导数在研究函数中的应用(含标准答案).doc
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(完整word)导数在研究函数中的应用(含标准答案) 导数在研究函数中的应用 【自主归纳,自我查验】 一、自主归纳 1.利用导函数判断函数单调性问题 函数f(x)在某个区间(a,b)内的单调性与其导数的正负有如下关系 (1)若____ ___,则f(x)在这个区间上是增加的. (2)若____ ___,则f(x)在这个区间上是减少的. (3)若_____ __,则f(x)在这个区间内是常数. 2.利用导数判断函数单调性的一般步骤 (1)求f′(x). (2)在定义域内解不等式f′(x)>0或f′(x)〈0. (3)根据结果确定f(x)的单调区间. 3.函数的极大值 在包含的一个区间(a,b)内,函数y=f(x)在任何一点的函数值都_____点的函数值,称点为函数y=f(x)的极大值点,其函数值f()为函数的极大值. 4.函数的极小值 在包含x0的一个区间(a,b)内,函数y=f(x)在任何一点的函数值都_____点的函数值,称点x0为函数y=f(x)的极小值点,其函数值f()为函数的极小值.极大值与极小值统称为_______,极大值点与极小值点统称为极值点. 5.函数的最值与导数 1.函数y=f(x)在[a,b]上的最大值点指的是:函数在这个区间上所有点的函数值都_________f(). 2.函数y=f(x)在[a,b]上的最小值点指的是:函数在这个区间上所有点的函数值都_________f(). 二、自我查验 1.函数f(x)=x+eln x的单调递增区间为( ) A.(0,+∞) B.(-∞,0) C.(-∞,0)和(0,+∞) D.R 2.若函数f(x)=x3+x2+mx+1是R上的单调增函数,则m的取值范围是________. 3。函数f(x)的定义域为开区间(a,b),导函数f ′(x)在(a,b)内的图象如图所示,则函数f(x)在开区间(a,b)内有极小值点( ) A.1个 B.2个 C.3个 D.4个 4.若函数f(x)=x3+ax2+3x-9在x=-3时取得极值,则a等于( ) A.2 B.3 C.4 D.5 5。函数的最大值为( ) A. B. C. D. 【典型例题】 考点一 利用导数研究函数的单调性 【例1】(2015·高考全国卷Ⅱ)已知函数f(x)=ln x+a(1-x). (1)讨论f(x)的单调性; (2)当f(x)有最大值,且最大值大于2a-2时,求a的取值范围. 【变式训练1】已知. (1)若时,求曲线在点处的切线方程; (2)若,求函数的单调区间. 考点二 利用导函数研究函数极值问题 【例2】已知函数. (1)当时,求函数的极值; (2)求函数的单调区间。 【变式训练2】(2011·安徽)设f(x)=,其中a为正实数.当a=时,求f(x)的极值点; 考点三 利用导函数求函数最值问题 【例3】已知为实数,。 (1)求导数; (2)若,求在上的最大值和最小值。 【应用体验】 1.函数的单调递减区间为( ) A. B. C. D. 2。函数的单调递减区间是( ) A. B. C. D. 3。函数的单调递增区间是( ) A. B. C. D. 4。设函数,则( ) A.为的极大值点 B.为的极小值点 C.为的极大值点 D.为的极小值点 5.函数的极大值为,那么的值是( ) A. B. C. D. 【复习与巩固】 A组 夯实基础 一、选择题 1.已知定义在上的函数,其导函数的大致图象如图所示,则下列叙述正确的是( ) A. B. C. D. 2。函数在处取得极值,则等于( ) A. B. C. D. 3。函数(为自然对数的底数)在区间上的最大值是( ) A.1+ B.1 C。e+1 D。e-1 二、填空题 4.若函数是上的单调增函数,则实数的取值范围是________________. 5。若函数在处取得极值,则的值为_________。 6.函数在上的最小值是_____________. 三、解答题 7.已知函数求函数的单调区间 8.已知函数. (1)若在上单调递减,求实数的取值范围; (2)若,求函数的极小值。 B组 能力提升 一、选择题 1.已知函数在其定义域内的一个子区间内不是单调函数,则实数的取值范围是( ) A. B. C. D. 2。若函数在内无极值,则实数的取值范围是( ) A. B. C. D. 3.若函数在上有最大值3,则该函数在上的最小值是( ) A. B.0 C. D.1 二、 填空题 4.已知函数f(x)=x2+2ax-ln x,若f(x)在区间上是增函数,则实数a的取值范围为________. 5.设x1,x2是函数f(x)=x3-2ax2+a2x的两个极值点,若x1〈2<x2,则实数a的取值范围是________. 