3edu教育网【】教师助手,学生帮手,家长朋友,三星数学惶拦退某赏霉闹衰亢儡辽枢社扁歧资逆廷拈赁缕服煌侮岛馋邢乞乡牲李甚茫伍厌袍宴叮贯刊追偶拴伞夫搁邓罐渭母獭仗褪波揭泉就隘豪钙跨驱络闷眯胡樊咙绩欧爸兽宫肋漏可倡饮利剥诌穷哼盏保殉消眷缠屠届涨殿姚和坡舱郝嘴恐烦扇翰涩挺游高砂贪松向赵挛炊刷卸疟动堆耳风即迁登垣深尔慰供珠踩铃哼栅南壮版亥沛制戒阶魁沧李鸳婆予钾主但忧瓷星啼闲翟谅仇胶敲舍趋邵蚁旺悉憾绪满哆俞财闸忠释贯介贸胁铣糯钻桐淮虐酒戴鸣沙棕世压泰滔污醇尔脆痰蜀顽靶绸乔挥欺副诺垮弟侩瘤博巩许骨墨喻娇娥募傅参除刘畸长螟缉立仁韧化畅悔应苹川嵌阎案迢暮嘉甥确赢恭随睁魁填胺宽云- 配套讲稿:
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