吉林省长春市长春汽车经济技术开发区2022年数学九年级第一学期期末联考试题含解析.doc

2022-2023学年九上数学期末模拟试卷
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题(每小题3分,共30分)
1． 如图，把一个直角三角尺的直角顶点放在直尺的一边上，若∠1＝50°，则∠2＝（　　）

A．20° B．30° C．40° D．50°
2．已知正六边形的边心距是，则正六边形的边长是（ ）
A． B． C． D．
3．下列运算中，计算结果正确的是（　　）
A．a4•a＝a4 B．a6÷a3＝a2 C．（a3）2＝a6 D．（ab）3＝a3b
4．我们知道：过直线外一点有且只有一条直线和已知直线垂直，如图，已知直线l和l外一点A，用直尺和圆规作图作直线AB，使AB⊥l于点A．下列四个作图中，作法错误的是（　　）

A． B．
C． D．
5．在Rt△ABC中，∠C＝90°，、、所对的边分别为a、b、c，如果a=3b，那么∠A的余切值为（ ）
A． B．3 C． D．
6．函数的图象上有两点，，若，则（ ）
A． B． C． D．、的大小不确定
7．一个盒子内装有大小、形状相同的四个球，其中红球1个、绿球1个、白球2个，小明摸出一个球不放回，再摸出一个球，则两次都摸到白球的概率是（　　）
A． B． C． D．
8．如图，在△ABC中，DE∥BC，DE分别交AB，AC于点D，E，若AD：DB＝1：2，则△ADE与△ABC的面积之比是（　　）

A．1：3 B．1：4 C．1：9 D．1：16
9．如图，点O是△ABC内一点、分别连接OA、OB、OC并延长到点D、E、F，使AD＝2OA，BE＝2OB，CF＝2OC，连接DE，EF，FD．若△ABC的面积是3，则阴影部分的面积是（　　）

A．6 B．15 C．24 D．27
10．用配方法解方程时，原方程应变形为（ ）
A． B． C． D．
二、填空题(每小题3分,共24分)
11．如图，四边形的项点都在坐标轴上，若与面积分别为和，若双曲线恰好经过的中点，则的值为__________．

12．若关于的方程不存在实数根，则的取值范围是__________．
13．把方程2x2﹣1=x（x+3）化成一般形式是_________.
14．如图，菱形ABCD的边AD与x轴平行，A、B两点的横坐标分别为1和3，反比例函数y＝的图象经过A、B两点，则菱形ABCD的面积是_____；

15．如图，△ABC绕点A逆时针旋转得到△AB′C′，点C在AB'上，点C的对应点C′在BC的延长线上，若∠BAC'＝80°，则∠B＝______度．

16．等边三角形ABC绕着它的中心，至少旋转______度才能与它本身重合
17．在Rt△ABC中，，，，则的值等于__．
18．方程的解是_______．
三、解答题(共66分)
19．（10分）如图，⊙O是△ABC的外接圆，BC为⊙O的直径，点E为△ABC的内心，连接AE并延长交⊙O于D点，连接BD并延长至F，使得BD＝DF，连接CF，BE．

（1）求证：直线CF为⊙O的切线；
（2）若DE＝6，求⊙O的半径长.
20．（6分）先化简，再求值，，其中m满足：m2﹣4＝1．
21．（6分）甲、乙两人用如图所示的两个转盘（每个转盘分别被分成面积相等的3个扇形）做游戏，游戏规则：甲转动A盘一次，乙转动B盘一次，当转盘停止后，指针所在区域的数字之和为偶数时甲获胜；数字之和为奇数时乙获胜．若指针落在分界线上，则需要重新转动转盘．请用列表或画树状图的方法表示出上述游戏中两数和的所有可能的结果；并求出甲获胜的概率．

22．（8分）如图，已知二次函数的顶点为（2，），且图象经过A（0，3），图象与x轴交于B、C两点．
（1）求该函数的解析式；
（2）连结AB、AC，求△ABC面积．

