山东省商河县2016届高三化学下册3月月考试题4.doc

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山东省商河县燕家乡中学2016届高三下期3月月考化学试卷（鲁教版，解析版）

1．具有下列特征的原子一定是非金属元素的是
A.最外层电子数大于4
B.具有负化合价
C.最高价氧化物对应水化物是酸
D.具有可变化合价
【答案】 B
【解析】 有些金属元素最外层上的电子数大于4，如Sb最外层上有5个电子，高锰酸是金属元素锰的最高价氧化物对应的水化物，铁元素有＋2和＋3两种正化合物，而金属元素不具有负化合价。
2．焰火“脚印”、“笑脸”、“五环”，让北京奥运会开幕式更加辉煌、浪漫，这与高中化学中“焰色反应”知识相关。下列说法中正确的是： （ ）
A．焰色反应是化学变化
B．用稀盐酸清洗做焰色反应的铂丝（镍丝或铁丝）
C．焰色反应均应透过蓝色钴玻璃观察
D．利用焰色反应可区分NaC1与Na2CO3固体
【答案】B
【解析】焰色反应是元素的性质，是物理变化，A、D错误；观察钾元素的焰色时需透过蓝色的钴玻璃而其他元素不需要，C错误；做实验时要用盐酸来清洗铂丝表面的杂质，B正确。答案选B。
3．某金属硝酸盐受热分解后生成三种物质，其中NO2和O2的物质的量之比为2∶1，在另一种物质中，金属的化合价与反应前相比是（ ）
A.升高 B.降低 C.不变 D.无法确定
【答案】B
【解析】,,生成2 mol NO2得2 mol e-,生成1 mol O2失1 mol×4e-，所以，金属应得到电子，化合价降低。
4．下列对可逆反应的认识正确的是( )
A．SO2+Br2+2H2OH2SO4+2HBr与2HBr+H2SO4(浓) Br2+SO2↑+2H2O互为可逆反应
B．既能向正反应方向进行，又能向逆反应方向进行的反应叫可逆反应
C．在同一条件下，同时向正、逆两个方向进行的反应叫可逆反应
D．在一定条件下，SO2被氧化成SO3的反应是可逆反应
【答案】CD
【解析】可逆反应是指在同一条件下(同温、同压、同催化剂)，同时向正、逆两个方向进行的反应。A项中，前者生成物为稀H2SO4和HBr水溶液，后者反应物为浓H2SO4和HBr气体；D项：2SO2+O22SO3，正逆反应条件相同。
5．W、X、Y、Z是四种常见的短周期元素，其原子半径随原子序数的变化如图所示。已知W的一种核素的质量数为18，中子数为10；X是短周期元素中原子半径最大的元素(不考虑稀有气体的原子半径)；Y的单质是一种常见的半导体材料；Z的非金属性在同周期元素中最强。下列说法不正确的

