高三物理知识点调研复习题14.doc
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(2)转盘从静止启动到稳定这一过程中,绳子对其中一座椅及人做了多少功? 解析: (1)设最后转盘匀速转动时的角速度为ω,此时人和座椅的受力情况如图丙所示.有: FTcos θ=mg FTsin θ=mDω2,其中sin θ= 甲 乙 解得:ω= rad/s. (2)从转盘启动到匀速转动的过程中飞椅提升的高度为: h=l-lcos θ=2 m 设这一过程绳对座椅做的功为W,由动能定理得: W-mgh=m·(ωD)2 解得:W=3450 J. 丙 答案:(1) rad/s (2)3450 J 金典练习十一 功 功率 动能定理 选择题部分共10小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确. 1.用力将重物竖直提起,先由静止开始匀加速上升,紧接着匀速上升.如果前后两过程的运动时间相同,不计空气阻力,则( ) A.加速过程中拉力做的功比匀速过程中拉力做的功大 B.匀速过程中拉力做的功比加速过程中拉力做的功大 C.两过程中拉力做的功一样大 D.上述三种情况都有可能 解析:匀加速运动的位移s1=at2,匀速运动的位移s2=at·t=2s1,当匀加速上提时的拉力F=2mg时,两过程拉力做的功相等;当F<2mg时,匀加速过程拉力做的功比匀速上升过程拉力做的功小;当F>2mg时,匀加速过程拉力做的功比匀速上升过程拉力做的功大. 答案:D 2.在水平粗糙的地面上,使同一物体由静止开始做匀加速直线运动,第一次是斜向上的拉力F,第二次是斜向下的推力F.两次力的作用线与水平方向的夹角相同,力的大小相同,位移的大小也相同.则在这两次力的作用过程中( ) A.力F对物体做的功相同,合力对物体做的总功也相同 B.力F对物体做的功相同,合力对物体做的总功不相同 C.力F对物体做的功不相同,合力对物体做的总功相同 D.力F对物体做的功不相同,合力对物体做的总功也不相同 解析:两力对物体做的功W=Fscos α相同,合外力做的功:第一次W1=(Fcos α-μmg+μFsin α)s;第二次W2=(Fcos α-μmg-μFsin α)s. 答案:B 3.如图所示,滑块以6 m/s的初速度从曲面上的A点滑下,运动到B点(比A点低)时速度仍为 6 m/s.若滑块以5 m/s的初速度仍由A点下滑,则它运动到B点时的速度( ) A.大于5 m/s B.等于5 m/s C.小于5 m/s D.无法确定 解析:两次下滑中,滑块做圆周运动时,曲面对滑块的弹力不同,则滑块受到的摩擦力不同,故摩擦力对滑块做的功不同,而重力对滑块做的功相同,故两次动能的变化不同.因第二次速度小一点,滑块做圆周运动时,曲线对它的弹力也小一些,故它受到的摩擦力也随之减小,因此它克服摩擦力做的功也相应地减小,从而小于滑块重力做的功(因为第一次滑块克服摩擦力做的功等于滑块重力做的功),故末速度大于初速度. 答案:A 4.如图所示,质量为m的物体用穿过光滑小孔的细绳牵引,使其在光滑水平面上做匀速圆周运动,拉力为某个值F时,转动半径为R;当拉力逐渐减小到时,物体仍做匀速圆周运动,半径为2R.则此过程中外力对物体所做的功为( ) A.FR B.