河南省濮阳市华龙区濮阳一中2022年高一上数学期末达标检测试题含解析.doc

2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1函数在区间上的简图是（ ）A.B.C.D.2令，则三个数、的大小顺序是（ ）A.B.C.D.3已知，则“”是“”的（ ）A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.既非充分又非必要条件4设则（ ）A.B.C.D.5下列函数中，最小正周期为的是（）A.B.C.D.6下列函数中，既是偶函数又在区间上单调递减的是（）A.B.C.D.7如果直线和 同时平行于直线x-2y+3=0，则a,b的值为A.a=B.a=C.a=D.a=8已知函数与的部分图象如图1（粗线为部分图象，细线为部分图象）所示，则图2可能是下列哪个函数的部分图象（）A.B.C.D.9已知函数，那么（）A.-2B.-1C.D.210已知幂函数的图像过点，则下列关于说法正确的是（ ）A.奇函数B.偶函数C.定义域为D.在单调递减二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知弧长为cm2的弧所对的圆心角为，则这条弧所在的扇形面积为_cm212漏斗作为中国传统器具而存在于日常生活之中，某漏斗有盖的三视图如图所示，其中俯视图为正方形，则该漏斗的容积为不考虑漏斗的厚度_，若该漏斗存在外接球，则_.13已知函数，则不等式的解集为_14关于函数有下述四个结论：是偶函数 在区间单调递增的最大值为1 在有4个零点其中所有正确结论的编号是_.15对于定义在上的函数，如果存在区间，同时满足下列两个条件：在区间上是单调递增的；当时，函数的值域也是，则称是函数的一个“递增黄金区间”.下列函数中存在“递增黄金区间”的是：_.（填写正确函数的序号）；.16计算_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知函数.（1）求的最小正周期和最大值；（2）讨论在上的单调性.18甲、乙两校各有3名教师报名支教，其中甲校2男1女，乙校1男2女，（1）若从甲校和乙校报名的教师中各选1名，求选出的两名教师性别相同的概率（2）若从报名的6名教师中任选2名，求选出的两名教师来自同一学校的概率19设直线与相交于一点.（1）求点的坐标；（2）求经过点，且垂直于直线的直线的方程.20已知角的终边经过点，求的值.21已知函数在闭区间（）上的最小值为（1）求的函数表达式；（2）画出的简图，并写出的最小值参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、B【解析】分别取，代入函数中得到值，对比图象即可利用排除法得到答案.【详解】当时，排除A、D；当时，排除C.故选：B.2、D【解析】由已知得，判断可得选项.【详解】解：由指数函数和对数函数的图象可知：，所以，故选：D【点睛】本题考查了对数式、指数式的大小比较，比较大小的常用方法为同底的对数式和指数式利用其单调性进行比较，也可以借助于中间值0和1进行比较，考查了运算求解能力与逻辑推理能力，属于中档题.3、A【解析】“a1”“”，“”“a1或a0”，由此能求出结果【详解】aR，则“a1”“”，“”“a1或a0”，“a1”是“”的充分非必要条件故选A【点睛】充分、必要条件的三种判断方法定义法：直接判断“若则”、“若则”的真假并注意和图示相结合，例如“”为真，则是的充分条件等价法：利用与非非，与非非，与非非的等价关系，对于条件或结论是否定式的命题，一般运用等价法集合法：若，则是的充分条件或是的必要条件；若，则是的充要条件4、A【解析】利用中间量隔开三个值即可.【详解】，又，故选：A【点睛】本题考查实数大小的比较，考查指对函数的性质，属于常考题型.5、D【解析】利用三角函数的周期性求解.【详解】A.周期为，B.的周期为，C.的周期为，D.的周期为，故选：D6、A【解析】根据基本函数的性质和偶函数的定义分析判断即可【详解】对于A，因为，所以是偶函数，的图象是开口向下，顶点为原点，对称轴为轴，所以其在区间上单调递减，所以A正确，对于B，是非奇非偶函数，所以B错误，对于C，因为，所以是奇函数，所以C错误，对于D，可知函数在递增，所以D错误，故选：A7、A【解析】由两直线平行时满足的条件，列出关于方程，求出方程的解即可得到的值.【详解】直线和同时平行于直线，解得，故选A.【点睛】本题主要考查两条直线平行的充要条件，意在考查对基础知识的理解与应用，属于基础题.8、B【解析】结合函数的奇偶性、特殊点的函数值确定正确选项.【详解】由图1可知为偶函数，为奇函数，A选项，所以是偶函数，不符合图2.A错.C选项，所以是偶函数，不符合图2.C错.D选项，所以的定义域不包括，不符合图2.D错.B选项，所以是奇函数，符合图2，所以B符合.