A．简单离子半径：Z＞X＞W
B．最简单气态氢化物的稳定性：Y＜Z
C．化合物XZW中既含离子键又含共价键
D．Y的氧化物能与X的最高价氧化物对应的水化物反应
【答案】A
【解析】
试题分析：W、X、Y、Z是四种常见的短周期元素，W的一种核素的质量数为18，中子数为10，可知W的质子数为8，则W是氧元素；X是短周期元素中原子半径最大的元素，故X为Na元素；Y的原子半径介于X和W之间，Y的单质是一种常见的半导体材料，所以Y是Si元素；Z的非金属性在同周期元素中最强，原子序数大于Si，故Z为Cl元素，则A、离子的核外电子层数越多，离子半径越大。O2-、Na+离子电子层结构相同，核电荷数越大，离子半径越小，故离子半径：Cl－＞O2-＞Na+，A不正确；B、非金属性Si＜Cl，非金属性越强，氢化物越稳定，B正确；C、化合物NaClO既含离子键，又含共价键，C正确；D、Y的氧化物为二氧化硅，X高价氧化物对应的水化物为NaOH，二氧化硅能与氢氧化钠溶液反应，D正确，答案选A。
【考点定位】本题主要是考查结构性质位置关系应用
【名师点晴】微粒半径的大小比较：一看电子层数：同主族元素的微粒，电子层数越多，半径越大；二看核电荷数：在同周期中的原子，核电荷数越大，半径越小； 三看电子数：在电子层数和核电荷数均相同时，电子数越多，半径越大。
6．设NA 为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．3.4gNH3中含N—H键数目为0.2 NA
B．标准状况下，体积相同的两种气体的分子数一定相同
C．标准状况下，22.4 L甲醇中含有的氧原子数目为1.0 NA
D．1 L 0.1 mol·L－1的Fe2 (SO4)3溶液中，Fe3+的数目为0.2 NA
【答案】B
【解析】
试题分析：A、3.4gNH3物质的量=3.4/17=0.2mol,一个氨气含有三个N—H键，0.2mol含有N—H键的数目为0.6NA，A项错误；B、标准状况下，体积相同的两种气体，物质的量相同，分子数一定相同，B项正确；C、标况下甲醇不是气体，C项错误；D、．1 L 0.1 mol·L－1的Fe2 (SO4)3溶液中，Fe3+要水解，所以数目小于0.2 NA ，D项错误；答案选B。
考点：考查与阿伏伽德罗常数有关的计算
7．C6H14的各种同分异构体中，所含甲基数和它的一氯取代物的数目与下列相符的是
A. 2个－CH3，能生成6种一氯代物
B. 3个－CH3，能生成4种一氯代物
C. 3个－CH3，能生成5种一氯代物
D. 4个－CH3，能生成4种一氯代物
【答案】BC
【解析】
试题分析：A. 2个－CH3，则有机物是CH3CH2CH2CH2CH2CH3，因此能生成3种一氯代物，A错误；B. 3个－CH3，则结构简式可以为CH3CH2CH(CH3)CH2CH3，所以能生成4种一氯代物，B正确；C. 3个－CH3，则结构简式可以为(CH3)2CHCH2CH2CH3，因此能生成5种一氯代物，C正确；D. 4个－CH3，则结构简式可以是(CH3)2CHCH(CH3)2或(CH3)3CCH2CH3，其一氯代物分别是2种和3种，D错误，答案选BC。
考点：考查同分异构体判断
8．X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，原子序数依次增大。其中X、Z同主族，Y、Z同周期， Y原子的最外层电子数是次外层电子数的一半，X原子最外层电子数是核外电子层数的3倍，W的最高正价与最低负价代数和为6。下列说法正确的是
A．四种元素非金属性由强到弱的顺序是：W＞X＞Y＞Z
B．原子半径由小到大的顺序为：X< W < Z < Y
C．Y、Z、W三种元素气态氢化物中，Z的气态氢化物最稳定
D．Y和Z的氧化物都属于酸性氧化物，它们都能与水反应生成相应的酸
【答案】B
【解析】X原子最外层电子数是核外电子层数的3倍，X是氧。X、Z同主族，Z是硫。因为原子序数X、Y依次增大，Y原子的最外层电子数是次外层电子数的一半，Y是硅。W的最高正价与最低负价代数和为6，是原子序数比Z（硫）大的短周期主族元素，，所以W是氯。A．四种元素非金属性由强到弱的顺序是：W＞X＞Z＞Y。C项，W的气态氢化物最稳定。D项，二氧化硅不能与水反应生成相应的酸
9．某同学利用家中废旧材料制作一个可使玩具扬声器发出声音的电池，装置如图所示。下列说法不正确的是

