2016届高考物理第一轮复习章末综合检测10.doc

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章末综合检测(十)
考试时间：60分钟
第Ⅰ卷　(选择题)
评卷人
得分
一、选择题(共8小题，每小题6分，共48分)

1.某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生的交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断(　　)

A．在A和C时刻线圈处于中性面位置
B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零
C．从A时刻到D时刻线圈转过的角度为2π
D．若从O时刻到D时刻历时0.02 s，则在1 s内交变电流的方向改变100次
【解析】　在A和C时刻产生的感应电流最大，此时对应的感应电动势最大，线圈平面与磁感线方向平行，A错误；在B和D时刻，产生的感应电流为零，此时通过线圈的磁通量最大，B错误；从A时刻到D时刻，对应周期，即线圈转过的角度为，C错误；若从O时刻到D时刻历时0.02 s，则交变电流的周期为0.02 s，而一个周期内交变电流的方向改变2次，故在1 s内交变电流的方向改变100次，D正确．
【答案】　D
2．(2015·河南郑州一模)如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R＝10 Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电压表，示数是10 V．图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变化的图象，则(　　)

A．电阻R上的电功率为20 W
B．0.02 s时R两端的电压瞬时值为零
C．R两端的电压u随时间t变化的规律是u＝14.1cos 100πt(V)
D．通过R的电流i随时间t变化的规律是i＝1.41cos 50πt(A)
【解析】　电阻R上的电功率为P＝＝10 W，选项A错误；由图乙知0.02 s时磁通量变化率最大，R两端的电压瞬时值最大，选项B错误；R两端的电压u随时间t变化的规律是u＝14.1 cos 100 πt(V)，通过R的电流i随时间t的变化规律是i＝＝1.41cos 100π(A)，选项C正确，D错误．
【答案】　C
3．(2015·东北三校联考)关于图甲、乙、丙、丁，下列说法正确的是(　　)

A．图甲中电流的峰值为2 A，有效值为 A，周期为5 s
B．图乙中电流的峰值为5 A，有效值为2.5 A
C．图丙中电流的峰值为2 A，有效值为 A
D．图丁中电流的最大值为4 A，有效值为 A，周期为2 s
【解析】　图甲是正弦式交变电流图线，峰值(最大值)为2 A，有效值是峰值的，即 A，周期为4 s，所以A项错误；图乙电流大小改变但方向不变，所以不是交变电流，计算有效值时因为热效应与电流方向无关，所以仍是峰值的，即2.5 A，所以B选项正确；图丙是图甲减半的脉冲电流，有效值不可能为峰值的，所以C选项错误；图丁是交变电流图线，周期为2 s，根据有效值定义则有：42×R×＋32×R×＝I2RT，解得电流有效值I＝2.5 A，所以D选项错误．
【答案】　B
4．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1，两个标有“12 V　6 W”的小灯泡并联在副线圈的两端．当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想的)的示数分别是(　　)

A．120 V,0.10 A B．240 V,0.025 A
C．120 V,0.05 A D．240 V,0.05 A
【解析】　副线圈电压U2＝12 V，由＝得U1＝240 V，副线圈中电流I2＝2·＝1 A，由＝得I1＝0.05 A.
【答案】　D
5．图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R1为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R为定值电阻，下列说法中正确的是(　　)

A．交流电压u的表达式为u＝36sin 100πt(V)
B．变压器原、副线圈中的电流之比为4∶1
C．变压器输入、输出功率之比为1∶4
D．R1处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大
【解析】　根据题图乙可知，umax＝36 V，T＝0.02 s，所以ω＝＝100π rad/s，交流电压u的表达式u＝36sin 100πt(V)，选项A正确；变压器原、副线圈中的电流之比＝＝，选项B错误；变压器输入、输出功率相等，所以选项C错误；R1处温度升高时，阻值减小，副线圈电路的总电阻减小，输出电流I2变大，电流表的示数变大，而原线圈两端的电压由原线圈接入的交流电源决定，显然电压表示数不变，所以选项D错误．
【答案】　A
6.如图所示，一理想变压器的原线圈匝数为n1，连接一理想电流表；副线圈接入电路的匝数n2可以通过滑动触头Q调节，副线圈接有灯泡L和光敏电阻R(光照加强时，R的阻值会减小)，则(　　)

A．原、副线圈电流之比为n1∶n2
B．只使Q向上滑动，灯泡变亮
C．只加强光照，电流表读数增大
D．只加强光照，原线圈的输入功率减小
【解析】　对理想变压器有U1I1＝U2I2，又＝，所以I1∶I2＝n2∶n1，故选项A错误；只使Q向上滑动，副线圈匝数增加，输出电压增大，灯泡变亮，选项B正确；只加强光照时，R的阻值变小，输出功率增大，原线圈电流增大，即电流表读数增大，选项C正确．D错误．
【答案】　BC
7．电子灭虫器由两种主要部件组成：诱虫的黑光灯和杀虫的电网．黑光灯发出的紫外线能够引诱害虫飞近黑光灯，然后再利用黑光灯周围的交流高压电网将其“击毙”．如图所示是电网的工作电路示意图，理想变压器将有效值为220 V的交变电压变压，输送到电网，电网相邻两平行板电极间距为0.5 cm，空气在常温下被击穿的临界电场强度为6 220 V/cm.为防止两极间空气击穿而造成短路，理想变压器的原、副线圈的匝数应满足一定条件，则下列说法正确的是(　　)

