四川省成都市第七中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题.doc
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四川省成都市第七中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题 四川省成都市第七中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题 年级: 姓名: 10 四川省成都市第七中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题 第Ⅰ卷 一、单选择题(共8个小题) 1.关于电流的说法中正确的是 A.根据,可知I与q成正比 B.自由电子定向移动的速率为真空中的光速c C.电流有方向,电流是矢量 D.电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位 2.下面说法中不正确的是 A.关系式表明使导体通过一定的电流所需的电压越高,则导体的电阻越大 B.关系式表明导体的电阻跟导体两端的电压成正比,跟导体的电流强度成反比 C.关系式表明导体中的电流强度跟导体两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比 D.关系式U=IR表明对于一个确定的导体,通过的电流越大,那么导体两端的电压也越大 3.电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的本领,下列说法正确的是 A.电动势是一种非静电力 B.电动势越大,表明电源储存的电能越多 C.电动势的大小是非静电力做功能力的反映 D.电动势就是闭合电路中电源两端的电压 4.如图所示,用一根电阻为6R的粗细均匀的镍铬合金线做成一个环,在环上6个对称的点上,焊接6个不计电阻的导线,并与接线柱连接,利用这种方法,可以在任意两个接线柱之间获得的不同电阻值的总个数、最大电阻值以及最小电阻值分别是 A.2种,最大为1.5R,最小为 B.3种,最大为1.5R,最小为 C.2种,最大为3R,最小为 D.3种,最大为3R,最小为 5.一电流表由小量程电流计G与电阻R并联而成,如图所示,若在使用中发现此电流表的计数总比准确值稍小一些,用下列哪种措施可能加以改进 A.在R上并联一比R小得多的电阻 B.在R上并联一比R大得多的电阻 C.在R上串联一比R小得多的电阻 D.在R上串联一比R大得多的电阻 6.如图所示,MON是固定的光滑绝缘直角杆,MO沿水平方向,NO沿竖直方向,A、B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球,用一指向竖直杆的水平力F作用在A球上,使两球均处于静止状态.现将A球向竖直杆方向缓慢拉动一小段距离后,A、B两小球可以重新平衡.则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较,下列说法正确的是 A.A、B两小球间的库仑力变大 B.A、B两小球间的库仑力变小 C.A球对MO杆的压力变大 D.A球对MO杆的压力变小 7.如图所示,两极板与电源相连接,电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场,且恰好从正极板边沿飞出,现在使电子入射速度变为原来的,而电子仍从原位置射入,且仍从正极板边沿飞出,则两极板的间距应变为原来的 A.3倍 B.9倍 C.倍 D.倍 8.如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线,A、B是这条直线上的两点,一带正电粒子以速度vA经过A点向B点运动,经过一段时间后,粒子以速度vB经过B点,且vB与vA方向相反,不计粒子重力,下面说法正确的是 A.A点的场强一定大于B点的场强 B.A点的电势一定高于B点的电势 C.粒子在A点的速度一定小于在B点的速度 D.粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能 二.多选题(共6个小题) 9.如图所示,在两等量异种点电荷的电场中,MN为两电荷连线的中垂线,a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线,且a与c关于MN对称,b点位于MN上,d点位于两电荷的连线上.以下判断正确的是 A.b点场强比d点场强小 B.b点电势比d点电势低 C.a、b两点间的电势差大于b、c两点间的电势差 D.试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能 10.图中的实线表示电场线,虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹,粒子先经过M点,再经过N点,可以判定 A.该粒子一定带正电 B.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 C.带电粒子经过M点的速度大于经过N点的速度 D.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能 11.如图所示,在x轴上放有两个电荷量分别为q1和q2的点电荷,其中q1位于x轴的坐标原点,电荷q2的右侧各点电势φ随x变化的关系如图曲线所示,其余部分的电势变化情况没有画出,其中B点电势为零,BD段中的电势最低点为C点,则 A.B点的电场强度大小为零 B.A点的电场强度强度方向向左 C.两点电荷的电荷量的大小关系为q1>q2 D.将一带负电的试探电荷从C点移到D点,电场力做负功 12.在如图甲所示的电路中,L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示,当开关S闭合后,电路中的总电流为0.25 A.则此时 A.L1的电压为L2电压的2倍 B.L1消耗的电功率为0.75 W C.L1、L2消耗的电功率的比值大于4︰1 D.L2的电阻为12 Ω 13.一平行板电容器C,极板是水平放置的,它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路.今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动,要使油滴上升,可采用办法是 A.增大R1 B.增大R2 C.增大R3 D.减小R2 14.如图所示,E为电源电动势,r为电源内阻,R1为定值电阻(R1>r),R2为可变电阻,以下说法中正确的是 A.当R1=R2+r时,R1上获得最大功率 B.