A、电流方向为：铝质易拉罐→导线→扬声器→导线→炭棒
B、铝质易拉罐将逐渐被腐蚀
C、电池总反应为：4Al+3O2+6H2O=4Al(OH)3
D、炭棒上发生的主要反应为：O2+4e-+2H2O=4OH-
【答案】A
【解析】该装置为原电池装置，炭棒为正极，铝为负极，电子由铝经导线通过扬声器流向炭棒。
A不正确，电流流动的方向与电子流动的方向相反，即电流方向为：炭棒→导线→扬声器→导线→铝质易拉罐；
B正确，铝为负极逐渐腐蚀；
C正确，负极铝失去电子，正极为空气中的氧气得到电子，总反应式为：4Al+3O2+6H2O=4Al(OH)3；
D正确，炭棒为正极，得到电子的一极，其电极反应式为：O2+4e-+2H2O=4OH-
10．下列表述中正确的是(　　)
A.已知2H2(g)+O2(g)2H2O(g)　ΔH=-483.6 kJ/mol,则氢气的燃烧热为241.8 kJ
B.由C(石墨,s)C(金刚石,s)　ΔH=+11.9 kJ·mol-1可知,金刚石比石墨稳定
C.同温同压下,H2(g)+Cl2(g)2HCl(g)在光照和点燃条件的ΔH不同
D.任何一个化学变化都伴随着能量的变化
【答案】D
【解析】燃烧热的定义是1 mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物的热效应,产物水应为液态且燃烧热的单位是kJ·mol-1,故A项错误;根据石墨到金刚石吸热知,石墨的能量低,能量越低越稳定,石墨比金刚石稳定,B项错误;ΔH=生成物总焓-反应物总焓,知ΔH与反应条件无关,C项错误;任何一个化学反应生成物总焓不等于反应物总焓,总有能量变化,故D项正确。
11．已知常温下Ksp(AgCl）=1．8×l0-10，Ksp(AgBr）=5×10 -13，下列有关说法错误的是
A．在饱和AgCl、AgBr的混合溶液中：= 360
B．向AgCl悬浊液中滴加浓NaBr溶液会产生淡黄色沉淀
C．AgCl在水中溶解度及Ksp均比在NaCl溶液中的大
D．欲用1 L NaCl溶液将0．01 mol AgBr转化为AgCl，则c(NaCl)≥3．61 mol／L
【答案】C
【解析】
试题分析：同一溶液中，银离子相同，溶液中同时存在如下两种关系式c(Ag+)c(Br-)=KSP(AgBr)，c(Ag+)c(Cl-)=KSP(Ag Cl)，所以c(Cl-)/ c(Br-)= KSP(Ag Cl)/ KSP(AgBr)，所以KSP(AgBr)=360，所以A=正确。由于KSP(Ag Cl)>KSP(AgBr)，氯化银容易转化为溴化银浅黄色沉淀，所以B正确；溶度积只与温度有关，C项错误。当溴化银全部转化为氯化银时，溶液中溴离子浓度为0．01mol/L，将有关数据导入计算式，求配合时氯离子浓度=3．6mol/L，溴化银转化过程中消耗了0．01mol/L氯化钠，故氯化钠的最低浓度为3．61mol/L，D正确。
考点：难溶电解质的转化
12．下列说法中，不正确的是
A．Na2CO3水溶液呈碱性，所以其热溶液可以除去物品表面的油污
B．Fe(OH)3胶体能吸附水中的悬浮颗粒并沉降，因而具有净水作用
C．SO2与某些有色物质反应生成的无色物质不稳定，因而不能用于漂白纸浆
D．镁合金密度较小，硬度和强度较大，因而被大量用于制造火箭、导弹和飞机的部件
【答案】C
【解析】
试题分析：A、正确；B、正确；C、SO2常用于漂白纸浆，错误；D、正确。
考点：常见物质的用途。
13．下列粒子半径之比大于1的是
A．K+／K B．Mg / Ca C．O2- / Na+ D．Cl / Cl－
【答案】C
【解析】阳离子比较小于原子半径，阴离子比较大于原子半径，A和D都小于1。同主族自上而下原子半径之间减小，所以B是小于1的。核外电子排布相同的微粒，其微粒比较随原子序数的增大而减小，所以C正确。答案选C。
14．下表是元素周期表主族元素的一部分。
W
X
Y

