运动学典型问题及解决方法.doc

物理学科培训师辅导讲义
课 题
运动学典型问题及解决方法

教学目标

相遇、追及与避碰问题
重点、难点
相遇、追及与避碰问题

考点及考试要求

相遇、追及与避碰问题
教学内容
第5课
运动学典型问题及解决方法
基础知识 一、相遇、追及与避碰问题
对于追及问题的处理，要通过两质点的速度比较进行分析，找到隐含条件（即速度相同时，而质点距离最大或最小）。再结合两个运动的时间关系、位移关系建立相应的方程求解，必要时可借助两质点的速度图象进行分析。
二、追击类问题的提示
1．匀加速运动追击匀速运动，当二者速度相同时相距最远．
2．匀速运动追击匀加速运动，当二者速度相同时追不上以后就永远追不上了．此时二者相距最近．
3．匀减速直线运动追匀速运动，当二者速度相同时相距最近，此时假设追不上，以后就永远追不上了．
4．匀速运动追匀减速直线运动，当二者速度相同时相距最远．
5．匀加速直线运动追匀加速直线运动，应当以一个运动当参照物，找出相对速度、相对加速度、相对位移．
规律方法 1、追及问题的分析思路
（1)根据追赶和被追赶的两个物体的运动性质，列出两个物体的位移方程，并注意两物体运动时间之间的关系．
（2)通过对运动过程的分析，画出简单的图示，找出两物体的运动位移间的关系式．追及的主要条件是两个物体在追上时位置坐标相同．
(3)寻找问题中隐含的临界条件，例如速度小者加速追赶速度大者，在两物体速度相等时有最大距离；速度大者减速追赶速度小者，在两物体速度相等时有最小距离，等等．利用这些临界条件常能简化解题过程．
（4)求解此类问题的方法，除了以上所述根据追及的主要条件和临界条件解联立方程外，还有利用二次函数求极值，及应用图象法和相对运动知识求解．
【例1】羚羊从静止开始奔跑，经过50m能加速到最大速度25m/s，并能维持一段较长的时间；猎豹从静止开始奔跑，经过60 m的距离能加速到最大速度30m/s，以后只能维持此速度4.0 s.设猎豹距离羚羊xm时开时攻击，羚羊则在猎豹开始攻击后1.0 s才开始奔跑，假定羚羊和猎豹在加速阶段分别做匀加速运动，且均沿同一直线奔跑，求：猎豹要在从最大速度减速前追到羚羊，x值应在什么范围？
解析：先分析羚羊和猎豹各自从静止匀加速达到最大速度所用的时间，再分析猎豹追上羚羊前，两者所发生的位移之差的最大值，即可求x的范围。
设猎豹从静止开始匀加速奔跑60m达到最大速度用时间t2，则，

羚羊从静止开始匀加速奔跑50m达到最大速度用时间t1，则，
猎豹要在从最大速度减速前追到羚羊，则猎豹减速前的匀速运动时间最多4s，而羚羊最多匀速3s而被追上，此x值为最大值，即x=S豹－S羊=[（60＋30×4）－（50＋25×3）]=55m，所以应取x<55m。
【例2】一辆小车在轨道MN上行驶的速度v1可达到50km/h，在轨道外的平地上行驶速度v2可达到40km/h，与轨道的垂直距离为30km的B处有一基地，如图所示，问小车从基地B出发到离D点100km的A处的过程中最短需要多长时间（设小车在不同路面上的运动都是匀速运动，启动时的加速时间可忽略不计）？
【解析】建构合理的知识体系，巧用类比，触发顿悟性联想。
显然，用常规解法是相当繁琐的。我们知道，光在传播过程中“走”的是时间最短的路径。可见，我们可以把小车的运动类比为光的全反射现象的临界状态（如图所示），根据临界角知识得：sinC=v2/v1＝4/5，由图得：sinC＝x/，小车运动时间：t=（100－ x）/vl＋/v2由以上几式可得： c＝40km， t ＝2．45h。

【例3】高为h的电梯正以加速度a匀加速上升，忽然天花板上一颗螺钉脱落．螺钉落到电梯底板上所用的时间是多少？
解析：此题为追及类问题，依题意画出反映这一过程的示意图，如图2— 27所示．这样至少不会误认为螺钉作自由落体运动，实际上螺钉作竖直上抛运动．从示意图还可以看出，电梯与螺钉的位移关系：
S梯一S钉= h 式中S梯＝vt十½at2，S钉＝vt－½gt2
可得t=