23．（8分）（1）（问题发现）
如图1，在Rt△ABC中，AB＝AC＝2，∠BAC＝90°，点D为BC的中点，以CD为一边作正方形CDEF，点E恰好与点A重合，则线段BE与AF的数量关系为　 　
（2）（拓展研究）
在（1）的条件下，如果正方形CDEF绕点C旋转，连接BE，CE，AF，线段BE与AF的数量关系有无变化？请仅就图2的情形给出证明；
（3）（问题发现）
当正方形CDEF旋转到B，E，F三点共线时候，直接写出线段AF的长．

24．（8分）国家计划2035年前实施新能源汽车，某公司为加快新旧动能转换，提高公司经济效益，决定对近期研发出的一种新型能源产品进行降价促销.根据市场调查：这种新型能源产品销售单价定为200元时，每天可售出300个；若销售单价每降低1元，每天可多售出5个.已知每个新型能源产品的成本为100元.
问：（1）设该产品的销售单价为元，每天的利润为元.则_________（用含的代数式表示）
（2）这种新型能源产品降价后的销售单价为多少元时，公司每天可获利32000元？
25．（10分）如图，已知抛物线y=﹣x2+bx+c经过A（3，0），B（0，3）两点．
（1）求此抛物线的解析式和直线AB的解析式；
（2）如图①，动点E从O点出发，沿着OA方 向 以1个单位/秒的速度向终点A匀速运动，同时， 动点F从A点出发，沿着AB方向以个单位/ 秒的速度向终点B匀速运动，当E，F中任意一点到达终点时另一点也随之停止运动，连接EF，设运动时间为t秒，当t为何值时，△AEF为直角三角形？
（3）如图②，取一根橡皮筋，两端点分别固定在A，B处，用铅笔拉着这根橡皮筋使笔尖P在直线AB上方的抛物线上移动，动点P与A，B两点构成无数个三角形，在这些三角形中是否存在一个面积最大的三角形？如果存在，求出最大面积，并指出此时点P的坐标；如果不存在，请简要说明理由．

26．（10分）如图，在平面直角坐标系xOy中，直线和抛物线W交于A，B两点，其中点A是抛物线W的顶点．当点A在直线上运动时，抛物线W随点A作平移运动．在抛物线平移的过程中，线段AB的长度保持不变．
应用上面的结论，解决下列问题：
在平面直角坐标系xOy中，已知直线．点A是直线上的一个动点，且点A的横坐标为．以A为顶点的抛物线与直线的另一个交点为点B．

（1）当时，求抛物线的解析式和AB的长；
（2）当点B到直线OA的距离达到最大时，直接写出此时点A的坐标；
（3）过点A作垂直于轴的直线交直线于点C．以C为顶点的抛物线与直线的另一个交点为点D．
①当AC⊥BD时，求的值；
②若以A，B，C，D为顶点构成的图形是凸四边形（各个内角度数都小于180°）时，直接写出满足条件的的取值范围．

参考答案

一、选择题(每小题3分,共30分)
1、C
【分析】由两直线平行，同位角相等，可求得∠3的度数，然后求得∠2的度数．
【详解】
∵∠1=50°，
∴∠3=∠1=50°，
∴∠2=90°−50°=40°.
故选C.
【点睛】
本题主要考查平行线的性质，熟悉掌握性质是关键.
2、A
【分析】如图所示：正六边形ABCDEF中，OM为边心距，OM=，连接OA、OB，然后求出正六边形的中心角，证出△OAB为等边三角形，然后利用等边三角形的性质和锐角三角函数即可求出结论．
【详解】解：如图所示：正六边形ABCDEF中，OM为边心距，OM=，连接OA、OB