Z
短周期元素X的最高正价是＋5价，Y单质可在空气中燃烧。下列说法正确的是
A．Z的元素符号是S, 原子结构示意图为
B．W、X、Y、Z的气态氢化物的稳定性依次减弱
C．W、X、Y的最高价氧化物对应水化物的酸性依次增强
D．Y有两种常见的同素异形体，化学式分别为Y2与Y3
【答案】C
【解析】依短周期元素X的最高正价是＋5价，知X为第五主族元素，则W为第四主族元素，而Y Z为第六主族元素；又据Y单质可在空气中燃烧，知Y不是氧而是硫，故知Z是硒，X是磷，W是硅，所以答案A错误。
B 错误 据元素周期律，W`X Y属同周期元素其非金属性依次增强，相应气态氢化物稳定性也逐渐增强，Y Z属同主族元素，其非金属性逐渐减弱，相应气态氢化物稳定性也逐渐减弱
C 正确 元素周期律知W、X、Y的非金属性逐渐增强，所以其最高价氧化物对应水化物的酸性也依次增强
D 错误 硫的同素异形体不同于氧
15．(6分)
（1） NaHCO3的水溶液呈 （填“酸”、“中”、“碱”）性，实验室保存NaHCO3溶液的试剂瓶应用 塞，原因
(写出有关的离子方程式，下同)；Al2(SO4)3显酸性，溶液蒸干最后得到的固体产物是
；
（2） 普通泡沫灭火器是利用NaHCO3溶液跟Al2(SO4)3溶液混合，产生大量的气体和沉淀，气体将混合物压出灭火器，相关反应的离子方程式是
。
【答案】(1)碱性 橡皮塞 HCO3－＋H2OH2CO3＋OH－ Al2(SO4)3 (各1分)
(2) 3HCO3－+ Al3+Al(OH)3 ↓+ CO2↑(2分)
【解析】
16．氧化还原滴定与酸碱中和滴定一样是化学实验室常用的定量测定方法。某氧化还 原滴定的反应体系中有反应物和生成物共六种，，其中H2SO3的还原性最强，KMnO4的氧化性最强。对此反应体系：
(1) 被氧化的元素是_______；发生还原反应的过程是________→______。
(2) 请用这六种物质组织一个合理的化学反应,写出它的离子方程式：_______
(3) 反应中H2SO4是_______ (填编号)
A,氧化剂 B.氧化产物 C.生成物 D.反应物
(4) 当有20mL 0.1mol/L的氧化剂参加反应时，电子转移数目是_______ 。
(5) 用标准KMnO4溶液滴定H2SO3时,滴定终点时颜色变化是_______。
(6) 滴定过程中.下列图像所表示的关系正确的是_______(填编号）。

【答案】（11分） （1） +4价的 S（1分）； KMnO4 → MnSO4（2分）；
（2） 2MnO4- +5H2SO3 =2Mn2+ +5SO42- +4H++3H2O（1分）；
（3） B、C （2分）； （4） 0.01NA（或6.02×1021）（2分）；
（5）溶液由无色变为紫红色，且半分钟内不变色 （1分）；（6） （a）（c） （2分）
【解析】
试题分析：(1) H2SO3的还原性最强，说明其中的+4价的S元素易被氧化，KMnO4的氧化性最强，说明发生还原反应，故被氧化的元素是+4价的S，发生还原反应的过程是KMnO4 → MnSO4。
(2) H2SO3的还原性最强，反应中做为还原剂，KMnO4的氧化性最强，反应中做为氧化剂，离子方程式为2MnO4- +5H2SO3 =2Mn2+ +5SO42- +4H++3H2O。
(3) H2SO4是H2SO3被氧化后生成的产物，故反应中H2SO4是氧化产物，故错BC。
(4)根据离子方程式分析，2molMnO4-转移电子数为10 NA电子，故20mL 0.1mol/L，即0.002mol的氧化剂参加反应时，电子转移数目是0.01NA（或6.02×1021）。
(5)反应过程中，紫红色的KMnO4生成为无色的MnSO4，故用标准KMnO4溶液滴定H2SO3时,滴定终点时颜色变化是溶液由无色变为紫红色，且半分钟内不变色。
(6) 滴定过程中，有酸生成，故pH减小，故（a）正确；反应物H2SO3是弱电解质，部分电离，生成的H2SO4是强电解质，全部电离，离子难度增大，导电性增强，故（b）错误，（c）正确。故选（a）（c）。
考点：氧化还原反应的应用 酸碱中和滴定
点评：本题考查氧化反应的应用和酸碱中和滴定，题目难度中等，注意把握滴定原理以及实验的误差分析，为该题的易错点。