错误：学生把相遇过程示意图画成如下图，则会出现S梯＋S钉= h
式中S梯＝v0t十½at2，S钉＝v0t－½gt2
这样得到v0t十½at2＋v0t－½gt2=h，即½（a－g）t2＋2v0t－h=0
由于未知v0，无法解得结果。判别方法是对上述方程分析，应该是对任何时间t，都能相遇，即上式中的Δ＝4v02＋2（a－g）h≥0
也就是v0≥，这就对a与g关系有了限制，而事实上不应有这样的限制的。
点评：对追及类问题分析的关键是分析两物体运动的运动过程及转折点的条件．可见，在追赶过程中，速度相等是一个转折点，要熟记这一条件．在诸多的物理问题中存在“隐蔽条件”，这类问题往往是难题，于是，如何分析出“隐蔽条件”成为一个很重要的问题，一般是根据物理过程确定．该题中“隐蔽条件”就是当两车速度相同时距离最大．解析后，问题就迎刃而解．
2、相遇问题的分析思路
相遇问题分为追及相遇和相向运动相遇两种情形，其主要条件是两物体在相遇处的位置坐标相同．
(1)列出两物体运动的位移方程，注意两个物体运动时间之间的关系．
(2)利用两物体相遇时必处在同一位置，寻找两物体位移间的关系．
（3)寻找问题中隐含的临界条件．
（4)与追及中的解题方法相同
【例4】．在某铁路与公路交叉的道口外安装的自动拦木装置如图所示，当高速列车到达A 点时，道口公路上应显示红灯，警告来越过停 车线的汽车迅速制动，而且超过停车线的汽车能在列车到达道口前安全通过道口。已知高速列车的速度V