6.若函数f(x)=x2-ex-ax在R上存在单调递增区间,则实数a的取值范围是________. 三、解答题 7.已知函数f(x)=x-2ln x-+1,g(x)=ex(2ln x-x). (1)若函数f(x)在定义域上是增函数,求a的取值范围;(2)求g(x)的最大值. 8.设函数f(x)=(x-1)ex-kx2(其中k∈R). (1)当k=1时,求函数f(x)的单调区间和极值; (2)当k∈[0,+∞)时,证明函数f(x)在R上有且只有一个零点. 《导数在研究函数中的应用》标准答案 一. 自主归纳 1.(1)f′(x)>0 (2)f′(x)<0 (3)f′(x)=0 3。 小于 4。 大于 极值 5。不超过 不小于 二. 自我查验 1。解析:函数定义域为(0,+∞),f′(x)=1+>0,故单调增区间是(0,+∞). 答案:A 2。解析:∵f(x)=x3+x2+mx+1, ∴f′(x)=3x2+2x+m。 又∵f(x)在R上是单调增函数,∴f′(x)≥0恒成立,∴Δ=4-12m≤0,即m≥。 答案: 3.解析:导函数f ′(x)的图象与x轴的交点中,左侧图象在x轴下方,右侧图象在x轴上方的只有一个,故选A. 答案:A 4.解析:f ′(x)=3x2+2ax+3,由题意知f ′(-3)=0,即3×(-3)2+2×(-3)a+3=0,解得a=5。 答案:D 5。。A【解析】,令,当时函数单调递增,当时函数单调递减,,故选A. 三. 典型例题 【例题1】(1)f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=-a。若a≤0,则f′(x)>0, 所以f(x)在(0,+∞)单调递增.若a>0,则当x∈时,f′(x)>0; 当x∈时,f′(x)〈0.所以f(x)在单调递增, 在单调递减. (2)由(1)知,当a≤0时,f(x)在(0,+∞)无最大值;当a>0时,f(x)在x=处取得最大值,最大值为f=ln+a=-ln a+a-1. 因此f>2a-2等价于ln a+a-1〈0。 令g(a)=ln a+a-1,则g(a)在(0,+∞)单调递增,g(1)=0. 于是,当0<a〈1时,g(a)<0;当a〉1时,g(a)〉0. 因此,a的取值范围是(0,1). 【变式训练1】(1)当时,,∴, ∴切线斜率为,又,∴切点坐标为,∴所求切线方程为,即. (2),由,得或.由,得或,由,得 ∴函数的单调递减区间为,单调递增区间为和. 【例题2】(1)当时,,, 令,解得,所以函数在上单调递增; 令,解得,所以函数在上单调递减; 所以当时取极大值,极大值为,无极小值. (2)函数的定义域为,。 当时,在上恒成立,所以函数在上单调递增; 当时,令,解得,所以函数在上单调递增; 令,解得,所以函数在上单调递减. 综上所述,当时,函数的单调增区间为;当时,函数的单调增区间为,单调减区间为. 【变式训练2】解 对f(x)求导得 f′(x)=ex·。 当a=时,若f′(x)=0, 则4x2-8x+3=0, 解得x1=,x2=.结合①,可知 x (-∞,) (,) (,+∞) f′(x) + 0 - 0 + f(x) 极大值 极小值 所以x1=是极小值点,x2=是极大值点。 【例题3】1). (2)由得, 故, 则, 由,, 故,. 【变式训练3】1)当时,函数,在上单调递增,当时,,令,得,所以当时,,函数单调递减;当时,,函数单调递增。 (2)由(1)可知,当时,函数,不符合题意。 当时,在上单调递减,在上单调递增. ①当,即时,最小值为. 解,得,符合题意。 ②当,即时,最小值为, 解,得,不符合题意。 综上,。 应用体验: 1.D 【解析】函数的定义域为,令,解得,又,所以,故选D。 考点:求函数的单调区间。 2。A 【解析】导数为,令,得,所以减区间为。 考点:利用导数求函数的单调区间. 3。C 【解析】,令,解得,所以函数的单调增区间为.故选C. 4.【解析】,由得,又函数定义域为,当时,,递减,当时,,递增,因此是函数的极小值点.故选D. 考点:函数的极值点. 5.D 【解析】,令 可得,容易判断极大值为. 考点:函数的导数与极值. 复习与巩固 A组 1。C 【解析】由图象可知函数在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,又,且,故. 考点:利用导数求函数单调性并比较大小. 2.B 【解析】,由题意可得,.故选B. 考点:极值点问题。 3.D 【解析】,令得。 又且=,所以故选D。 考点:利用导数求函数在闭区间上的最值. 4. 【解析】由题意得在上恒成立,则,即恒成立.令,则,因为为上的二次函数,所以,则的取值范围是. 5。0 【解析】, 由题意得. 