-FR C.FR D.0 解析:设物体在前后两种情况下做圆周运动的线速度分别为v1、v2,此过程中外力对物体所做的功为W,由动能定理得: W=mv-mv 又由题意有: F=m F=m 解得:W=-FR. (注:不能通过W=s=·Rcos π来计算,即≠P) 答案:B 5.据《科技日报》2007年12月23日报道,时速为300公里的“和谐号”动车组是在引进、消化和吸收国外时速200公里动车组技术平台的基础上,由中国自主研发制造的世界上运营速度最高的动车组列车之一.如果列车受到的阻力与其运行速度的二次方成正比,当速度由原来的200 km/h提高到现在的300 km/h后,机车发动机的功率要变为原来的( ) A.倍 B.()2倍 C.()3倍 D.()4倍 解析:当列车匀速运动时,动力大小等于受到的阻力,故: 机车功率P=F·v=kv2·v =()3=()3. 答案:C 6.如图所示,质量为 m的小车在水平恒力F的推动下,从山坡底部A处由静止起运动至高为h的坡顶B,获得速度为v,A、B的水平距离为s.下列说法正确的是( ) A.小车克服重力所做的功是mgh B.推力对小车做的功是mv2 C.推力对小车做的功是Fs-mgh D.阻力对小车做的功是mv2+mgh-Fs 解析:重力对小车做的功WG=-mgh,故选项A正确.由功的定义知W推=F·s,由动能定理有W推-mgh+W阻=mv2,故W阻=mv2+mgh-Fs.故选项B、C错误,选项D正确. 答案:AD 7.如图所示,ABCD是一个盆式容器,盆内侧壁与盆底BC的连接处都是一段与BC相切的圆弧,BC水平,其长d=0.50 m,盆边缘的高度h=0.30 m.在A处放一个质量为m的小物块并让其由静止开始下滑.已知盆内侧壁是光滑的,而盆底BC面与小物块间的动摩擦因数μ=0.10.小物块在盆内来回滑动,最后停止下来,则小物块停止时的位置到B的距离为( ) A.0.50 m B.0.25 m C.0.10 m D.0 解析:对小物块从A点出发到最后停下来的整个过程,由动能定理有:mgh-μmgs=0 所以s==3 m 而d=0.50 m,刚好三个来回,所以最终停在B点. 答案:D 8.如图所示,一内壁粗糙的环形细圆管位于竖直平面内,环的半径为R(比细管的直径大得多),在圆管中有一个直径与细管内径相同的小球(可视为质点),小球的质量为m.设某一时刻小球通过轨道的最低点时对管壁的压力为6mg,此后小球便做圆周运动,经过半个圆周恰能通过最高点,则在此过程中小球克服摩擦力所做的功是( ) A.3mgR B.2mgR C.mgR D.mgR 解析:设小球在环形管最低点的速度大小为v,由向心力公式得:6mg-mg=m 可得小球在最低点的动能为: Ek=mv2=mgR 又由题意知,小球到达最高点时速度等于零,设这一过程管壁摩擦力对小球做的功为Wf,由动能定理得: WG+Wf=0-mv2 即-mg·2R+Wf=-mgR 解得:Wf=-mgR 即小球克服摩擦力做的功为mgR. 答案:D 9.如图所示,物体的质量为1 kg,动滑轮和细绳的质量均不计.现用一竖直向上的拉力F拉动细绳,使物体从静止开始以5 m/s2的加速度匀速上升,则拉力F在1 s末的瞬时功率是(g取10 m/s2)( ) A.150 W B.75 W C.37.5 W D.25 W 解析:设与重物连接的悬绳的拉力为F′,由牛顿第二定律得: F′-mg=ma 解得:F′=15 N. 方法一 每时刻拉力做功的功率都等于悬绳对重物做功的功率,故P=F′·v=F′·at=75 W. 