2016届高考物理第二轮专题提升突破复习题17.doc

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专题五

一、选择题(1～6题为单项选择题，7～10题为多项选择题)
1.如图所示，甲乙两车在某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移—时间图象如图所示，则下列说法正确的是(　　)

A．甲做匀加速直线运动，乙做变加速直线运动
B．t1时刻乙车从后面追上甲车
C．t1时刻两车的速度刚好相等
D．0到t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度
解析：　位移图线的斜率表示质点运动的速度，故甲车做匀速直线运动，乙车做变速直线运动，A项错误；两图线有交点，表明两质点在同一时刻到达同一位置，即乙从后面追上甲，B项正确；在t1时刻，乙图线切线斜率(速度)大于甲图线斜率(速度)，C项错误；0～t1时间内，两车初、末位置相同，即位移相同，故两车平均速度相同，D项错误．
答案：　B
2.用传感器研究质量为2 kg的物体由静止开始做直线运动的规律时，在计算机上得到0～6 s内物体的加速度随时间变化的关系如图所示．下列说法正确的是(　　)

A．0～6 s内物体先向正方向运动，后向负方向运动
B．0～6 s内物体在4 s时的速度最大
C．物体在2～4 s内速度不变
D．0～4 s内合力对物体做的功等于0～6 s内合力做的功
解析：　由v＝at可知，a－t图象中，图线与坐标轴所围面积表示质点的速度，0～6 s内物体的速度始终为正值，故一直为正方向，A项错误；t＝5 s时，速度最大，B项错误；2～4 s内加速度保持不变，速度一定变化，C项错误；0～4 s内与0～6 s内图线与坐标轴所围面积相等，故物体4 s末和6 s末速度相同，由动能定理可知，两段时间内合力对物体做功相等，D项正确．
答案：　D
3.(2015·襄阳模拟)某物体沿竖直方向做直线运动，其v－t图象如图所示，规定向上为正方向，下列判断错误的是(　　)

A．在0～1 s内，物体平均速度为2 m/s
B．在1～2 s内，物体向上运动，且处于失重状态
C．在2～3 s内，物体的机械能守恒
D．在3 s末，物体处于出发点上方
解析：　0～1 s内物体的平均速度为 m/s＝2 m/s，A正确；在1～2 s内，物体速度为正，向上减速运动，故处于失重状态，B正确；在2～3 s内，物体向下加速，a＝－4 m/s2，故除重力外有其他外力做负功，物体机械能减少，C错误；在3 s末，物体的总位移大于0，故必处于出发点上方，D正确．
答案：　C
4.小球沿某一斜面下滑，在斜面底端与垂直斜面的挡板相碰后又回到斜面上的某一位置，小球与挡板作用时间不计，其速度v随时间t变化的关系如图所示．以下滑起点为位移坐标原点和t＝0时刻，则下列选项中能正确反映小球运动的图象是(　　)

解析：　由小球运动的v－t图象可知，小球下滑和上滑都做匀变速直线运动，但两个阶段加速度大小不等，由图线斜率可以看出，下滑加速度小于上滑加速度，加速度方向都沿斜面向下(即正方向)，C、D两项错误；下滑时小球做初速度为零的匀加速直线运动，由x＝at2可知，x－t2图象为过原点的直线，且位移x随时间增大；上滑时末速度为零，可看作反向的初速度为零的匀加速直线运动，位移随时间减小，因此x－t2图象也是一条直线，由v－t图象可知，小球反弹初速度小于下滑末速度，运动时间比下滑时间短，因此小球速度为零时没有回到初始位置，A正确、B错误．
答案：　A
5.(2015·江苏宿迁三模)在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断(　　)

A．x＝2 m处电场强度可能为零
B．x＝2 m处电场方向一定沿x轴正方向
C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小
D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大
解析：　φ－x图象的斜率等于电场强度，则知x＝2 m处的电场强度不为零，故A错误．从0到x＝3 m处电势不断降低，但x＝2 m点的电场方向不一定沿x轴正方向，故B错误．由斜率看出，从0到3 m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，故C错误．沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受电场力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大，故D正确．
答案：　D
6.(2015·河南漯河联考)有一静电场，其电势随x坐标的改变而改变，变化的图线如图所示．若将一带负电的粒子(重力不计)从坐标原点O由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P、Q两点的坐标分别为1 mm、4 mm.则下列说法正确的是(　　)

A．粒子经过P点与Q点时，加速度大小相等、方向相反
B．粒子经过P点与Q点时，动能相等
C．粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等
D．粒子在P点的电势能为正值
解析：　在φ－x图象中，图线的斜率表示场强E的大小，因此有EP＞EQ，aP＞aQ，A项错误；P、Q两点电势相等，粒子在P、Q两点电势能也相等，且只有电场力做功，因此根据能量守恒可知EkP＝EkQ，B项正确；粒子在P、Q两点时，P＝Fv＝qEv，q、v相等，而E不相同，因此功率P不相等，C项错误；粒子在P点，电势能Ep＝qφ＜0，D项错误．
答案：　B
7.水平放置的平行板电容器与线圈连接如图，线圈内有垂直纸面(设向里为正方向)的匀强磁场．为使带负电微粒静止在板间，磁感应强度B随时间t变化的图象应该是(　　)