当R2=R1+r时,R2上获得最大功率 C.当R2=0时,电源的效率最低 D.当R2=0时,电源的输出功率最大 第Ⅱ卷 二、实验题 15.某同学用伏安法测量金属丝的电阻率.现有器材为: 螺旋测微器,待测电阻R(阻值约为5 Ω),电源(电动势3 V),滑动变阻器(阻值范围0~10 Ω)电流表(量程0.6 A,3 A),电压表(量程3 V,15 V),开关,导线若干. 实验要求在测量电路中将电流表外接,滑动变阻器起限流作用.回答下列问题: (1)某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示,其读数是________mm. (2)按照实验要求在图(a)中画出实物连线图. (3)若已按实验要求接线,闭合开关后移动滑动变阻器的滑片,电压表的示数始终约为3 V,电流表的示数始终接近0.写出产生这种现象的一个原因:________________. (4)在连线正确后,闭合开关.电压表和电流表的示数分别如图(b)和图(c)所示.由图可知,电压表读数为________V,电流表读数为________A.由此可得待测电阻的阻值为________Ω(结果保留3位有效数字). 16.为测量一电源的电动势及内阻 (1)在下列三个电压表中选一个改装成量程为9 V的电压表 A.量程为1 V、内阻大约为1 kΩ的电压V1 B.量程为2 V、内阻大约为2 kΩ的电压V2 C.量程为3 V、内阻为3 kΩ的电压V3 选择电压表________(填仪器前字母序号)串联________kΩ的电阻可以改转成量程为9 V的电压表. (2)利用一个电阻箱、一只开关、若开关导线和改装好的电压表(此表用符号V1、V2、V3与一个电阻串联来表示,且可视为理想电压表),在虚线框内画出电源电动势及内阻的实验原理电路图. 三、计算题(要求写出必要的步骤.) 17.如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d=40 cm.电源电动势E=24 V,内电阻r=1 Ω,电阻R=15 Ω.闭合S,待电路稳定后,将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4 m/s竖直向上射入板间.若小球带电量为q=1×10-2 C,质量为m=2×10-2 kg,不考虑空气阻力.那么,滑动变阻器滑片P在某位置时,小球恰能到达A板.(g取10 m/s2)求: (1)两极板间的电场强度大小; (2)滑动变阻器接入电路的阻值. 18.一长为L的细线,上端固定,下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球,处于如图所示的水平向右的匀强电场中,开始时,将线与小球拉成水平,然后释放小球由静止开始向下摆动,当细线转过60°角时,小球到达B点速度恰好为零,重力加速度为g.求: (1)匀强电场的场强大小; (2)小球到达B点时,细线对小球的拉力大小. 19.如图所示,半径为R的光滑绝缘环形轨道竖直放置,在圆轨道的最低点B处固定一带电小球,另有质量为m的带电小球穿在圆环上,从A点(水平最右端)处无初速释放.若小球运动到C点时获得最大速度,其大小为vm,且∠AOC=30°.重力加速度为g.求: (1)小球在C点时对轨道的压力; (2)小球在A时的加速度; (3)小球从A点运动到C点的过程中电场力所做的功. 20.两块水平平行放置的导体板如图甲所示,大量电子(质量为m、电荷量为e)由静止开始,经电压为U0的电场加速后,连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间.当两板均不带电时,这些电子通过两板之间的时间为3t0;当在两板间加如图乙所示的周期为2t0、恒为U0的周期性电压时,恰好能使所有电子均从两板间通过(不计电子重力).求: (1)电子进入两板之间后加速度的大小; (2)这些电子通过两板之间后,侧向位移(垂直于入射速度方向上的位移)的最大值和最小值; (3)侧向位移分别为最大值和最小值的情况下,电子在刚穿出两板之间时的动能之比. 成都七中2020—2021学年度上期高2022届高二半期考试 物理试题参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 D B C B C B A D AB AD BC BC CD BCD 15.(1)0.200 (2)实物连线图 (3)待测电阻R断路 (4)2.20 V,0.48 A,5.58 Ω 16.(1)V3 6; (2)实验原理电路图 17.解:(1)对小球恰能从B到A,由动能定理可得: ,解得UAB=8 V 又由可得: (2)由闭合电路欧姆定律可得:E=I(R+r)+UAB 计算得出:I=1 A 则有: 18.解:(1)小球由静止释放至恰好到达B点的过程,由动能定理有: mgLsin60°-qEL(1-cos60°)=0-0 解得: (2)小球到达B点时的受力分析如图所示,因为小球到达B点时速度为零,所以沿绳方向(y轴方向)的合力为零,即:T-mgsin60°-qEcos60°=0 解得: 19.(1)小球在C点速度最大,即此时沿速度方向(切线方向)合力为零,设此时的库仑力为Fc,则有: 切线方向:mgcos30°-Fccos30°=0 法线方向: 解得:Fc=mg, 由牛顿第三定律可知,此时小球对轨道的压力大小为 ,方向沿OC延长线. (2)由几何关系可知:rBC=R,, 设小球在A点时库仑力大小为FA,由可知:,即 小球在A点时速度为零,因此向心加速度为零即an=0. 沿切线方向:mg-FAcos45°=maτ 又小球在A的加速度为 解得:,方向竖直向下 (3)设小球从A点运动到C点的过程中,电场力做功为W,由动能定理可得: 解得: 20.(1)综合题设条件,电子通过两板间的时间为3t0,且所有电子均从两板间通过,结合两板间电压随时间的变化规律(U-t图象),可知在0~2t0之间,t=0时刻入射板间的粒子沿电场方向加速时间最长侧向位移最大,t=t0时刻入射板间的粒子沿电场方向加速时间最短侧向位移最小.两种状态在两板间的vy-t图象如图所示: 电子进入两板间后,根据牛顿第二定律可得: 对于t=0时刻入射板间的粒子,其侧向位移为: 此时电子恰好从板间通过,则有 解得:, (2)由(1)可解得 对于t=t0时刻入射板间的粒子,其侧向位移为: 将带入可得: (3)电子经过加速电场时,由动能定理可得: 电子在两板间偏转时:v1y2=(a·t0)2,v2y2=(a·2t0)2,即:, 对于t=0时刻入射板间的粒子,其动能最大: 对于t=t0时刻入射板间的粒子,其动能最小: 由此可得两电子刚穿出两板间的动能之比为:- 配套讲稿:
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