17．（10分）下图是实验室制取并收集Cl2的装置。A是Cl2发生装置，，E是硬质玻璃管中装有细铁丝网；F为干燥的广口瓶，烧杯G为尾气吸收装置。

试回答：
（1）A中发生的化学反应方程式为 。
（2）C、D、G中各装的药品：C__________；D__________；G__________。
（3）E中的现象为 ；反应方程式为 。
（4）写出G中反应的离子方程式 。
（5）若将Cl2和SO2等物质的量混合漂白作用减弱，用化学方程式解释原因 。
【答案】[共10分]
（1）MnO2+4HCl（浓） MnCl2+Cl2↑+2H2O
（2）饱和Na Cl溶液；浓 H2SO4 ；NaOH溶液
（3）剧烈反应，产生棕黑色（棕褐色）的烟，放出大量热；2 Fe +3 Cl2 2FeCl3
（4）Cl2+2 OH－══Cl－+ ClO－ + H2O (2分)
（5）Cl2+SO 2+2H2O ══H2SO4+ 2HCl (2分) 其余各1分
【解析】
试题分析：（1）A中是实验室制氯气的发生装置，发生的化学反应方程式为：MnO2+4HCl（浓）MnCl2+Cl2↑+2H2O。
（2）实验制备氯气中含杂质气体氯化氢和水蒸气，通入E装置时需要除去杂质，所以通过饱和食盐水除去氯化氢，通过浓硫酸除去水蒸气；氯气有毒不能排到大气中，要进行尾气吸收。
（3）氯气和铁反应生成氯化铁产生棕褐色烟，剧烈反应放热，该反应为2Fe+3Cl22FeCl3 。
（4）G中反应是尾气吸收装置，氯气有毒需要用氢氧化钠溶液吸收，反应的离子方程式为：Cl2+2OH-═Cl-+ClO-+H2O。
（5）若将Cl2和SO2等物质的量混合漂白作用减弱，氯气具有氧化性，二氧化硫具有还原性，二者1：1发生氧化还原反应生成硫酸和盐酸，反应的化学方程式为：Cl2+SO 2+2H2O═H2SO4+2HCl。
考点：本题考查氯气的实验室制备原理、装置、杂质气体的处理、反应现象的分析判断，离子方程式和化学方程式的书写。
18．为了保护环境，充分利用资源，某研究小组通过如图简化流程，将工业制硫酸的硫铁矿烧渣（含Fe2O3．SiO2．Al2O3等）转变成重要的工业原料FeSO4（反应条件略）

活化硫铁矿还原Fe3+的主要反应为：FeS2+7Fe2（SO4）3+8H2O═15FeSO4+8H2SO4，不考虑其它反应，请回答下列问题：
（1）第1步H2SO4与Fe2O3反应的离子方程式是_____ _____．
（2）检验第II步中Fe3+是否完全还原，应选择__________（填字母编号）．
A．KMnO4溶液 B．KSCN溶液 C．KCl溶液 D． KOH
（3）第III步加FeCO3调溶液pH=6时，利用相关数据计算，（已知Ksp Al（OH）3=1.9×10﹣33，当离子浓度小于1×10﹣5mol•L﹣1时，可认为沉淀完全）判断Al3+_______（填“是”或“否”）能沉淀完全。
（4）FeCO3在空气中加热反应可制得铁系氧化物材料．
已知25℃，101kPa时：4Fe（s）+3O2（g）═2Fe2O3（s）△H=﹣1648kJ/mol
C（s）+O2（g）═CO2（g）△H=﹣393kJ/mol
2Fe（s）+2C（s）+3O2（g）═2FeCO3（s）△H=﹣1480kJ/mol
FeCO3在空气中加热反应生成Fe2O3的热化学方程式是__________．
（5）FeSO4溶液在加热浓缩结晶时要注意_________________________________,FeSO4在一定条件下可制得FeS2（二硫化亚铁）纳米材料，该材料可用于制造高容量锂电池，电池放电时的总反应为4Li+FeS2═Fe+2Li2S，正极反应式是__________．
【答案】（1）Fe2O3+6H+=2Fe3++3H2O；
（2）B；
（3）溶液pH=6时，c（OH﹣）=1×10﹣8 mol/L，根据c（Al3+）==mol/L=1.9×10﹣9 mol/L＜10﹣5mol/L，所以铝[来源:学+科+网Z+X+X+K]离子沉淀已经完全，
故答案为：是；
（4）4FeCO3（s）+O2（g）=2Fe2O3（s）+4CO2（g）△H=﹣260kJ/mol；
（5）避免接触到空气防止其被氧化 FeS2+4e﹣=Fe+2S2﹣
【解析】
试题分析：硫铁矿烧渣用硫酸浸取，过滤后滤液中含有硫酸铁，未反应的硫酸，用活化硫酸铁还原铁后过滤，向滤液中加入碳酸亚铁调节溶液的pH，过滤后在通入空气，调节溶液的pH，除去溶液中杂质离子，过滤浓缩结晶得到硫酸亚铁晶体。（1）硫酸和氧化铁反应生成硫酸铁和水，离子方程式为Fe2O3+6H+=2Fe3++3H2O；（2）检验溶液中是否还有铁离子，可以用硫氰化钾溶液，若显红色，则还有铁离子，没有完全被还原，若没有红色，则说明铁离子完全被还原，选B；（3）溶液pH=6时，c（OH﹣）=1×10﹣8 mol/L，根据c（Al3+）==mol/L=1.9×10﹣9 mol/L＜10﹣5mol/L，所以铝离子沉淀已经完全。（4）根据盖斯定律分析，反应①-反应③×2+反应②×4可得热化学方程式为：4FeCO3（s）+O2（g）=2Fe2O3（s）+4CO2（g）△H=-1648-2×（-1480）+4×（-393）=﹣260kJ/mol；（5）硫酸亚铁中的亚铁离子容易被空气中的氧气氧化，所以在加热浓缩过程中避免接触到空气防止其被氧化；根据电池的总反应分析，锂做原电池的负极，失去电子，二硫化亚铁做正极，得到电子生成铁和硫离子，电极反应为： FeS2+4e﹣=Fe+2S2﹣。
考点：制备实验方案的设计，物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用
19．(15分)某实验小组的同学为探究Na2O2与SO2的反应，用下图所示装置进行实验。通入SO2气体后，将带火星的木条插入试管C中，木条复燃。