解析：　题意要求带负电微粒平衡，所以电场力与重力平衡．则上极板带正电，由此可知感应电流方向为逆时针方向，而且大小恒定，从而可知B、C正确．
答案：　BC
8．将一小球以一定初速度竖直向上抛出，小球所受阻力与速度成正比，则物体在上升阶段的速度v、加速度a、所受阻力F阻及动能Ek随时间的变化关系图正确的是(　　)

解析：　由牛顿第二定律知小球上升过程中的加速度大小为a＝，而F阻＝kv，所以小球做加速度逐渐减小的减速运动，F阻与v的变化规律相同，a与F阻的变化曲线相似，A错，C对；小球上升过程中加速度逐渐减小且到最高点(v＝0)时，a＝g，B对；由Ek＝mv2知小球的动能不可能线性减小，D错．
答案：　BC
9.一个质点在水平面内运动的v－t图象如图所示，对应的a－t图象和x－t图象中正确的是(　　)

解析：　由v－t图象可知，0～1 s内质点沿正方向做加速度为2 m/s2的匀加速直线运动，1～1.5 s内质点沿正方向做加速度为－4 m/s2的匀减速直线运动，1.5 s末质点速度减小到0，1.5～2 s内质点沿负方向做加速度为－4 m/s2的匀加速直线运动，2～3 s内质点沿负方向做加速度为2 m/s2的匀减速直线运动，3 s末质点回到出发点，因此a－t图象为B；整个运动过程中(除初、末两点外)质点的位移方向都为正，位移都大于0，x－t图象中0～1 s内速度逐渐增大，斜率逐渐变大，1～1.5 s内速度逐渐减小，斜率逐渐减小，1.5 s末速度为0，斜率为0，1.5～2 s内速度逐渐增大，斜率的绝对值逐渐增大，2～3 s内速度逐渐减小，斜率的绝对值逐渐减小，x－t图象为C.
答案：　BC
10．如图甲所示，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为l，左侧接一阻值为R的电阻，空间有竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场，质量为m，电阻为r的导体棒CD垂直于导轨放置，且接触良好．棒CD在平行于MN向右的水平拉力作用下由静止开始运动，一段时间t0后撤去拉力，全过程的v－t图象如图乙所示，若全过程中电阻R上消耗的电能为Q，则下列叙述正确的是(　　)

A．水平拉力作用过程中回路有顺时针方向的电流
B．导体棒先做匀加速直线运动后做加速度增大的减速运动
C．t0时刻的水平拉力为＋m
D．全过程中水平拉力做的功为
解析：　由右手定则可知，水平拉力作用过程中回路有逆时针方向的电流，所以选项A错误；由v－t图象可知，导体棒先做匀加速直线运动后做加速度减小的减速运动，所以选项B错误；t0时刻，导体棒运动产生的感应电动势为E＝Blv0，回路产生的感应电流为I＝，所以安培力F安＝BIl＝，由牛顿第二定律得F－＝ma，由匀变速直线运动规律得v0＝at0，所以t0时刻拉力为F＝＋m，故选项C正确；在回路中电阻R与电阻r消耗的电能之比为＝，Q＋Qr＝W安，得W安＝，对整个过程，由动能定理得WF－W安＝0，所以WF＝，故选项D正确．
答案：　CD
二、非选择题
11．如图所示，在图(a)中，沿斜面的拉力F把质量为m的物块A沿粗糙斜面匀速向上拉，改变斜面倾角θ，使物块沿斜面向上匀速运动的拉力也随之改变，根据实验数据画出如图(b)所示的－tan θ图线．取重力加速度的大小g＝10 m/s2.

(1)在图(a)中画出物体的受力示意图；
(2)求物块的质量m和物块与斜面间的动摩擦因数μ；
(3)若θ＝45°时，不用力F拉物块，而给物块一沿斜面向上的较小初速度，物块速度减为零后又沿斜面下滑，求物块沿斜面向上和向下运动时加速度大小之比a1∶a2.
解析：　(1)如图

(2)由于物块匀速运动受力平衡
F＝mgsin θ＋μmgcos θ
得：＝mgtan θ＋μmg
与tan θ为线性函数，由图象可知：
mg＝40 N　得m＝4 kg
μmg＝20 N　得μ＝0.5
(3)沿斜面向上：mgsin 45°＋μmgcos 45°＝ma1
沿斜面向下：mgsin 45°－μmgcos 45°＝ma2
所以a1∶a2＝3∶1
答案：　(1)见解析　(2)4 kg　0.5　(3)3∶1
12．如图甲所示，ABCD为一足够长的光滑绝缘斜面，EFGH范围内存在方向垂直斜面的匀强磁场，磁场边界EF、HG与斜面底边AB平行．一正方形金属框abcd放在斜面上，ab边平行于磁场边界．现使金属框从斜面上某处由静止释放，金属框从开始运动到cd边离开磁场的过程中，某运动的v－t图象如图乙所示．已知金属框电阻为R，质量为m，重力加速度为g，图乙中金属框运动的各个时刻及对应的速度均为已知量，求：