1=120km/h，汽车过道口的速度V2=5km/h，汽车驶至停车线时立即制动后滑行的距离是S0＝5m，道口宽度s＝26m，汽车长l=15m。若栏木关闭时间tl＝16s，为保障安全需多加时间t2=20s。问：列车从A点 到道口的距离L应为多少才能确保行车安全？
解析：由题意知，关闭道口时间为16s，为安全保障再加20s，即关闭道口的实际时间为t0=20+16=36s，汽车必须在关闭道口前已通过道口，汽车从停车线到通过道口实际行程为S=26+5+15=46m，需用时，由此亮起红灯的时间为T=t0+t2，故A点离道口的距离应为：L=V1T==2304m
【例5】火车以速度Vl匀速行驶，司机发现前方同轨道上相距S处有另一火车沿同方向以速度V2（对地、且V1＞V2）做匀速运动．司机立即以加速度a紧急刹车．要使两车不相撞，a应满足什么条件？
解法一：后车刹车后虽做匀减速运动，但在其速度减小至和V2相等之前，两车的距离仍将逐渐减小；当后车速度减小至小于前车速度，两车距离将逐渐增大．可见，当两车速度相等时，两车距离最近．若后车减速的加速度过小，则会出现后车速度减为和前车速度相等之前即追上前车，发生撞车事故；若后车加速度过大，则会出现后车速度减为和前车速度相等时仍未过上前车，根本不可能发生撞车事故；若后车加速度大小为某值时，恰能使两车在速度相等时后车追上前车．这正是两车恰不相撞的临界状态，此时对应的加速度即为两车不相撞的最小加速度．综上分析可知，两车恰不相撞时应满足下列两方程：
V1t－a0t2/2＝V2t＋S V1—a0t=V2 解之可得：a0=．所以当a≥时，两车即不会相撞
解法二：要使两车不相撞，其位移关系应为 V1t－at2/2 ≤S＋V2t即at2/2＋（V2－V1）t＋S≥0对任一时间t，不等式都成立的条件为 Δ＝（V2－V1）2－2as≤0 由此得a≥
解法三：以前车为参照物，刹车后后车相对前车做初速度V0= V1－V2，加速度为a的匀减速直线运动．当后车相对前车的速度成为零时，若相对位移S/≤S，则不会相撞．故由
S/= V02/2a= （V1－V2）2/2a≤S，得a≥
点评：三种解法中，解法一注重对运动过程的分析，抓住两车间距有极值时速度应相等这一关键条件来求解；解法二中由位移关系得到一元二次方程．然后利用根的判别式来确定方程中各系数间的关系，这也是中学物理中常用的数学方法；解法三通过巧妙地选取参照物，使两车运动的关系变得简明．
说明：本题还可以有多种问法，如“以多大的加速度刹车就可以不相碰？”，“两车距多少米就可以不相碰？”，“货车的速度为多少就可以不相碰？”等，但不管哪一种问法，都离不开“两车速度相等”这个条件．
【例6】甲、乙两车相距S，同时同向运动，乙在前面做加速度为a1、初速度为零的匀加速运动，甲在后面做加速度为a2、初速度为v0的匀加速运动，试讨论两车在运动过程中相遇次数与加速度的关系。
【分析】由于两车同时同向运动，故有v甲=v0＋a2t，v乙=a1t。
①当al＜a2时，alt＜a2t，可得两车在运动过程中始终有，V甲＞V乙。由于原来甲在后，乙在前，所以甲、乙两车的距离在不断缩短，经过一段时间后甲车必然超过乙车，且甲超过乙后相距越来越大，因此甲、乙两车只能相遇一次。
②当 al=a2时，alt＝a2t，可得v甲=v0＋v乙，同样有v甲＞v乙，因此甲、乙两车也只能相遇一次。
③当al＞a2时，alt＞a2t，v甲和v乙的大小关系会随着运动时间的增加而发生变化。刚开始，alt和a2t相差不大且甲有初速v0，所以v甲＞v乙；随着时间的推移，alt和a2t相差越来越大；当alt－a2t＝v0时，v甲=v乙，接下来alt－a2t＞v0，则有v甲＜v乙，若在v甲=v乙之前，甲车还没有超过乙车，随后由于v甲＜v乙，甲车就没有机会超过乙车，即两车不相遇；若在v甲=v乙时，两车刚好相遇，随后v甲＜v乙，甲车又要落后乙车，这样两车只能相遇一次；若在v甲=v乙前，甲车已超过乙车，即已相通过一次，随后由于v甲＜v乙，甲、乙距离又缩短，直到乙车后反超甲车时，再相遇一次，则两车能相遇两次。
【解】由于 S甲=v0 t＋½a2t2，S乙=½a1t2，
相遇时有S甲－S乙＝s，则v0 t＋½a2t2－½a1t2＝S，½（a1一a2）t2一v0 t＋S＝0．

①当a1＜a2时，①式；只有一个正解，则相遇一次。
②当a1＝a2时 S甲一 S乙=v0 t＋½a2t2－½a1t2=v0 t=S， ∴t=S/v0 t只有一个解，则相遇一次。
③当 al＞a2时，若v＜2（al－a2）s，①式无解，即不相遇。
若v02=2（al－a2）s，①式t只有一个解，即相遇一次。
若 v02＞2（al－a2）s，①式t有两个正解，即相遇两次。
解法2：利用v一t图象求解。
①当 al＜a2时，甲、乙车的运动图线分别为如图，其中划斜线部分的面积表示t时间内甲车比乙车多发生的位移，着此而积为S，则t时刻甲车追上乙车而相遇，以后在相等时间内甲车发生的位移都比乙车多，所以只能相遇一次。
②当al=a2时，甲、乙两车的运动图线分别如图，讨论方法同①，所以两车也只能相遇一次。
③当al＞a2 时，甲、乙两车的运动图线分别为如图的1和11，其中划实斜线部分面积表示用车比乙车多发生的位移，划虚斜线部分的面积表示乙车比甲车多发生的位移。若划线部分的面积小于S，说明甲追不上乙车，则不能相遇；若划实斜线部分的面积等于S，说明甲车刚追上乙车又被反超，则相遇一次；若划实斜线部分的面积大于S，说明tl内划实线部分的面积为S，说明t1时刻甲车追上乙车，以后在t1——t时间内，甲车超前乙车的位移为tl－——t时间内划实线部分的面积，随后在t——－t2时间内，乙车比甲车多发生划应线部分的面积，如果两者相等，则t2时刻乙车反超甲车，故两车先后相遇两次。
【例7】在空中足够高的某处，以初速度v竖直上抛一小球，t s后在同一地点以初速度v/竖直下抛另一个小球，若使两个小球在运动中能够相遇，试就下述两种情况讨论t的取值范围：（l）0＜v/＜v，（2）v/＞v
【解析】若两小球在运动中能够在空中相遇，必须是下抛小球刚抛出时，上抛小球已进入下降阶段，且速度大的小球在后，追赶前面速度小的球，
（1） 如图甲所示．上抛小球速度方向变为向下，大小达v/时所经历的时间为t0，则
t0=＋ ∴当t＞t0时，上抛小球的即时速度vt＞v/，上抛小球能够追上下抛小球，但是，若上抛小球已越过抛出点，再向下抛出另一个小球时，两球就不会相遇，而上抛球回到抛出点的时间t1为：t1= 即：当＜t＜时两球能够在运动中相遇
（2）如图乙所示，上抛小球速度方向变为向下，大小达v/时所经历时间为t0/，则： t0/=
当t＜t0/时，上抛时即时速度vt＜v/，但若使上抛球在前，t还大于t1=2v/g才行，因此，两球在运动中相遇的条件为：＜t＜
[例8]在同一水平面上，一辆小车从静止开始以的加速度前进。有一人在车后与车相距处，同时开始以的速度匀速追车，人与车前进方向相同，则人能否追上车？若追不上，求人与车的最小距离。
人
车

