人教版2023初中物理九年级物理全册第十四章内能的利用知识点归纳超级精简版.docx

人教版2023初中物理九年级物理全册第十四章内能的利用知识点归纳超级精简版

1

单选题
1、如图所示分别为内燃机甲、乙的能量流向图，则下列说法正确的是（   ）

A．通过技术改进，可使甲的E4等于E1
B．若E4大于E4＇，则甲的热机效率一定高于乙
C．若E5小于E5＇，，则甲的热机效率一定高于乙
D．若甲、乙的热机效率相等且E1等于E1＇，则E4一定等于E4＇
答案：D
A．无论怎样技术改进，额外功的产生不可避免，有用功E4总是小于总功E1。故错误；
BC．根据公式η=E有用E总×100%=E总-E无用E总×100%知，若E4大于E4＇，只有E1等于E1＇时，甲的热机效率一定高于乙；若E5小于E5＇，甲的热机效率不一定高于乙。故BC错误；
D．根据η=E有用E总×100%知，若甲、乙的热机效率相等且E1等于E1＇，则E4一定等于E4＇。故D正确，
故选D。
2、有人设想的“永动机”如图所示。下列对该装置开始转动后的分析正确的是（  ）

A．装置所具有的机械能始终不变
B．如果没有能量补充，装置最终会停下来
C．根据能量守恒定律，装置可以一直转动下去
D．装置中小球的动能和重力势能不会相互转化
答案：B
ABC．由于装置运转过程中需要克服摩擦做功，装置所具有的机械能会不断减小，如果没有能量补充，装置最终会停下来，故AC错误，B正确；
D．装置中小球的动能和重力势能不断地发生相互转化，故D错误。
故选B。
3、关于内能的利用，下列说法正确的是（　　）
A．比热容是物质的特性，跟温度上升的多少无关
B．燃料燃烧更充分，可以增大燃料的热值
C．容易燃烧的燃料，热值一定大
D．单缸四冲程柴油机，飞轮每转1圈，柴油机对外做功1次
答案：A
A．比热容是物质的特性，跟温度上升的多少无关，故A正确；
B．燃料的热值是物质本身所具有的性质，热值只与燃料的种类有关，跟燃烧的充不充分无关，故B错误；
C．燃料的热值是物质本身所具有的性质，热值只与燃料的种类有关，容易燃烧的燃料，热值不一定大，故C错误；
D．单缸四冲程柴油机，飞轮每转2圈，柴油机对外做功1次，故D错误。
故选A。
4、关于四冲程汽油机的工作过程，下列说法正确的是（　　）
A．吸气冲程：只吸入空气B．压缩冲程：缸内温度降低
C．做功冲程：气体推动活塞做功D．排气冲程：内能转化为机械能
答案：C
A．吸气冲程：吸入空气和汽油的混合物，故A错误；
B．压缩冲程：活塞压缩混合气做功，缸内气体内能增大，温度升高，故B错误；
C．做功冲程：燃烧后的高温高压气体推动活塞做功，内能转化为机械能，故C正确；
D．排气冲程：排气门打开，进气门开闭，由飞轮的惯性带曲轴转动，带活塞上移，排出废气，不涉及内能与机械能间的转化，故D错误。
故选C。
5、做同样的有用功，甲、乙柴油机用时和消耗柴油对比如下，下列说法正确的是（　　）
柴油机
完成工作量
时间
消耗柴油
甲
相同
3h
5kg
乙

2h
6kg
A．甲的功率小；热机效率低B．甲的有用功大；做功快
C．乙的总功大；热机效率低D．消耗相同量的柴油；乙的有用功低
答案：C
由P=Wt可得，甲、乙两台柴油机完成工作量相同，甲所用的时间大于乙所用的时间，所以
P甲<P乙
甲、乙两台热机消耗的总能量分别为
Q甲=m甲q
Q乙=m乙q
由于
m甲<m乙
所以消耗总能量
Q甲<Q乙
利用能量的利用效率的计算公式η=W有用Q总×100%可知，在有用功相同的情况下，消耗的总能量越少，效率就越高，所以乙柴油机的效率低，故ABD错误；故C正确。
故选C。
6、小明利用图甲装置研究某燃料热值，他取少量燃料置于燃烧皿中，点燃后对100g的热水加热4min，然后立即将其熄灭，测得消耗燃料4.2g，并根据实验数据绘制了水温随时间变化的图像如图乙中a线所示。已知此过程中燃料均匀燃烧放热，所放出热量只有60%被水吸收。水的比热容为4.2×103J/(kg•℃)，整个过程中忽略水的质量变化。下列说法中正确的是（  ）