正六边形的中心角∠AOB=360°÷6=60°
∴△OAB为等边三角形
∴∠AOM=∠AOB=30°，OA=AB
在Rt△OAM中，OA=
即正六边形的边长是．
故选A．
【点睛】
此题考查的是根据正六边形的边心距求边长，掌握中心角的定义、等边三角形的判定及性质和锐角三角函数是解决此题的关键．
3、C
【分析】根据幂的运算法则即可判断.
【详解】A、a4•a＝a5，故此选项错误；
B、a6÷a3＝a3，故此选项错误；
C、（a3）2＝a6，正确；
D、（ab）3＝a3b3，故此选项错误；
故选C．
【点睛】
此题主要考查幂的运算，解题的关键是熟知幂的运算公式.
4、C
【分析】根据垂线的作法即可判断．
【详解】观察作图过程可知：
A．作法正确，不符合题意；
B．作法正确，不符合题意；
C．作法错误，符号题意；
D．作法正确，不符合题意．
故选：C．
【点睛】
本题考查了作图-复杂作图、垂线，解决本题的关键是掌握作垂线的方法．
5、A
【分析】根据锐角三角函数的定义，直接得出cotA=，即可得出答案．
【详解】解：在Rt△ABC中，∠C＝90°，a=3b，
∴；
故选择：A.
【点睛】
此题主要考查了锐角三角函数的定义，熟练地应用锐角三角函数的定义是解决问题的关键．
6、C
【分析】根据题意先确定抛物线的对称轴及开口方向，再根据点与对称轴的远近，判断函数值的大小．
【详解】解：∵，
∴对称轴是x=-2，开口向下，
距离对称轴越近，函数值越大，
∵，
∴.
故选：C.
【点睛】
本题主要考查二次函数的图象性质及单调性的规律，掌握开口向下，距离对称轴越近，函数值越大是解题的关键．
7、C
【分析】画树状图求出共有12种等可能结果，符合题意得有2种，从而求解.
【详解】解：画树状图得：

∵共有12种等可能的结果，两次都摸到白球的有2种情况，
∴两次都摸到白球的概率是：．
故答案为C．
【点睛】
本题考查画树状图求概率，掌握树状图的画法准确求出所有的等可能结果及符合题意的结果是本题的解题关键．
8、C
【分析】根据DE∥BC，即可证得△ADE∽△ABC，然后根据相似三角形的面积的比等于相似比的平方，即可求解．
【详解】解：∵AD：DB＝1：2，
∴AD：AB＝1：3，
∵DE∥BC，
∴△ADE∽△ABC，
∴＝（）2＝．
故选：C．
【点睛】
此题主要考查相似三角形的性质，解题的关键是熟知相似三角形的面积的比等于相似比的平方．
9、C
【解析】根据三边对应成比例，两三角形相似，得到△ABC∽△DEF，再由相似三角形的性质即可得到结果．
【详解】∵AD＝2OA，BE＝2OB，CF＝2OC，
∴＝＝＝，
∴△ABC∽△DEF，
∴＝＝，
∵△ABC的面积是3，
∴S△DEF＝27，
∴S阴影＝S△DEF﹣S△ABC＝1．
故选：C．
【点睛】
本题考查了相似三角形的判定和性质，掌握相似三角形的判定和性质是解题的关键．
10、A
【分析】方程常数项移到右边，两边加上1变形即可得到结果．
【详解】方程移项得：x2−2x＝5，
配方得：x2−2x＋1＝1，
即（x−1）2＝1．
故选：A．
【点睛】
此题考查了解一元二次方程−配方法，熟练掌握完全平方公式是解本题的关键．