人、车

图1
解析：如图1所示
解法一：判别式法。
假设人能追上车，则人与车的位置坐标相等，即：

∴ 即： 整理得，
人与车能够相遇的条件是：△≥0 而 ＜0
故方程无解，即人追不上小车。
解法二：当人与车相距最近时，即人与车速度相等时，
所需时间： 车的位置坐标：
人的位置坐标： ∵ ＜ ∴ 人追不上小车
二者相距的最小距离：
拓展：
若使人能够追上小车，则人与车开始时相距的距离的最大值为多少？
设此最大值为S ∴
若使人能够追上小车，≥0 ∴ S≤
[例9]客车以的速度行驶，突然发现同轨道的前方120m处有一列货车正以6m/s的速度同向行驶，于是客车紧急刹车，以的加速度作匀减速运动，问两车能否相碰？
120m

客车
货车
客、货
图2
解析：如图2所示。
解法一：判别式法。
由图示可知，
即：
∴ 则，＞0
∴ 方程有解，即两车能够相碰。
解法二：两车应该相距最远时，即二者速度相等时，所需时间：

此时，客车的位置坐标：
货车的位置坐标：
∵ ＞ ∴ 两车能够相碰。
解法三：相对运动。
以货车为参照物，在初始状态，客车相对货车的初速度V相对=20－6=14m/s，客车相对货车做的是初速度为V相对的匀减速直线运动，最后相对货车静止。
相对位移： ∵＞ ∴两车会相碰。

拓展：要使两者不会相碰，则最初的距离至少为多少？（）
[例题10]．一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时汽车以３m/s２的加速度开始行驶，恰好此时一辆自行车以６m/s速度驶来，从后边超越汽车．试求：
① 汽车从路口开动后，追上自行车之前经过多长时间两车相距最远？最远距离是多少？
② 经过多长时间汽车追上自行车，此时汽车的速度是多少？
解一：速度关系，位移关系 t=2s
解二：极值法
(1) 由二次函数的极值条件可知： 时，最大

(2)汽车追上自行车时，二车位移相等

解三：用相对运动求解
v
V自
V汽
6
t’
t
t
v
选匀速运动的自行车位参照物，则从运动开始到相距最远,这段时间内,起初相对此参照物的各个物理量为初速：；末速：
加速度
相距最远 (负号表示汽车落后)
解四：图象求解
(1)
(2)

[例11]．公共汽车从车站开出以4m/s的速度沿平直公路行驶，2s后一辆摩托车从同一车站开出匀加速追赶，加速度为2m/s2。试问
（1）摩托车出发后，经多少时间追上汽车？
（2）摩托车追上汽车时，离出发点多远？
（3）摩托车追上汽车前，两者最大距离是多少？
解：开始一段时间内汽车的速度大，摩托车的速度小，汽车和摩托车的距离逐渐增大，当摩托车的速度大于汽车的速度后，汽车和摩托车的距离逐渐减小，直到追上，显然，在上述过程中，摩托车的速度等于汽车速度时，它们间的距离最大。（1）摩托车追上汽车时，两者位移相等，即
v(t+2)=at2 解得摩托车追上汽车经历的时间为t=5.46s
(2)摩托车追上汽车时通过的位移为 s=at2=29.9m