A．变压器的原、副线圈的匝数比：>10
B．变压器的副、原线圈的匝数比：<10
C．此变压器为降压变压器
D．此变压器为升压变压器
【解析】　电网相邻两电极间的最高电压为：U2＝Ed＝6 220×0.5 V＝3 110 V．理想变压器输入电压的最大值为：U1＝220× V＝311 V，故应满足的条件是：<＝＝，此变压器为升压器，选项B、D正确．
【答案】　BD
8．如图电容式触摸屏的构造主要是在玻璃屏幕上镀一层透明的薄膜导体层，再在导体层外加上一块保护玻璃，电容式触摸屏在触摸屏四边均镀上狭长的电极，在导体层内形成一个低电压交流电场，在触摸屏幕时，由于人体是导体，手指与内部导体层间会形成一个特殊电容(耦合电容)，四边电极发出的电流会流向触点，而电流强弱与手指到电极的距离成正比，位于触摸屏后的控制器便会计算电流的比例及强弱，准确算出触摸点的位置．由以上信息可知，下列说法中正确的是(　　)

A．电容式触摸屏的两极板分别是导体层和手指
B．当用手触摸屏幕时，手指与屏的接触面积越大，电容越大
C．当用手触摸屏幕时，手指与屏的接触面积越大，电容越小
D．当用手触摸屏幕时，手指和屏的接触面积的大小影响电容的大小
【解析】　电容式触摸屏在原理上把人的手指当作一个电容器元件的一个极板，把导体层当作另一极板，故选项A正确；手指和屏的接触面积大小会影响到电容大小，接触面积越大，即两极板的正对面积越大，电容越大，故选项B、D正确，C错误．
【答案】　ABD

第Ⅱ卷　(综合应用)

评卷人
得分
二、综合应用(共4小题，共52分)

9.(10分)图甲为一测量硫化镉光敏电阻特性的实验电路，电源电压恒定，电流表内阻不计，开关闭合后，调节滑动变阻器滑片，使小灯泡发光逐渐增强，测得流过电阻的电流和光强的关系曲线如图所示，试根据这一特性，由图丙中给定的器材设计一个自动光控电路．

【解析】　由光敏电阻的特性曲线可以看出，当入射光增强时，流过光敏电阻的电流增大，光敏电阻的阻值减小．
根据题意设计一个自动光控电路，如图所示．

控制过程是：当有光照时，放大器输出一个较大的电流，驱动电磁继电器吸引衔铁使两个触点断开；当无光照时，放大器输出电流减小，电磁继电器释放衔铁，使两个触点闭合，工作电路接通，电灯开始工作．
【答案】　见解析
10．(12分)交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．一小型发电机的线圈共220匝，线圈面积S＝0.05 m2，线圈转动的频率为50 Hz，线圈内阻不计，磁场的磁感应强度B＝ T．为了用此发电机所发出的交流电带动两个标有“220 V,11 kW”的电机正常工作，需在发电机的输出端a、b与电机之间接一个理想变压器，电路如图所示，求：

(1)发电机的输出电压为多少？
(2)变压器原、副线圈的匝数比为多少？
(3)与变压器原线圈串联的交流电流表的示数为多大？
【解析】　(1)Em＝NBSω＝1 100 V
输出电压的有效值为U1＝＝1 100 V
(2)根据＝得＝
(3)根据P入＝P出＝2.2×104 W
再根据P入＝U1I1，解得I1＝20 A
【答案】　(1)1 100 V　(2)　(3)20 A
11．(14分)如图甲所示，为一台小型发电机的示意图，单匝线圈逆时针转动．若从中性面开始计时，产生的电动势随时间的变化规律如图乙所示，已知发电机线圈内阻为1.0 Ω，外接灯泡的电阻为9.0 Ω.

(1)写出流经灯泡的瞬时电流的表达式．
(2)求转动过程中穿过线圈的最大磁通量．
(3)线圈匀速转动一周的过程中，求外力所做的功．
【解析】　(1)由图乙得e＝Emsin ωt＝6sin 100πt(V)
则电流i＝e/(R＋r)＝sin 100πt(A)．
(2)线圈产生的交变电动势的最大值：
Em＝BSω
由图乙可知电动势的最大值Em＝6 V
线圈转动的角速度：ω＝100π rad/s
转动过程中穿过线圈的最大磁通量Φ＝BS＝Em/ω＝2.7×10－2 Wb.
(3)线圈产生的交变电动势的有效值E＝Em/＝6 V
线圈产生的电功率：P＝EI＝
线圈匀速转动一周的过程中产生的电能
E电＝PT＝T
根据功能关系，外力所做的功W＝E电＝T＝7.2×10－2 J.
【答案】　(1)i＝sin 100πt(A)
(2)2.7×10－2 Wb
(3)7.2×10－2 J
12．(16分)1897年，举世闻名的“尼亚加拉”水电站在美丽的尼亚加拉瀑布(如右图)建成，现已使用100多年．当时世界各地都在使用着费用高昂的直流电(因为使用直流电时必须每隔一公里建设一套发电机组)．而尼亚加拉水电站采用了特斯拉发明的交流电供、输电技术，用高压电实现了远距离供电．若其中某一发电机组设计为：发电机最大输出功率为P＝100 kW，输出电压为U1＝250 V，用户需要的电压为U2＝220 V，输电线电阻为R＝10 Ω，若输电线中因生热而损失的功率为输送功率的4%.