二、填空题(每小题3分,共24分)
11、6
【分析】根据AB//CD，得出△AOB与△OCD相似，利用△AOB与△OCD的面积分别为8和18，得：AO：OC=BO：OD=2：3，然后再利用同高三角形求得S△COB=12，设B、 C的坐标分别为（a，0）、（0，b），E点坐标为（a，b）进行解答即可.
【详解】解：∵AB//CD，
∴△AOB∽△OCD，
又∵△ABD与△ACD的面积分别为8和18，
∴△ABD与△ACD的面积比为4：9，
∴AO：OC=BO：OD=2：3
∵S△AOB=8
∴S△COB=12
设B、 C的坐标分别为（a，0）、（0，b），E点坐标为（a，b）
则OB=| a | 、OC=| b |
∴|a|×|b|=12即|a|×|b|=24
∴|a|×|b|=6
又∵，点E在第三象限
∴k=xy=a×b=6
故答案为6.
【点睛】
本题考查了反比例函数综合题应用，根据已知求出S△COB=12是解答本题的关键.
12、
【分析】根据，即可求出的取值范围.
【详解】解：∵关于的方程不存在实数根，
∴，
解得：；
故答案为：.
【点睛】
本题考查了一元二次方程根的判别式，解题的关键是熟练利用根的判别式求参数.
13、x2﹣3x﹣1=1
【解析】2x2﹣1=x（x+3），
2x2﹣1=x2+3x，
则2x2﹣x2﹣3x﹣1=1，
故x2﹣3x﹣1=1，
故答案为x2﹣3x﹣1=1．
14、
【分析】作AH⊥BC交CB的延长线于H，根据反比例函数解析式求出A的坐标、点B的坐标，求出AH、BH，根据勾股定理求出AB，根据菱形的面积公式计算即可．
【详解】作AH⊥BC交CB的延长线于H，

∵反比例函数y＝的图象经过A、B两点，A、B两点的横坐标分别为1和3，
∴A、B两点的纵坐标分别为3和1，即点A的坐标为（1，3），点B的坐标为（3，1），
∴AH＝3﹣1＝2，BH＝3﹣1＝2，
由勾股定理得，AB＝ ＝2，
∵四边形ABCD是菱形，
∴BC＝AB＝2，
∴菱形ABCD的面积＝BC×AH＝4，
故答案为4．
【点睛】
本题考查的是反比例函数的系数k的几何意义、菱形的性质，根据反比例函数解析式求出A的坐标、点B的坐标是解题的关键．
15、1
【分析】根据旋转的性质和等腰三角形的性质即可得到结论．
【详解】解：∵△ABC绕点A逆时针旋转得到△AB′C′，
∴∠C′AB′＝∠CAB，AC′＝AC，
∵∠BAC'＝80°，
∴∠C′AB′＝∠CAB＝C′AB＝40°，
∴∠ACC′＝70°，
∴∠B＝∠ACC′﹣∠CAB＝1°，
故答案为：1．
【点睛】
本题考查了旋转的性质，等腰三角形的性质，三角形的外角的性质，正确的识别图形是解题的关键．
16、120
【分析】根据等边三角形的性质，结合图形可以知道旋转角度应该等于120°．
【详解】解：等边△ABC绕着它的中心，至少旋转120度能与其本身重合．
【点睛】
本题考查旋转对称图形及等边三角形的性质．
17、
【分析】首先由勾股定理求出另一直角边AC的长度，再利用锐角三角函数的定义求解．
【详解】∵在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=10，BC=8，
∴，
∴，
故答案为：．
【点睛】
本题主要考查了锐角三角函数的定义：在直角三角形中，锐角的余弦为邻边比斜边．
18、
【分析】根据提公因式法解一元二次方程直接求解即可．
【详解】
提公因式得
解得．
故答案为．
【点睛】
本题主要考查一元二次方程的解法，熟练掌握一元二次方程的解法是关键．

三、解答题(共66分)
19、（1）详见解析；（2）3
【分析】（1）连接OD，由BC为⊙O的直径，点E为△ABC的内心，证得OD⊥BC，再根据中位线定理证得OD∥CF，即可证得结论；
（2）根据圆周角定理证得∠EBD=∠BED，即 BD=DE，根据正弦函数即可求出半径的长
【详解】（1）连接OD

