山东省烟台2016届高三物理下册仿真模拟卷.doc
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4、部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1.如图,左侧为加速电场,右侧为偏转电场,加速电场的加速电压是偏转电场电压的k倍。有一初速度为零的电荷经加速电场加速后,从偏转电场两板正中间垂直电场方向射入,且正好能从极板下边缘穿出电场,不计电荷的重力,则偏转电场长宽之比的值为()A.B.C.D.2.如图所示,在斜面顶端A以速度v水平抛出一小球,经过时间t1恰好落在斜面的中点P;若在A点以速度2v水平抛出小球,经过时间t2完成平抛运动。不计空气阻力,则()A.t22t1B.t2=2t1C.t2|Wbc|C.粒子由a点到b点,动能增大D.a点的电势较b点的电势高7.如图所示,在一匀强磁场中有三
5、个带电粒子,其中1和2为质子,3为粒子的径迹。它们在同一平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动,三者轨道半径r1r2r3,并相切于P点,设T、v、a、t分别表示它们做圆周运动的周期、线速度、向心加速度以及各自从经过P点算起到第一次通过图中虚线MN所经历的时间,则()A.T1=T2v3C.a1a2a3D.t1=t2=t38.如图甲所示,一轻杆一端固定在O点,另一端固定一小球,在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时,杆与小球间弹力的大小为N,小球在最高点的速度大小为v,N-v2图象如图乙所示。则()A.小球的质量为RB.当v时,球对杆有向下的压力C.当v0,可见杆对小球A做正功,选项A、B
6、错误;由于系统机械能守恒,故小球A增加的机械能等于小球B减少的机械能,杆对小球B做负功,选项C错误。4.C根据曲线运动的规律,运动轨迹在合力和速度的交角之间(合力指向运动轨迹的凹侧),由题图可知航天器在b点处于超重状态,故A错误;在d点G=ma,且在地面附近万有引力近似等于重力:G=mg,可得加速度a=,故B错误;航天器在a、c、e三点到地心距离相等,航天器从a到c克服大气阻力,动能减少;从c到e无大气阻力,vavc,vc=ve,故C对,D错。5.B由图象知T=210-2s,f=50Hz,=2f=100rad/s,故iR=cos 100tA,A错误。再根据=知,I1有效值为0.1A,B正确,C
7、错误。电压表读数应为副线圈电压有效值,U=10V,D错误。6.B、D由等量异种点电荷的电场线的特点可知靠近电荷处电场强度大,类比公式U=Ed知|Uab|Ubc|,而W=qU,所以|Wab|Wbc|,故A错误,B正确;粒子由a点到b点,电场力做负功,电势能增加,动能减少,C错误;从粒子的运动轨迹可知该粒子从a点到c点受到大体向左的作用力,所以左侧为正电荷,从左向右电势降低,D正确。7.A、C各粒子做圆周运动的周期T=,根据粒子的比荷大小可知:T1=T2r2r3,结合r=及粒子比荷关系可知v1v2v3,故B错误;粒子运动的向心加速度a=,结合各粒子的比荷关系及v1v2v3可得:a1a2a3,故C正
8、确;由图可知,粒子运动到MN时所对应的圆心角的大小关系为123,而T1=T2,因此t1t2,由T2T3,且23,可知t2t3,故D错误。8.A、B、D由题意可知,在最高点时,若v2b,则杆对球的作用力为支持力,根据牛顿第二定律:mg-N=m,解得:N=mg-v2,斜率的绝对值k=,所以小球的质量为m=R,A正确;v212 V,滑动变阻器B两端所能加的最大电压为0.520V=10 V12 V,为保证安全,滑动变阻器应选A。(2)由表中实验数据可知,电学元件电阻最小测量值约为:R=1 163.6,电流表内阻约为5,电压表内阻约为10 k,相对来说,元件电阻远大于电流表内阻,电流表应采用内接法,因此
9、电压表应并联在M与P之间。(3)描绘伏安特性曲线,电压与电流应从零开始变化,滑动变阻器应采用分压式接法,由(2)可知,电流表采用内接法,实验电路图如图所示:(4)由表中实验数据可知,当元件两端的电压小于6V时,电路电流很小,几乎为零,由欧姆定律可知,元件电阻非常大,不导电;当元件两端电压大于6 V时,随着电压的升高电流迅速增大,电压与电流的比值减小,电阻变小。答案:(1)A(2)P(3)电路图见解析图(4)当元件两端的电压小于6 V时,元件电阻非常大,不导电;当元件两端电压大于6 V时,随着电压的升高电阻逐渐变小11.【解析】圆环从A到B的过程中做匀加速直线运动,设所用时间为t1,由受力分析和
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