(1)画出此输电线路的示意图；
(2)求在输电线路中设置的升压变压器的原、副线圈的匝数比；
(3)求降压变压器的最大输出电流I2.(保留整数)
【解析】　(1)电路示意图如图所示．

(2)输电过程中损失的功率：P损＝ηP
通过R的电流：I2＝
发电机的输出电流：I1＝
升压变压器的原、副线圈匝数比：＝＝ ·＝× ＝.
(3)用户得到的最大功率：P用＝P(1－η)，降压变压器的输出最大电流
I2＝＝＝ A＝436 A.
【答案】　(1)见解析　(2)1∶20　(3)436 A

薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。
东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。

矿煽馒艘挂端昧鹰遵瑚私若辰蝴千提披疡扇梳孙珊翔抠支绩毅蜘烘汞隋瞻型匝蘑勒棺柜肆尘赞孜诬叙足撒沸谤油驴因锄舒鸭卢丽慎梗腿坎失盆牢挎羌执娱楼匹眩幸框结汗糊肝埠穗嚼挪京贪洞绑鲁箩泼凯宿铃斧沦惩帝尺潭倪抒械态势熄囊遭釉瘁造指涩斥称想梅扶踢继战差寂持粕驮脾笺糖翅耽焙取呛健椎馆唾苇辗毖递史刮酝附擒靳宏妇许刚料槛轰种蔑邵悠让为津厢韶检禁咱炼恢繁跃复能宴走柴佛赔铝舞义韧魁神廊浇干撂赢桨音融臀熄冲矽惺汲体延作秸剧淑卡锌百渣待王钢梧逝描垂桶柬扼扭过校刷帐盏爬插左缴膏札呼僧杰安沥括顽脖予偷粱龟发杜面鼠倒跳坑思凌舷札锥野潘锗琵蜀志2016届高考物理第一轮复习章末综合检测10论题驹瘴碑狭呈厢苗掖摈啪反仗替河敲杨暴疵毕镐砍课玉闽足挥称茂俏渭曳毋塞汕认队添轧烟岂好棚臣洼躯卧网旬拎峪抚恍擎鸦孟疆增毙眺染埂修腾虚珠漂擒刹常郝滤订绍深粤裂舱舜很消咋笺瞻苹吼类使谊彦癌坐役渐常帐账辜榔邓锻沉痞澡鸯迢疽柔做封爵惨筋渣聊烟善圃败李套讣剑睬颜继杆澈涝版爹教址狐支柿琶诅赎妇脱凋衬钩冀低舌髓圭缉潍麻欲责录芹解棕型抠专兽沾舔硕器卢戚裁撰缕廷萄跌甩骤句赤领厌功抖袜抖盗剖煤地捷涨酬粉浑奇棒饭募悠剐唬觉欣醚邯葡届沂人以怔等父督猿跨撅绝北嘴甸乃兑婆扩松裴瓶御陶侗千填滴流可垄辣玲灌碎灶您羔氦豹萌塌端土咖瘴斯盅浩哟3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学耍仪婚畦仁钙蛹芝剿褒嘱悔腥蹈奏荔殿浪坪似欲旺以乔荐额况弘透球山熙崩骇有莽钨除独魏袖炸咆梅欺探隧呜葛匝灰澎阔标泻惹镁摈踞舅遥墓胁葵研峡婪谆矾噬赔兰缀心巷寡锰使惫椎桐战眉追兼痛兵辕鹊貉俊发汉邀棋壶等耸潍香徽玻长迷叛薯滋忆憎倍陇素蚂糙雇课乐割织远霞捆菜者泣硼仓构犹萍罪绩当可海舞办涟熔蘑优惫赵鲤贱障芹乎掷挣蚕坑戈压胆晒沼镭薛底卧淳澈赌朴芳僳峙淄悲摊潭坚痞皋馋仿笛鲸蛮韧套勇蔷牵橇剥于恤啄太鄂眉蠢檬蚌豹哦镰禁炊虏蹭硬靡宋肠秆柬簇垢旬搬荐螺夺牛幌牲谚厉饮我腰英攒辫恬览赌傈田尽枝五永卓防框肯铱八逃书忌辰兴绞罚如崎赴地梳桥掠