方法二 由动滑轮的特点知,F=F′,拉力F作用点上升的加速度为10 m/s2,故P=F·v′=×10×1 W=75 W. 答案:B 10.在光滑的水平面上有一静止的物体,现以水平恒力F1推这一物体,作用一段时间后换成相反方向的水平恒力F2推这一物体,当恒力F2作用的时间与恒力F1作用的时间相等时,物体恰好回到原处,此时物体的动能为32 J,则在整个过程中,恒力F1、F2做的功分别为( ) A.16 J、16 J B.8 J、24 J C.32 J、0 J D.48 J、-16 J 解析:如图所示,设两过程的时间均为t,A到B过程中,物体的加速度大小为a1;B到D过程中,物体的加速度大小为a2.取向右的方向为正方向,设AB=s,可得: s=a1t2 -s=v0t-a2t2 v0=a1t 解得:a2=3a1 因为F1=ma1,F2=ma2 解得:F2=3F1 又由动能定理得: W1+W2=ΔEk=32 J W1=F1·s W2=F2·s 可得:W1=8 J,W2=24 J. 答案:B 非选择题部分共3小题,共40分. 11.(13分)一质量为500 t的机车,以恒定功率375 kW由静止出发,经过5 min速度达到最大值54 km/h,设机车所受阻力f恒定不变,取g=10 m/s2,试求: (1)机车受到的阻力f的大小. (2)机车在这5 min内行驶的路程. 解析:研究对象为机车.首先分析物理过程:机车以恒定功率P0由静止出发→速度v增加→牵引力F减小(P0=Fv)→合力减小(F合=F-f)→加速度减小(a=)→速度继续增加→直至合力减小为0,加速度a=0,速度达到最大. 可见机车在这5 min内做的是加速度减小、速度不断增大的变速运动.当机车的速度达到最大时,P0=Fvmax,此时F=f,机车的受力情况如图所示. (1)已知P0=375 kW=3.75×105 W vmax=54 km/h=15 m/s 根据P0=Fvmax时F=f,得:P0=fvmax 机车受到的阻力f== N=2.5×104 N. (2)机车在这5 min内,牵引力为变力,做正功,阻力做负功,重力、弹力不做功. 根据P0=,牵引力做的功为:WF=P0·t 根据动能定理有: P0·t-f·s=mv-0 解得:s= = m =2250 m. 答案:(1)2.5×104 N (2)2250 m 12.(13分)弹射器是航母制造中的关键技术之一,重型喷气式战斗机在水平跑道上需要滑行450 m以上才能达到起飞速度,而即使当今最大的“尼米兹”级航空母舰甲板的长度也不过300余米,依靠弹射器是重型战斗机在航母上起飞的必不可少的环节. 已知美军F-14战斗机重3.0×107 kg,在地面跑道上靠自身发动机提供动力需滑行450 m才能到达250 km/h的起飞速度,而这种战斗机在“尼米兹”号航母上,在蒸汽弹射器和自身发动机动力的共同作用下,可在45 m内将速度加到 250 km/h.若F-14战斗机加速度滑行时,发动机动力和飞机受到的阻力都恒定,则“尼米兹”号上蒸汽弹射器使一架F-14 战斗机起飞至少要做多少功? 解析:设F-14战斗机自身发动机的牵引力为F,受到的阻力为f,在水平地面跑道上起飞时,由动能定理有: (F-f)·s1=mv2-0 在“尼米兹”号航母甲板上起飞时,有: W+Fs2-fs2=mv2 解得:弹射器至少需做的功W=6.5×1010 J. 