(3)摩托车追上汽车前，两车速度相等时相距最远，即v=at/ t/==2s
最大距离为△s=v(t/+2)- at/2=12m
小结：求解追及问题要注意明确三个关系：时间关系、位移关系、速度关系，这是我们求解列方程的依据，涉及临界问题时要抓住临界条件。
[例12]、火车以速度v1匀速行驶，司机发现前方同轨道上相距s处有另一火车沿同方向以速度v2做匀速运动，已知v1＞v2司机立即以加速度a紧急刹车，要使两车不相撞，加速度a的大小应满足什么条件？
解法一：由分析运动过程入手
后车刹车后虽做匀减速运动，但在速度减小到和v2相等之前，两车的距离将逐渐减小；当后车速度减小到小于前车速度，两车距离将逐渐增大。可见，当两车速度相等时，两车距离最近。若后车减速的加速度过小，则会出现后车速度减为和前车速度相等即追上前车，发生撞车事故；若后车加速度过大，则会出现后车速度减为和前车速度相等时仍为追上前车，若后车加速度大小为某一值时，恰能使两车速度相等时后车追上前车，这是两车不相撞的临界条件，其实对应的加速度即为两车不相撞的临界最小加速度。
综合以上分析可知，两车恰不相撞时应满足下列方程：
v1t-a0t2= v2t+s vt-a0t=v2
联立上式可解得：a0= 所以不 a ≥时时两车即不会相撞。
解法二：要使两车不相撞，其位移关系应为
v1t-at2≤s+ v2t 即at2+(v2-v1)t+s≥0
对于位移s和时间t,上面不等式都成立的条件为
△=(v2-v1)2-2as≤0 由此得a≥
解法三：以前车为参考系，刹车后后车相对于前车做初速度v0=v1-v2、加速度为a的匀减速直线运动，当后车相对前车的速度为零时，若相对位移s/≤s时，则不会相撞。
由s/==≤s 得a≥
小结：上述三种解法中，解法一注重了对物体运动过程的分析，抓住两车间距离有极值时速度应相等这一关键条件来求解；解法二中由位移关系得到一元二次不等到式（一元二次方程）运用数学知识，利用根的判别式△=b2-4ac来确定方程中各系数间的关系，这也是中学物理中常用的数学方法；解法三通过巧妙选取参考系，使两车的运动变为后车相对于前车的运动，运算简明。

[例13]、某人骑自行车以4m/s的速度匀速前进，某时刻在他前面７m处以10m/s的速度同向行驶的汽车开始关闭发动机，而以２m/s2的加速度减速前进，求：①自行车未追上前，两车的最远距离；　②自行车需要多长时间才能追上汽车．
解：①当v汽＝v自时，有最远距离

② 　　
t1=7s　 t2＇=－１s(舍) （错解）应判断在追上前汽车是否已经停下，５s末汽车已停下，经５s汽车停下且走了２５m，而s自=20m, 20m<(7+25)m
相遇是在汽车停止后，s自＝７＋２５＝３２（m）
　t＝３２／４＝８（s）
若v自＝８m/s，＝８m，何时相遇，相遇时v汽＝？
v汽＝２m/s
　　 t=4s
8t=10t－t2+8 　　 t=－2s(舍)　　　　

[例14]在平直公路上，一辆摩托车从静止出发追赶正前方100m处正以v0=10m/s的速度速度前进的卡车，若摩托车的最大速度为20m/s,现要摩托车在2min内追上上卡车，求摩托车的加速度为多大？
解析：设摩托车在2min内一直加速追上了卡车，它的位移s1同汽车的位移s2的关系为
s1= s2+s0 即
其中t=2min=120s, vo=10m/s, s0=100m 解得
若以加速度运动2min,摩托车的未速度为 这说明摩托车应先做匀加加速运动，达到最大速度vm后，再做匀速运动运动去追赶卡车。根据上述分析可得