A．通过图像计算得知4min水吸收到的热量为2520J
B．通过计算得出该燃料的热值为2×106J/kg
C．这种方法计算出的热值比实际的热值偏大
D．若实验装置和热损失比例均不变，利用该燃料加热另一杯水绘出了如图乙中b线所示图像，则这杯水的质量小于上一杯水的质量
答案：B
A．由图乙知，a图线水在前2min内温度由93℃升到99℃，2~4温度保持不变，已经沸腾，则前2min吸收的热量
Q吸=cm水(t-t)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(99-93)℃=2.52×103J
燃料燃烧过程是均匀放热，那么4min内吸收的热量
Q吸′=2Q吸=2×2.52×103J=5040J
故A错误；
BC．据η=Q吸Q放得，燃烧燃料放出的热量
Q放=Q吸η=5040J60%=8400J
则该燃料的热值
q=Q放m=8400J4.2×10-3kg=2×106J/kg
而在燃烧过程中，燃料不能完全燃烧，则用此方法算得的Q放偏小，那么算得的热值比实际值偏小，故B正确，C错误；
D．由图乙知，b图线加热至沸腾的时间比a图线的长，在实验装置和热损失比例均不变的情况下，b图线加热时间更长可能是b图线中所用的水的初温比a的低及b图线中所用的水的质量比a的多，故D错误。
故选B。
7、冬天天气变冷，火锅以“麻、辣、鲜、香”且“方便、快捷”的大众化特色被消费者接受和喜爱。下列关于火锅的说法正确的是（  ）
A．火锅里的汤汁温度高时比温度低时含有的热量多
B．用气体燃料燃烧加热食物时，燃料的热值是不变的
C．用气体燃料燃烧加热食物时，燃料的内能转化为化学能
D．往火锅里加的食物温度升高是通过做功改变食物的内能
答案：B
A．热量是发生热传递时物体吸收或放出的能量，不是物体含有热量，故A错误；
B．热值是燃料的一种物理属性，与燃料的质量、燃烧程度、燃料的状态等均无关，所以热值是不变的，故B正确；
C．用气体燃料燃烧加热食物时，化学能转化为内能，故C错误；
D．往火锅里加的食物吸收热量，温度升高，是通过热传递改变食物的内能，故D错误。
故选B。
8、小帆在老师指导下，用如图所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像如图，乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（q酒精=3×107J/kg）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，c水=4.2×103J/kg⋅℃，则下列说法中正确的是（  ）

A．c乙=2.4×103J/kg⋅℃
B．乙的吸热能力大于甲的吸热能力
C．0~8min乙吸收的热量为3.36×104J
D．该酒精灯的加热效率为28%
答案：C
ABC．由图乙知，甲从20℃加热至沸腾用时8min，乙从20℃加热至沸腾用时10min。 升高相同温度，甲所需时间长，需要吸收的热量多，那么甲的吸热能力更强，则甲是水，甲从20℃升温至100℃，需要吸收的热量
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(100℃-20℃)=3.36×104J
两种液体在相同时间吸收的热量相同，那么乙在8min内吸收的热量为3.36×104J。乙从20℃升温至100℃，所需时间为4min，吸收的热量
Q吸1=48Q吸=48×3.36×104J=1.68×104J
那么乙的比热容
c乙=Q吸1m(t-t0)=1.68×104J0.1kg×(100℃-20℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)
故AB错误，C正确；
D．乙从20℃加热至沸腾，所需时间为10min，吸收的热量
Q吸2=108Q吸=108×3.36×104J=4.2×104J
消耗的酒精放出的热量
Q放=m酒精q酒精=0.004g×3×107J/kg=1.2×105J
那么酒精灯的加热效率
η=Q吸2Q放=4.2×104J1.2×105J=35%
故D错误。
故选C。
9、2022年2月6日，中国女足姑娘们在亚洲杯决赛中顽强拼搏，最终夺得亚洲杯冠军。如图所示，中国女足队员正在传球，踢出去的足球在空中飞行的过程中，会受到空气阻力的作用。则下列分析中正确的是（  ）