请回答下列问题：
（1）A装置中浓硫酸的作用是__________。
（2）部分同学依据Na2O2和CO2的反应，用类比的方法推理Na2O2与SO2反应的固体产物为__________。另一部分同学依据SO2的强还原性和Na2O2的强氧化性，猜想产物中含有Na2SO4。为检验生成物中是否存在Na2SO4，他们设计了如下实验方案：

请判断上述方案是否合理__________，简要说明理由：__________。
（3）向1L1.0mol/LNaOH溶液中缓慢通入1.0molSO2气体，请分析通入SO2物质的量与溶液中溶 质组成的关系，填写下表空格。
n(SO2)的范围/mol
溶液中溶质的化学式
（0，0.5）
__________
__________
Na2SO3、NaHSO3
请在下图中画出溶液中溶质的总质量随缓慢通入SO2物质的量的变化曲线。（作图时请在起点、拐点和终点注明坐标）

【答案】（1）干燥SO2 （2）Na2SO3 ；不合理；稀硝酸能将亚硫酸钡氧化为硫酸钡；如果反应后的固体者还残留Na2O2，它溶于水后能将亚硫酸钡氧化成硫酸钡
（3）Na2SO3；（0.5，1.0）

【解析】
试题分析：（1）由于SO2中含有的水蒸气能与过氧化钠反应生成氢氧化钠和氧气，从而干扰实验，因此A装置中浓硫酸的作用是干燥SO2。
（2）Na2O2和CO2反应生成碳酸钠和氧气，因此根据类比的方法可判断Na2O2与SO2反应的固体产物为亚硫酸钠。由于稀硝酸能将亚硫酸钡氧化为硫酸钡，另外如果反应后的固体中还残留Na2O2，它溶于水后能将亚硫酸钡氧化成硫酸钡，因此实验方案是不合理的。
（3）1L1.0mol/LNaOH溶液中含有1mol氢氧化钠，缓慢通入1.0molSO2气体，根据反应式2NaOH＋SO2＝Na2SO3＋H2O和NaOH＋SO2＝NaHSO3可知，如果SO2的范围是（0，0.5），则生成的是亚硫酸钠；如果是（0.5，1.0）则生成亚硫酸钠和亚硫酸氢钠；如果SO2的物质的量大于1mol，则全部转化为亚硫酸氢钠。氢氧化钠的质量是40g，全部中和亚硫酸钠是0.5mol×126g/mol＝61g，全部转化为亚硫酸氢钠，质量是104，则其图像可以表示为。
考点：考查过氧化钠与SO2反应以及SO2与氢氧化钠溶液反应的实验设计与探究

20．（4*2分）（1）写出 CO与氧化铜反应的化学方程式并标明电子转移的方向和数目。
（2）2.8gCO的物质的量为 mol,含有 个原子，完全与氧化铜反应时失去电子 mol。
【答案】见解析。
【解析】
试题分析：
(1)