解得m/s2 ≈0.18m/s2
这就是摩托车的加速度。
小结：上述解得应用了假设法，这是一种重要的思维方法，当物理过程或物理状态有多种可能性时，运用它排除谬误，辩明真为是比较方便的。

[例题15] （不同线）有一个很大的湖，岸边（可视湖岸为直线）停放着一艘小船，缆绳突然断开，小船被风刮跑，其方向与湖岸成15°角，速度为2.5km/h。同时岸上一人从停放点起追赶小船，已知他在岸上跑的速度为4.0km/h，在水中游的速度为2.0km/h，问此人能否追及小船？
解析：费马原理指出：光总是沿着光程为极小值的路径传播。据此就将一个运动问题通过类比法可转化为光的折射问题。
如图3所示，船沿OP方向被刮跑，设人从O点出发先沿湖岸跑，在A点入水游到OP方向的B点，如果符合光的折射定律，则所用时间最短。
根据折射定律：

解得 在这最短时间内，若船还未到达B点，则人能追上小船，若船已经通过了B点，则人不能追上小船，所以船刚好能到达B点所对应的船速就是小船能被追及的最大船速。 根据正弦定理 又
由以上两式可解得：
此即小船能被人追上的最大速度，而小船实际速度只有2.5km/h，小于，所以人能追上小船。
【模型要点】
从空间的角度来讲，两物体经过一段时间到达同一位置。必然存在两种关系：一是空间关系，不在一条直线的相遇问题要做好几何图形，利用三角形知识解题。二是时间关系。这是解决该类问题的切入点。

课后作业
1．经检测汽车A的制动性能：以标准速度20m/s在平直公路上行使时，制动后40s停下来。现A在平直公路上以20m/s的速度行使发现前方180m处有一货车B以6m/s的速度同向匀速行使，司机立即制动，能否发生撞车事故？

2．甲乙两车同时同向从同一地点出发，甲车以v1=16m/s的初速度，a1=-2m/s2的加速度作匀减速直线运动，乙车以v2=4m／s的速度，a2=1m／s2的加速度作匀加速直线运动，求两车再次相遇前两车相距最大距离和再次相遇时两车运动的时间。

3．一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时汽车以3m/s2的加速度开始行驶，恰在这时一辆自行车以6m/s的速度匀速驶来，从后边超过汽车。试求：汽车从路口开动后，在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远？此时距离是多少？

4．A、B两车在一条水平直线上同向匀速行驶，B车在前，车速v2=10m/s，A车在后，车速72km/h，当A、B相距100m时，A车用恒定的加速度a减速。求a为何值时，A车与B车相遇时不相撞。

5.辆摩托车行驶的最大速度为30m/s。现让该摩托车从静止出发，要在4分钟内追上它前方相距1千米、正以25m/s的速度在平直公路上行驶的汽车，则该摩托车行驶时，至少应具有多大的加速度？

1.解：汽车加速度a＝＝0.5m/s2 汽车与货车速度相等时，距离最近，对汽车有：
vo－at＝vt 得t＝28s vo2－vt2＝2ax汽 得x汽＝364m 而x货＝v货t＝168m 且x汽>x货＋180
所以能发生撞车事故
2.解：两车速度相等时相距最远，设所用时间为t，对汽车有：
v＝at 则t＝＝2s此时x汽＝at2＝6m x自＝v自t＝12m 所以两车距离x＝x自－x汽＝6m
4.解：vA＝72km/h＝20m/s
A，B相遇不相撞，则A，B相遇时速度相等，设所用时间为t
对A车有：v2＝vA－at
由位移关系：xA＝xB＋100
xA＝vA－at2
xB＝v2t
由以上计算式可得

a＝0.5m/s2
5.解：假设摩托车一直匀加速追赶汽车。则：
V0t+S0 ……（1）
a =（m/s2） ……（2）
摩托车追上汽车时的速度：
V = at = 0.24´240 = 58 (m/s) ……（3）
因为摩托车的最大速度为30m/s，所以摩托车不能一直匀加速追赶汽车。
应先匀加速到最大速度再匀速追赶。
……（4）
Vm ≥at1 ……（5）
由（4）（5）得：t1=40/3（秒）
a=2.25 (m/s)

（注：专业文档是经验性极强的领域，无法思考和涵盖全面，素材和资料部分来自网络，供参考。可复制、编制，期待你的好评与关注）