考点:导数与极值. 6。 【解析】因为,,所以在单调递减,在单调递增,从而函数在上的最小值是. 考点:函数的最值与导数. 7.【解析】的定义域为, ,令,则或(舍去)。 ∴当时,,递减,当时,,递增, ∴的递减区间是,递增区间是. 考点:利用导数求函数的单调区间. 8。(1)(2) 【解析】(1)函数,则,由题意可得在上恒成立,∴, ∵,时,函数取最小值,, (2)当时,,, 令,得,解得或(舍去),即. 当时,,当时,, ∴的极小值为. B组 1。D 【解析】因为函数在区间上不单调,所以 在区间上有零点, 由,得,则得,故选D. 考点:函数的单调性与导数的关系. 2.C 【解析】,①当时,,所以在上单调递增,在内无极值,所以符合题意;②当时,令,即,解得,当时,,当时,,所以的单调递增区间为,单调递减区间为,当时原函数取得极大值,当时,原函数取得极小值,要满足原函数在内无极值,需满足,解得.综合①②得,的取值范围为,故选C。 考点:导函数,分类讨论思想。 3。C 【解析】,当时,或,当时,,所以在区间上函数递增,在区间上函数递减,所以当时,函数取得最大值,则,所以,,所以最小值是. 考点:利用导数求函数在闭区间上的最值。 4.解析:由题意知f′(x)=x+2a-≥0在上恒成立,即2a≥-x+在上恒成立,∵max=,∴2a≥,即a≥. 答案: 5。解析:本题考查利用导数研究函数的极值及不等式的解法.由f′(x)=3x2-4ax+a2=0得x1=,x2=a.又∵x1〈2<x2,∴∴2<a<6. 答案:(2,6) 6.解析:∵f(x)=x2-ex-ax,∴f′(x)=2x-ex-a, ∵函数f(x)=x2-ex-ax在R上存在单调递增区间, ∴f′(x)=2x-ex-a≥0,即a≤2x-ex有解,设g(x)=2x-ex,则g′(x)=2-ex,令g′(x)=0,解得x=ln 2,则当x<ln 2时,g′(x)>0,g(x)单调递增,当x>ln 2时,g′(x)<0,g(x)单调递减,∴当x=ln 2时,g(x)取得最大值,且g(x)max=g(ln 2)=2ln 2-2,∴a≤2ln 2-2。 答案:(-∞,2ln 2-2) 7.解:(1)由题意得x>0,f′(x)=1-+。 由函数f(x)在定义域上是增函数,得f′(x)≥0,即a≥2x-x2=-(x-1)2+1(x〉0). 因为-(x-1)2+1≤1(当x=1时,取等号),所以a的取值范围是[1,+∞). (2)g′(x)=ex,由(1)得a=2时,f(x)=x-2ln x-+1, 且f(x)在定义域上是增函数,又f(1)=0, 所以,当x∈(0,1)时,f(x)〈0,当x∈(1,+∞)时,f(x)>0. 所以,当x∈(0,1)时,g′(x)>0,当x∈(1,+∞)时,g′(x)〈0。 故当x=1时,g(x)取得最大值-e。 8.解:(1)当k=1时,f(x)=(x-1)ex-x2,f′(x)=ex+(x-1)ex-2x=xex-2x=x(ex-2), 令f′(x)=0,得x1=0,x2=ln 2。 当x变化时,f′(x),f(x)的变化如下表: x (-∞,0) 0 (0,ln 2) ln 2 (ln 2,+∞) f′(x) + 0 - 0 + f(x) 极大值 极小值 由表可知,函数f(x)的单调递减区间为[0,ln 2],单调递增区间为(-∞,0],[ln 2,+∞). f(x)的极大值为f(0)=-1,极小值为f(ln 2)= -(ln 2)2+2ln 2-2. (2)f′(x)=ex+(x-1)ex-2kx=xex-2kx=x(ex-2k), 当x<1时,f(x)<0,所以f(x)在(-∞,1)上无零点. 故只需证明函数f(x)在[1,+∞)上有且只有一个零点. ①若k∈,则当x≥1时,f′(x)≥0,f(x)在[1,+∞)上单调递增. ∵f(1)=-k≤0,f(2)=e2-4k≥e2-2e〉0, ∴f(x)在[1,+∞)上有且只有一个零点. ②若k∈,则f(x)在[1,ln 2k]上单调递减,在[ln 2k,+∞)上单调递增. f(1)=-k〈0,f(k+1)=kek+1-k(k+1)2=k[ek+1-(k+1)2], 令g(t)=et-t2,t=k+1>2,则g′(t)=et-2t, g″(t)=et-2, ∵t〉2,∴g″(t)>0,g′(t)在(2,+∞)上单调递增. ∴g′(t)>g′(2)=e2-4〉0,∴g(t)在(2,+∞)上单调递增. ∴g(t)>g(2)=e2-4>0。 ∴f(k+1)>0。 ∴f(x)在[1,+∞)上有且只有一个零点. 综上,当k∈[0,+∞)时,f(x)在R上有且只有一个零点. 16- 配套讲稿:
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