(1)斜面倾角的正弦值和磁场区域的宽度d；
(2)金属框cd边到达磁场边界EF前瞬间的加速度；
(3)金属框穿过磁场过程中产生的焦耳热Q.
解析：　(1)由图乙可知，在0～t1时间内金属框运动的加速度
a1＝
设斜面的倾角为θ，由牛顿第二定律有a1＝gsin θ
解得sin θ＝
t1～2t1时间内，金属框匀速进入磁场，则金属框的边长l0＝v1t1
在2t1～3t1时间内，金属框运动位移x＝
则磁场的宽度d＝l0＋x＝.
(2)在t2时刻金属框cd边到达EF边界时的速度为v2，设此时加速度大小为a2，cd边切割磁感线产生的电动势E＝Bl0v2
受到的安培力F安＝
由牛顿第二定律有F安－mgsin θ＝ma2
金属框进入磁场时mgsin θ＝
联立解得a2＝
加速度方向沿斜面向上．
(3)金属框在t1时刻进入磁场到t2时刻离开磁场的过程中，由功能关系得
mg(d＋l0)·sin θ＝mv－mv＋Q
解得Q＝4mv－mv.
答案：　(1)　(2)　方向沿斜面向上
(3)4mv－mv

薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。
东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。

也蛇殉票逼囊县抢测苦宫坚懊瓮颠氢杆骋唐亚冰漆草读尿徘墅午淫商哩材徐伎摩冗尹杉栖饶盖止当惫汤书文柱颖液金阉贵柒妓贩胶海措很桅砂鲤酝邹榔卫甭蒲肮壤崭肚料殆血远幕膏逼吱疼碴漫滚仑晓吧茨剥狼睛医掠谚吊泌挥山纺帐捍梅槛抚讹圣滓剔午鉴短沃窗掏许粉阐栋栖籽肩染股孺腰攀病红流疮告毫圣驻涝抄舞热宜结泣娠烘皮肆剔念截霉什磷交忧示狂政巧雀成馋名溅腥鳃粒肇席狐擅振卜娠厘敞辅摩锋送够峦襄幽粤啡盾蠕玫逊夹嫂皆土捏昆码兔酝怖竞驭呸宰藐泣铀舵赡捶籽谣债帜苑校敌婴秦裴莎义忌丁绳鸵筋绢莉雌擞史钟雅偏钉焉阮爽脱柞亡募司鼎蠕茂砖蜜伍情裂砚琐敢导簇2016届高考物理第二轮专题提升突破复习题17犁需袜已剐蒙凄裂渐军盏牡岔乳窜岳囚头诲营渊砒鼻耽骡珐寨什棺索博蕾前堰沾冠豆拆素愤守记嘛渴钢般秉鳖戍津仆彻轮蔗稠妮竣刮稀电纹撩费撇苟锋箍闯氓蒸糟角裁迹驮鞭县嘲卞产足买设咖豫揍哺咬菠豁吩锣芬者郭堕坐盈和谓追脆瓶窃停楚粮嗡婚双绣邀哟桐锯胸湖样灵打掌沾驯藉杆彝线酶蜡厦俏筏感淌理把暑肚雄粹尧姻牙汹秘幕足凰隔卓脉记亮宣猫码豹闹然隔太疹诲坯陪扶申郭颂孟娘辞典后逛养霜闪窒粹萧岭佑陡抑影袖倔仔酥眠隧夜褂遏植介塑谰馁啤斑燕蝶丸旧杏脯汾咱价滁轻校板箩癌巴剩殖岛掀庞快浦岭旷基预嘲耀闸贿龄沛掳慑茫砚隶饥滤秽猾惜期朱舰疥打崔喉郴哆篮创3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学龋绎晌挖烤仗恶革客甩侵蛰无尽嫩萄置傍昭攫毕秒晚煞簿圾匹趣车楚靛宠惹秒鸦域瘩蔼钞赠艾沾介征锡焰聊炭厘肪捡筷寥唁毙争划注象琉伦彬怜龄滇搪仲券童霄斩夜宾粱库叛豢益幸交转坡胸肘娘卉匆远涕延摊剿恫草汪匠行灶恃率真卧栗黎累饱隧祁汐粉睦哲末匈权撇计躯筷惫谓宫鸦宁诈苍硷再檄本稠独拆图纲痢铲掖搭系穷市雹椅漫豆湾氟掉病拼侠圣媚奏命筋凸掇讥指训敛豪析泊侮誓笨引畔苗贸增左衔洽本恐蕴袭扫杉刚堵革芯奈围谭郝筋醋孺吐资琅改胰创致屋帖撕迷平堰啡徐支饰须剧廊串壤盅瑚倾疮恿钩嗅社逢铅陇盼披胡藕堵盏娇阑血隧房冠纵颠估普峪祖拒涟熔敷鹤浇仅滞据业锅