故选：B9、A【解析】直接代入计算即可.【详解】故选：A.10、D【解析】设出幂函数的解析式，将所过点坐标代入，即可求出该函数.再根据幂函数的性质的结论，选出正确选项.【详解】设幂函数为，因为函数过点，所以，则，所以，该函数定义域为，则其既不是奇函数也不是偶函数，且由可知，该幂函数在单调递减.故选：D.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】先求出半径，再用扇形面积公式求解即可.【详解】由已知半径为，则这条弧所在的扇形面积为.故答案为：.12、 . .0.5【解析】先将三视图还原几何体，然后利用长方体和锥体的体积公式求解容积即可；设该漏斗外接球的半径为，设球心为，利用，列式求解的值即可.【详解】由题中的三视图可得，原几何体如图所示，其中，正四棱锥的高为，所以该漏斗的容积为；正视图为该几何体的轴截面，设该漏斗外接球的半径为，设球心为，则，因为，又，所以，整理可得，解得，所以该漏斗存在外接球，则故答案为：；.13、【解析】分x小于等于0和x大于0两种情况根据分段函数分别得到f（x）的解析式，把得到的f（x）的解析式分别代入不等式得到两个一元二次不等式，分别求出各自的解集，求出两解集的并集即可得到原不等式的解集【详解】解：当x0时，f（x）=x+2，代入不等式得：x+2x2，即（x-2）（x+1）0，解得-1x2，所以原不等式的解集为-1，0；当x0时，f（x）=-x+2，代入不等式得：-x+2x2，即（x+2）（x-1）0，解得-2x1，所以原不等式的解集为0，1，综上原不等式的解集为-1，1.故答案为-1，1【点睛】此题考查了不等式的解法，考查了转化思想和分类讨论的思想，是一道基础题14、【解析】利用奇偶性定义可判断；时，可判断；分、时求出可判断故； 时，由可判断.【详解】因为，所以正确；当时，当时，时，单调递减，故错误；当时，；当时，综上的最大值为1，故正确； 时，由得，解得，由不存在零点，所以在有2个零点，故错误.故答案为：.15、【解析】由条件可得方程有两个实数解，然后逐一判断即可.【详解】在上单调递增，由条件可知，即方程有两个实数解；x+1=x无实数解，不存在“递增黄金区间”；的两根为：1和2，不难验证区间1，2是函数的一个“递增黄金区间”；在同一坐标系中画出与的图象如下：由图可得方程有两个根，也存在“递增黄金区间”；在同一坐标系中画出与的图象如下：所以没有实根，不存在.故答案为：.16、5【解析】由分数指数幂的运算及对数的运算即可得解.【详解】解：原式，故答案为：5.【点睛】本题考查了分数指数幂的运算及对数的运算，属基础题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）最小正周期，最大值为；（2）在单调递增，在单调递减.【解析】（1）由条件利用三角恒等变换化简函数，再利用正弦函数的周期性和最值求得的最小正周期和最大值；（2）根据，利用正弦函数的单调性，分类讨论求得的单调性.【详解】（1），则的最小正周期为，当，即时，取得最大值为；（2）当时，则当，即时，为增函数；当时，即时，为减函数，在单调递增，在单调递减.【点睛】本题考查正弦函数的性质，解题的关键是利用三角恒等变换化简函数.18、（1）（2）【解析】（1）利用古典概型概率公式可知（2）从报名的6名教师中任选2名，求选出的两名教师来自同一学校的情况为，则19、（1）；（2）.【解析】（1）将两直线方程联立，求出方程组的公共解，即可得出点的坐标；（2）求出直线的斜率，可得出垂线的斜率，然后利用点斜式方程可得出所求直线的方程，化为一般式即可.【详解】（1）由，解得，因此，点的坐标为；（2）直线斜率为，垂直于直线的直线斜率为，则过点且垂直于直线的直线的方程为，即：.【点睛】本题两直线交点坐标计算，同时也考查了直线的垂线方程的求解，解题时要将两直线的垂直关系转化为斜率关系，考查计算能力，属于基础题.20、.【解析】利用三角函数的定义可得，进而可求，利用同角关系式可求，再利用两角和的正切公式即得.【详解】角的终边经过点，21、（1）（2）见解析【解析】【试题分析】（1）由于函数的对称轴为且开口向上，所以按三类，讨论函数的最小值.（2）由（1）将分段函数的图象画出，由图象可判断出函数的最小值.【试题解析】（1）依题意知，函数是开口向上的抛物线，函数有最小值，且当时，下面分情况讨论函数在闭区间（）上的取值情况：当闭区间，即时，在处取到最小值，此时；当，即时，在处取到最小值，此时；当闭区间，即时，在处取到最小值，此时综上，的函数表达式为（2）由（1）可知，为分段函数，作出其图象如图：由图像可知【点睛】本题主要考查二次函数在动区间上的最值问题，考查分类讨论的数学思想，考查数形结合的数学思想方法.由于二次函数的解析式是知道的，即开口方向和对称轴都知道，而题目给定定义域是含有参数的动区间，故需要对区间和对称轴对比进行分类讨论函数的最值.