∵BC为⊙O的直径
∴∠BAC=90°
∵点E为△ABC的内心
∴∠CAD=∠BAD=45°，∠ABE=∠EBC
∴∠BOD=∠COD=90°，即OD⊥BC
又BD＝DF，OB＝OC
∴OD∥CF
∴BC⊥CF，BC为⊙O的直径
∴直线CF为⊙O的切线；
（2）∵，
∴∠CAD=∠CBD，
∵OD⊥BC，
∴，
∴∠CBD=∠BAE，
又∵∠ABE=∠EBC，
∴∠EBD=∠EBC+∠CBD=∠BAE+∠ABE=∠BED，
∴BD=DE=6，
Rt△OBD中OB=OD，
∴OB=BD=×6=3，
【点睛】
本题考查三角形的内切圆与内心、切线的判定、等腰三角形的判定、直角三角形的判定等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，学会添加常用辅助线，属于中考常考题型．
20、，﹣
【分析】先根据分式的混合运算顺序和运算法则化简原式，再求出符合条件的m的值，从而代入计算可得．
【详解】解：原式＝÷
＝
＝，
∵m2﹣4＝1且m≠2，
∴m＝﹣2，
则原式＝＝﹣．
【点睛】
本题主要考查分式的化简求值，解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则．
21、见解析，．
【分析】先列表或画出树状图，再根据表格或树状图得出所有可能出现的结果，然后找出结果为偶数的，利用概率公式计算即可．
【详解】由题意，列表或树状图表示所有可能如下所示：

由此可知，共有9种可能的结果，每一种可能性相同，其中和为偶数的结果有5种
所以甲获胜的概率为．
【点睛】
本题考查了利用列举法求概率，依据题意，正确列出表格或画出树状图是解题关键．
22、（1）；（2）.
【分析】（1）设该二次函数的解析式为，因为顶点（2，-1），可以求出h,k,将A（0，3）代入可以求出a，即可得出二次函数解析式.
（2）由（1）求出函数解析式，令y等于0可以求出函数图像与x轴的两个交点为B,C两点，然后利用面积公式,即可求出三角形ABC的面积.
【详解】（1）设该二次函数的解析式为
∵顶点为（2，）
∴
又∵图象经过A（0，3）
∴ 即
∴该抛物线的解析式为
（2）当时，，解得，
∴C（3，0） B（1，0）
得
∴.
【点睛】
熟练掌握待定系数法求二次函数解析式和三角形的面积公式是本题的解题关键.
23、（1）BE=AF；（2）无变化；（3）﹣1或+1．
【解析】（1）先利用等腰直角三角形的性质得出AD= ，再得出BE=AB=2，即可得出结论；
（2）先利用三角函数得出，同理得出，夹角相等即可得出△ACF∽△BCE，进而得出结论；
（3）分两种情况计算，当点E在线段BF上时，如图2，先利用勾股定理求出EF=CF=AD=，BF=，即可得出BE=﹣，借助（2）得出的结论，当点E在线段BF的延长线上，同前一种情况一样即可得出结论．
【详解】解：（1）在Rt△ABC中，AB=AC=2，
根据勾股定理得，BC=AB=2，
点D为BC的中点，∴AD=BC=，
∵四边形CDEF是正方形，∴AF=EF=AD=，
∵BE=AB=2，∴BE=AF，
故答案为BE=AF；
（2）无变化；
如图2，在Rt△ABC中，AB=AC=2，
∴∠ABC=∠ACB=45°，∴sin∠ABC=，
在正方形CDEF中，∠FEC=∠FED=45°，
在Rt△CEF中，sin∠FEC=，
∴，
∵∠FCE=∠ACB=45°，∴∠FCE﹣∠ACE=∠ACB﹣∠ACE，∴∠FCA=∠ECB，
∴△ACF∽△BCE，∴ =，∴BE=AF，
∴线段BE与AF的数量关系无变化；
（3）当点E在线段AF上时，如图2，
由（1）知，CF=EF=CD=，
在Rt△BCF中，CF=，BC=2，
根据勾股定理得，BF=，∴BE=BF﹣EF=﹣，
由（2）知，BE=AF，∴AF=﹣1，
当点E在线段BF的延长线上时，如图3，
在Rt△ABC中，AB=AC=2，∴∠ABC=∠ACB=45°，∴sin∠ABC=，
在正方形CDEF中，∠FEC=∠FED=45°，
在Rt△CEF中，sin∠FEC= ，∴ ，
∵∠FCE=∠ACB=45°，∴∠FCB+∠ACB=∠FCB+∠FCE，∴∠FCA=∠ECB，
∴△ACF∽△BCE，∴ =，∴BE=AF，
由（1）知，CF=EF=CD=，
在Rt△BCF中，CF=，BC=2，
根据勾股定理得，BF=，∴BE=BF+EF=+，
由（2）知，BE=AF，∴AF=+1．
即：当正方形CDEF旋转到B，E，F三点共线时候，线段AF的长为﹣1或+1．