A．踢出去的足球在空中上升过程中，它的机械能守恒
B．踢出去的足球在空中下降过程中，它的机械能逐渐增大
C．足球在空中上升到最高点时，它的机械能全部转化为内能
D．空中运动的足球，若所受力都消失，它将做匀速直线运动
答案：D
AB. 踢出去的足球在空中上升或下降的过程中，由于与空气有摩擦，一部分机械能会转化成内能，它的机械能逐渐减小，所以机械能不守恒，故AB错误；
C. 足球在空中上升到最高点时，它的机械能一部分转化为重力势能，一部分与空气摩擦转化为内能，故C错误；
D. 根据牛顿第一定律，空中运动的足球，若所受力都消失，它将做匀速直线运动，故D正确。
故选D。
10、关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（  ）
A．0℃的冰块内能为0B．温度高的物体含有的热量多
C．汽油机做功冲程气缸内燃气的内能增加D．两个发生热传递的物体之间一定存在温度差
答案：D
A．一切的物体都有内能，0℃的冰块内能不为0，故A错误；    
B．热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C．汽油机做功冲程气缸内燃气的内能转化为机械能，内能减少，故C错误；
D．热量从高温物体传给低温物体，两个发生热传递的物体之间一定存在温度差，故D正确。
故选D。
11、如图是某台汽油机工作的四个冲程（顺序已乱），请按一个工作循环的过程，将四个图重新排序（　　）

A．ABCDB．BDCAC．DACBD．DCAB
答案：C
图A中的两个阀门都关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，是第二冲程；图B中的一个阀门打开，活塞向上运动，为排气冲程，是第四冲程；图C中的两个阀门都关闭，活塞下运动，为做功冲程，是第三冲程；图D中的一个阀门打开，活塞向下运动，为吸气冲程，是第一冲程。故排列顺序应该为DACB。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
12、关于热值下列说法正确的是 （  ）
A．燃料如果燃烧不完全，热值会变小
B．燃料热值越大，燃烧放出的热量越多
C．2kg煤的热值大于1kg同种煤的热值
D．燃料的热值是燃料的特性，与其他因素无关
答案：D
A．燃料如果燃烧不完全，热值的大小不变，热值只与燃料的种类有关，与燃烧的程度无关，故A错误；
B．燃料热值越大，质量未知，燃烧放出的热量未知，故B错误；
C．热值与质量无关，故2kg煤的热值等于1kg同种煤的热值，故C错误；
D．燃料的热值是燃料的特性，只与种类有关，与其他因素无关，故D正确。
故选D。
13、小汽车已成为大多数家庭出行代步的工具，其发动机大多数为汽油机，下列有关汽油机的说法正确的是（　　）
A．汽油机的吸气冲程吸入的是空气B．汽油机的效率一般比柴油机的效率高
C．汽油机的点火方式是压燃式D．汽油机的压缩冲程是把机械能转化为内能
答案：D
A．汽油机的吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物，故A错误；
B．柴油机是压燃式，一般是柴油机的效率高，故B错误；
C．汽油机的点火方式是用火花塞点火，故C错误；
D．汽油机的压缩冲程中，活塞向上运动，压缩空气和汽油的混合物，混合物内能增大，温度升高，是把机械能转化为内能，故D正确。
故选D。
14、如图，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，硝化棉会燃烧起来｡如图所示汽油机的四个冲程中与活塞压缩气体的能量转化相同的是（　　）

A．B．
C．D．
答案：B
A．图中，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，故与内燃机的压缩冲程相类似；图中进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程，故A不符合题意；
B．图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能，故B符合题意；
C．图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能，故C不符合题意；
D．图中，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程，故D不符合题意。
故选B。
15、小叶看见面点师傅将面拉成长条，放入滚烫的油中就炸出了香脆可口的油条，于是很想了解油的吸热能力。在老师指导下，他用酒精灯分别加热质量为50g、初温为20℃的油和水，记录的相关数据如下表所示。若单位时间内油吸收的热量与水吸收的热量相等，酒精的热值为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)。下列说法正确的是(  )
物质种类
加热时间（min）
消耗酒精（g）
末温（℃）
油
2
1
88
水
2
1
50
A．2min内油吸收的热量为3×104J
B．他使用的酒精灯的加热效率为21%
C．油的末温比水的高，所以吸热能力更强
D．油的吸热能力与其吸收的热量多少有关
答案：B
A．由题意可知，油和水的质量相等，都为m=50g=0.05kg，水的比热容为c水=4.2×103J/(kg·℃)，2min内水的温度由t0=20℃上升到t=50℃，则水吸收的热量为
Q吸水=c水mt-t0=4.2×103J/kg⋅℃×0.05kg×50℃-20℃=6.3×103J
2min内油吸收的热量与水吸收的热量相等，则油吸收的热量为
Q吸油=Q吸水=6.3×103J
所以2min内油吸收的热量为6.3×103J，故A错误；
B．由题意可知，酒精的热值为q=3×107J/g，加热2min消耗了m酒精=1g=1×10-3kg的酒精，则完全燃烧1g酒精放出的热量为
Q放=qm酒精=3×107J/kg×1×10-3kg=3×104J
则酒精灯的加热效率为
η=Q吸油Q放=6.3×103J3×104J=21%
故B正确；
C．相同质量和相同初温的油和水吸收相同的热量，末温度越低表示物质吸热能力越强，所以油的末温比水的高，说明油吸热能力更弱，故C错误；
D．物质的吸热能力即比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与其吸收的热量多少无关，故D错误。
故选B。
多选题
16、如图所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热至沸腾一段时间后，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”。根据实验情景，下列说法中正确的是（  ）