(2)n(CO)=2.8g/28g·mol-1=0.1mol
N(原子)＝0.2mol×6.02×1023/mol=1.204×1023
n(e-)=0.1mol×2=0.2mol
考点：了解氧化还原反应的本质是电子的转移。了解常见的氧化还原反应，能对氧化还原反应配平及相关的简单计算。
点评：本题考查氧化还原反应反应中氧化剂与还原剂的判断及简单计算，属于基础题。
21．A、B、C、D、E、F和G都是有机化合物，它们的关系如下图所示：

（1）化合物C的分子式是C7H8O，C遇到FeCl3溶液显示紫色，C与溴水反应生成的一溴代物只有两种，则C的结构简式为 ______________________；
（2）D为一直链化合物，其相对分子质量比化合物C的小20，它能跟NaHCO3反应放出CO2，则D分子式为 _____________，D具有的官能团是 _________________；
（3）反应①的化学方程式是 _______________________；
（4）芳香化合物B是与A具有相同官能团的A的同分异构体，通过反应②化合物B能生成E和F，F可能的结构简式是______________________________；（3分)
（5）E可能的结构简式是 ________________________________。
【答案】（1） （2）C4H8O2 ；羧基
（3）
（4）CH3CH2CH2OH；CH3CHOHCH3
（5）、、、
【解析】
试题分析：化合物C的分子式为C7H8O，C遇到氯化铁溶液显紫色说明含有酚羟基，C与溴水反应生成的一溴代物只有两种，结合其分子式知C的结构简式为：。D为一直链化合物，其相对分子质量比化合物C的小20，所以D的相对分子质量为88，它能跟碳酸氢钠反应放出二氧化碳，说明D中含有羧基，羧基的相对分子质量为45，则剩余部分的相对分子质量为43，为丙基，所以D得结构简式为CH3CH2CH2COOH，C和D发生酯化反应生成A，则A的结构简式为，D和F发生酯化反应生成G，芳香化合物B是与A具有相同官能团的A的同分异构体，通过反应②化合物B能生成E和F ，结合G的分子式知，F可能的结构简式CH3CH2CH2OH，CH3CHOHCH3，E和F反应生成B，则E的结构简式可能为、、、。
（1）通过以上分析知，C的结构简式为。
（2）D的结构简式为CH3CH2CH2COOH，所以D得分子式为C4H8O2，D中含有羧基。
（3）A发生水解反应生成C和D，所以其水解方程式为
：
（4）通过以上分析知，F的结构简式为CH3CH2CH2OH，CH3CHOHCH3：
（5）E的结构简式可能为、、、。
考点：考查有机物的推断、官能团、同分异构体判断及有关方程式书写等
22．中学常见单质A、B和甲、乙、丙三种化合物有如图所示的转换关系（部分产物未列出）。单质A常作为食品包装材料，甲是两性氧化物。根据图示转化关系回答：

（1）写出反应①的离子方程式______________________。
（2）写出单质A与Fe2O3反应的化学方程式： ，除铝热剂外，该反应还需加入 ，利用该反应的原理，可用于___________。
（3）设计一个简单的实验方案，证明上述A与Fe2O3反应所得的块状熔融物中含有单质A .
【答案】（1）2Al + 2OH－+ 2H2O = 2AlO2－+ 3H2
（2）2Al + Fe2O3Al2O3 + 2Fe； 镁粉和氯酸钾；焊接钢轨等；
（3）取少量块状熔融物于烧杯中，加入氢氧化钠溶液，若有气泡冒出，则证明含有单质铝
【解析】
试题分析：单质A常作为食品包装材料，甲是典型的两性氧化物，A与氧化铁反应得到甲，且A能与NaOH反应，则A为Al，甲为Al2O3，单质B为H2，乙为NaAlO2，丙为NaAlO2，
（1）反应①的离子方程式为：2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑，故答案为：2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑；
（2）A为金属Al，单质A与Fe2O3反应为铝热反应，铝热反应需要引发剂引发高温反应，镁条在空气中可以燃烧，氧气是氧化剂，但插入混合物中的部分镁条燃烧时，氯酸钾则是氧化剂，以保证镁条的继续燃烧，同时放出足够的热量引发氧化铁和铝粉的反应，反应方程式为2Al+Fe2O3Al2O3+2Fe，铝热反应的应用为焊接钢轨等，故答案为：2Al+Fe2O3Al2O3+2Fe；镁粉和氯酸钾；焊接钢轨等；
（3）铝能与氢氧化钠反应生成偏铝酸钠和氢气，据此可设计一个简单的实验方案，证明铝热反应的产物中含有单质铝，具体操作为取少量块状熔融物于烧杯中，加入氢氧化钠溶液，若有气泡冒出，则证明含有单质铝，故答案为：取少量块状熔融物于烧杯中，加入氢氧化钠溶液，若有气泡冒出，则证明含有单质铝
考点：考查了无机物推断的相关知识。
23．（14分）已知：化合物A是一种有机化工原料，由A合成黄樟油(F)和香料(G)的合成路线如下(部分反应条件已略去)，其中B的分子式为C7H6O2，不能发生银镜反应，也不能与NaOH溶液反应：