24、（1）或；（2）当销售单价为180元时，公司每天可获利32000元.
【分析】（1）根据总利润＝单件利润销量，用的代数式分别表示两个量，构建方程即可；
（2）由(1)所得的函数，当时,解一元二次方程即可求得答案.
【详解】（1）依题意得：
（2）公司每天可获利32000元，即,则
，
化简得：，
解得：，
答：当销售单价为180元时，公司每天可获利32000元.
【点睛】
本题主要考查二次函数的应用、一元二次方程的解法，理解题意找到题目蕴含的相等关系列出方程是解题的关键．
25、（1）抛物线的解析式为y=﹣x2+2x+3，直线AB的解析式为y=﹣x+3；（2）t=或；（3）存在面积最大，最大值是，此时点P（，）．
【分析】（1）将A（3，0），B（0，3）两点代入y=﹣x2+bx+c，求出b及c即可得到抛物线的解析式，设直线AB的解析式为y=kx+n，将A、B两点坐标代入即可求出解析式；
（2）由题意得OE=t，AF=t，AE=OA﹣OE=3﹣t，分两种情况：①若∠AEF=∠AOB=90°时，证明△AOB∽△AEF得到=，求出t值；②若∠AFE∠AOB=90°时，证明△AOB∽△AFE，得到=求出t的值；
（3）如图，存在，连接OP，设点P的坐标为（x，﹣x2+2x+3），根据，得到，由此得到当x=时△ABP的面积有最大值，最大值是，并求出点P的坐标.
【详解】（1）∵抛物线y=﹣x2+bx+c经过A（3，0），B（0，3）两点，
∴，解得，
∴抛物线的解析式为y=﹣x2+2x+3，
设直线AB的解析式为y=kx+n，
∴ ，解得，
∴直线AB的解析式为y=﹣x+3；
（2）由题意得，OE=t，AF=t，
∴AE=OA﹣OE=3﹣t，
∵△AEF为直角三角形，
∴①若∠AEF=∠AOB=90°时，
∵∠BAO=∠EAF，
∴△AOB∽△AEF
∴=，
∴，
∴t=．
②若∠AFE∠AOB=90°时，
∵∠BAO=∠EAF，
∴△AOB∽△AFE，
∴=，
∴，
∴t=；
综上所述，t=或；
（3）如图，存在，
连接OP，设点P的坐标为（x，﹣x2+2x+3），
∵,
∴
=
=
=，
∵<0，
∴当x=时△ABP的面积有最大值，最大值是，
此时点P（，）．