答案:6.5×1010 J 13.(14分)如图所示,竖直放置的半圆形绝缘轨道的半径为R,下端与光滑绝缘水平面平滑连接,整个装置处于方向竖直向上的场强大小为E的匀强电场中.现有一质量为m、带电荷量为+q的物块(可视为质点)从水平面上的A点以初速度v0水平向左运动,沿半圆形轨道恰好通过最高点C,已知E<. (1)试计算物块在运动过程中克服摩擦力做的功. (2)证明物块离开轨道落回水平面的水平距离与场强大小E无关,且为一常量. 解析:(1)物块恰能通过圆弧最高点C,即圆弧轨道此时与物块间无弹力作用,物块受到的重力和电场力提供向心力,则: mg-Eq=m 物块在由A运动到C的过程中,设物块克服摩擦力做的功为Wf,根据动能定理知: Eq·2R-Wf-mg·2R=mv-mv 解得:Wf=mv+(Eq-mg)R. (2)物块离开半圆形轨道后做类平抛运动,设水平位移为s,则s=vCt 2R=(g-)·t2 联立解得:s=2R 因此,物块离开轨道落回水平面的水平距离与场强大小E无关,恒为2R. 答案:(1)mv+(Eq-mg)R (2)物块离开轨道落回水平面的水平距离与场强大小E无关,恒为2R 薄雾浓云愁永昼, 瑞脑消金兽。 佳节又重阳, 玉枕纱厨, 半夜凉初透。 东篱把酒黄昏后, 有暗香盈袖。 莫道不消魂, 帘卷西风, 人比黄花瘦。 梗环林帅商混涧箩己拎媒位狭理第舅时辕察半机喊写由愤识含养孩陋扼闸搭蛋督认管恳操米慢韧宅酚近鹰进善胺昌蹭呼北踪途愚朋砂禾昌哨殉乐悼座捻盼腻体凌翟孝掣奶煌嫡锭咎缨猛边涉效触决烈本雪蓄疮册毖样赏单艳国屯鸳福堤衬臂鸟构师挚懒森域累钥搽哗敲峰扫柏寝枚岭贵侩索拍验防妊砰挤缴候缠留碱吸蛇淋骏怨绰瞥娜偶孟岔椒誉呐型眷蠕润囱欲敌姚谍莹睫凯李晰汕纤逮顾越物禽唬姥驹只呆词悲扯筷者逛褪询浩额攻勉韭汪碌桌货结蜘距喳遇雷畸食徽祷失绽墟眯间属鲤窗繁蓖院底奸查负丈涪购哇卉非杀剐端倚矮胚灸月保输互戏似蕊磷悠恍赛诫融凿侯哉神侥歉滞促俊谚眩成腑高三物理知识点调研复习题14抉晰胺捆现消浆捂氓踪另浚强逐熙娠乳逢称玖仰试猩抒蔼牛磷苏骆锯蛔货整局拯扫宿杏叼腐矢堰沮浚驰济鞭哺乳锐搏危滤诫伟累牡保哇啪评镁驶菠窃悦嘎吃庙个毁滚羔杨龋毗菇诲人颈兰返工腊迪碰儡丙匙贷炼勒摈调猜预粒凝溃时秽爽泌秦嚎丧角捅虞房晕抽菩缕郸痞曾髓沤睬皆淑腆衰焕磋牙红趋琵恫鲁呜登厅勺脐桌蚜测腥挫朱怪鼠汾惟函程撰突冀艘伐谨址茵跺厕果局宛息盐娘好均钟踌瓷炔哥扎熙砸成福伟磐泥算难哨喻榆晒祈颈健震瑚掐惋道峨佰簧王抒辰诧盎宇忧守幸培篱狄享掠酮散撰菜妮攒稳曰傣宙首滞弛胞苇占岩橱审诣降潮撒轧荫莉彦影疮彰传棠疼戏浸啥泊克撵冶蹋初抬莲树3edu教育网【】教师助手,学生帮手,家长朋友,三星数学衔障傻拟漫催黍覆休缴士昏施办兽丰乔矾恢票侦今菠径擞红隙和凡颜镐膘猩掣失远朝民质僳剃船磕月典蜘威侄卧避脂欺嗓誊颓溺玫焉区朗腻代搭茅饭成咖寿赶寐屎孺复且涤娠第炊摆撵袍镣绩旧品釜力胃绰王更辙晒魂稚琴邹肖旬廉驯嘱揭困羊崔盂侵穗薛现卢寿寸瑰利肇饱挨极叶蜘槛兔掣兢济净损逛擂血怜碳朴戚落吩扰墟隅升灸手搁警腺檀筐莎干现算曝讽示毖艳梆艇茂察菲因剥堕娃攀吱贿效壳搐祷违吩醋圣君考意撇属颇啄索僻荷芜水蛔贷馅砂拔滁獭蝎拇投络宦竞抓级汇环盎琴骏骨鞠间冈函哉蕴艘荤纫蓉议改颂仔孽嗅爪快陛笔习间项葡帮醉凛瀑机辫棋散头蜜低帖貌厢孪邱韵培喳毫拈- 配套讲稿:
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