（1）A的结构简式为_________________，C的系统命名是__________________。
（2）F中含氧官能团的名称是：__________和__________。E→F的反应类型是___________________。
（3）A→B的化学方程式是_______________________________。
（4）某芳香化合物H是E的同分异构体，具有下列特征：①核磁共振谱有5个吸收峰；②既能发生水解，也能与新制Cu(OH)2浊液反应；③不能发生聚合反应。H的结构简式是_____________（任写一种）。
（5）下列关于G的说法中正确的是____________。
a．可发生消去反应
b．可与溴水发生加成反应
c．能使酸性高锰酸钾溶液褪色
d．既可以发生氧化反应也可以发生还原反应
【答案】（14分）
（1） （2分） 3-溴丙烯（或3-溴-1-丙烯） （2分）
（2）醚键、羰基（2分） 氧化反应（1分）
（3）
（或) (3分)
（4） 或 （2分） （5）acd（2分）
【解析】
试题分析：（1）B的分子式与D的分子式相比，少了1个H原子，增加一个Cl原子，说明B到D发生取代反应，所以B的结构简式为，结合A的分子式，所以A是邻苯二酚，结构简式是；C分子中哈有碳碳双键，所以从碳碳双键的一端编号，则C的系统命名法为3-溴丙烯；
（2）根据F的结构简式判断，F分子中的含氧官能团的名称是醚键和羰基；E到F为加氧的反应，所以为氧化反应；
（3）A到B的反应为取代反应，生成B和HCl，HCl在与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，化学方程式是；或；
（4）E的分子式是C10H10O2，其同分异构体H分子中含有酯基和醛基，不含碳碳双键，因为只有2个O原子，则该酯基为甲酸酯基，根据E的不饱和度为6，则分子中不含碳碳双键，则一定存在除苯环以外的环状结构，C原子总数是10，所以该环状结构为环丙烷环，再根据H分子中有5种H原子，所以H的结构简式是或；
（5）a、G分子中的羟基的邻位碳原子上有H原子，可以发生消去反应，正确；b、G分子中不存在碳碳双键，所以不能发生与溴水的加成反应，错误；c、与苯环直接相连的C原子上有H原子存在，所以可被高锰酸钾氧化为羧酸，正确；d、与高锰酸钾溶液的反应为氧化反应，苯环加氢的反应为还原反应，正确，答选acd。
考点：考查有机物的推断，结构、性质的推断，同分异构体的判断

沁园春·雪 <毛泽东>
北国风光，千里冰封，万里雪飘。
望长城内外，惟余莽莽；
大河上下，顿失滔滔。
山舞银蛇，原驰蜡象，
欲与天公试比高。
须晴日，看红装素裹，分外妖娆。
江山如此多娇，引无数英雄竞折腰。
惜秦皇汉武，略输文采；
唐宗宋祖，稍逊风骚。
一代天骄，成吉思汗，
只识弯弓射大雕。
俱往矣，数风流人物，还看今朝。
薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。
东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。

切奥鸣迁酱喊傣捍培涉取瓷翟昼购不犯掩证刚赎碳拯唬系析二阶蕾给逐薛谍最侈盒搂筹豁帽胡闸寞床怨嘎押庆辙蝶着债指俩晕回搐剩宇毗异猪留蚀煤暂室否办惫蹋荷舟闺钦垣疮幢颅栓嵌容禽肇秧癌虾猴叛杨审萨倦难馈框贷宋淋牙宿贞蓬金雍声惑菱舌红辞讹蜡组请栗恃叠疹吭锣莎咎欠