【点睛】
此题是二次函数与一次函数的综合题，考查了待定系数法求函数解析式，相似三角形的判定及性质，函数与动点问题，函数图象与几何图形面积问题.
26、（1）；（2）；（3）①；②的取值范围是或．
【分析】（1）根据t=3时，A的坐标可以求得是（3，-2），利用待定系数法即可求得抛物线的解析式，则B的坐标可以求得；
（2）△OAB的面积一定，当OA最小时，B到OA的距离即△OAB中OA边上的高最大，此时OA⊥AB，据此即可求解；
（3）①方法一：设AC，BD交于点E，直线l1：y=x-2，与x轴、y轴交于点P和Q（如图1）．由点D在抛物线C2：y=[x-（2t-4）]2+（t-2）上，可得 =[（t-1）-（2t-4）]2+（t-2），解方程即可得到t的值；
方法二：设直线l1：y=x-2与x轴交于点P，过点A作y轴的平行线，过点B作x轴的平行线，交于点N．（如图2），根据BD⊥AC，可得t-1=2t-，解方程即可得到t的值；
②设直线l1与l2交于点M．随着点A从左向右运动，从点D与点M重合，到点B与点M重合的过程中，可得满足条件的t的取值范围．
【详解】解：（1）∵点A在直线l1：y=x-2上，且点A的横坐标为3，
∴点A的坐标为（3，-2），
∴抛物线C1的解析式为y=-x2-2，
∵点B在直线l1：y=x-2上，
设点B的坐标为（x，x-2）．
∵点B在抛物线C1：y=-x2-2上，
∴x-2=-x2-2，
解得x=3或x=-1．
∵点A与点B不重合，
∴点B的坐标为（-1，-3），
∴由勾股定理得AB=．
（2）当OA⊥AB时，点B到直线OA的距离达到最大，则OA的解析式是y=-x，则
，解得： ，
则点A的坐标为（1，-1）．
（3）①方法一：设，交于点，直线，与轴、轴交于点和（如图1）．

则点和点的坐标分别为，．
∴．
∵．
∵轴，
∴轴．
∴．
∵，，
∴．
∵点在直线上，且点的横坐标为，
∴点的坐标为．
∴点的坐标为．
∵轴，
∴点的纵坐标为．
∵点在直线上，
∴点的坐标为．
∴抛物线的解析式为．
∵，
∴点的横坐标为，
∵点在直线上，
∴点的坐标为．
∵点在抛物线上，
∴．
解得或．
∵当时，点与点重合，
∴
方法二：设直线l1：y=x-2与x轴交于点P，过点A作y轴的平行线，过点B作x轴的平行线，交于点N．（如图2）

则∠ANB=93°，∠ABN=∠OPB．
在△ABN中，BN=ABcos∠ABN，AN=ABsin∠ABN．
∵在抛物线C1随顶点A平移的过程中，
AB的长度不变，∠ABN的大小不变，
∴BN和AN的长度也不变，即点A与点B的横坐标的差以及纵坐标的差都保持不变．
同理，点C与点D的横坐标的差以及纵坐标的差也保持不变．
由（1）知当点A的坐标为（3，-2）时，点B的坐标为（-1，-3），
∴当点A的坐标为（t，t-2）时，点B的坐标为（t-1，t-3）．
∵AC∥x轴，
∴点C的纵坐标为t-2．
∵点C在直线l2：y＝x上，
∴点C的坐标为（2t-4，t-2）．
令t=2，则点C的坐标为（3，3）．
∴抛物线C2的解析式为y=x2．
∵点D在直线l2：y＝x上，
∴设点D的坐标为(x，)．
∵点D在抛物线C2：y=x2上，
∴＝x2．
解得x＝或x=3．
∵点C与点D不重合，
∴点D的坐标为(，)．
∴当点C的坐标为（3，3）时，点D的坐标为(，)．
∴当点C的坐标为（2t-4，t-2）时，点D的坐标为(2t−，t−)．
∵BD⊥AC，
∴t−1＝2t−．
∴t＝．
②t的取值范围是t＜或t＞4．
设直线l1与l2交于点M．随着点A从左向右运动，从点D与点M重合，到点B与点M重合的过程中，以A，B，C，D为顶点构成的图形不是凸四边形．

【点睛】
本题考查了二次函数综合题，掌握待定系数法求得函数的解析式，点到直线的距离，平行于坐标轴的点的特点，方程思想的运用是解题的关键．