A．试管内能逐渐增加，是通过做功的方式改变的
B．温度升高的过程中，水分子无规则运动的剧烈程度增加
C．管口出现大量“白气”属于汽化现象
D．水蒸气推出橡胶塞的过程中，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能
答案：BD
A．试管内的内能增加，是由于酒精灯加热，使得试管内温度升高，通过热传递使得内能增加，故A错误；
B．水温逐渐升高，试管内的内能增加，水分子无规则运动的剧烈程度增加，故B正确；
C．水蒸气对外做功，推出橡胶塞，同时内能减小，温度降低，液化成小水滴，形成白气，故C错误；
D．水蒸气推出橡胶塞的过程中，水蒸气对外做功，推出橡胶塞，同时内能减小，温度降低，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，故D正确。
故选BD。
17、2022年6月5日10时44分，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。以下说法正确的是（  ）
A．火箭发射前内能为零B．火箭的燃料热值大
C．火箭燃料的化学能全部转化为机械能D．加速升空过程中火箭的机械能增大
答案：BD
A．任何物体都具有内能，火箭发射前也有内能，故A错误；
B．火箭燃料使用液态氢，是因为它的热值大，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故B正确；
C．火箭燃料燃烧产生高温高压燃气，化学能转化为内能，根据力的作用是相互的原理，高温高压燃气推动火箭上升，内能转化为机械能；在整个过程中有能量损失，只有一部分转化为机械能，故C错误；
D．机械能包括动能和势能，动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关；火箭在加速升空过程中，速度和高度都变大，所以动能和重力势能都变大，机械能变大，故D正确。
故选BD。
18、小汽车已成为大多数家庭出行代步的工具，其发动机大多数为四冲程汽油机，下列有关汽油机的说法正确的是（  ）
A．汽油机四个冲程依次为吸气、做功、压缩、排气
B．汽油机的做功冲程是把内能转化为机械能
C．改进技术，可以使汽油机的效率达到100%
D．用水循环来降低汽油机的温度，是因为水的比热容较大
答案：BD
A．汽油机四个冲程依次为吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程，故A错误；
B．汽油机在做功冲程中，高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能的过程，故B正确；
C．热机工作时，要散失热量、要克服摩擦做功，使得燃料完全燃烧放出的热量并不能全用来做有用功，所以热机的效率总小于100%，故C错误；
D．水的比热容比较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，所以利用水来降低热机的温度，故D正确。
故选BD。
19、关于热机，下列说法中正确的是（　　）
A．热机是把内能转化为机械能的发动机
B．可以采取增大热机功率的方法来增大热机的效率
C．随着科技的进步，在不久的将来热机效率可以达到100%
D．内燃机属于热机，它在压缩冲程中把机械能转化为内能
答案：AD
A．热机是利用内能做功来工作的，是把内能转化成机械能的装置，故A正确；
B．用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率，增大热机功率不能增大热机的效率，故B错误.
C．热机在工作过程中，燃料不可能完全燃烧，尾气带走较多的热量，机器本身散热，克服机械间摩擦做功，剩余的能量才是有用的能量，在燃料完全燃烧提供的能量中只占很少一部分，所以热机效率不可能达到100%，故C错误；
D．热机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程是将内能转化为机械能，故D正确。
故选AD。
20、下列说法正确的是（　　）
A．塑料吸盘能牢牢地吸附在玻璃上，不能说明分子间存在着引力
B．新能源汽车实现了“零排放”，其效率已达到了100%
C．四冲程内燃机的做功冲程存在内能转化为机械能的过程
D．在烈日当空的海边，由于水的比热容较大，会形成由陆地吹向海面的风
答案：AC
A．塑料吸盘能牢牢地吸附在玻璃上，是由于吸盘内空气排干净，在大气压强的作用下牢牢地吸附在玻璃上，不能说明分子间存在着引力，故A正确；
B．新能源汽车实现了“零排放”，是指新能源汽车不排放二氧化碳，其工作过程中仍然存在能量损失，机械效率不可能达到100%，故B错误；
C．四冲程内燃机的做功冲程中是高温高压的燃气对活塞做功，其的能量转化是燃气的内能转化为活塞的机械能，故C正确；
D．质量相等的水和其他物质，吸收相同的热量，水的比热容大，水升高的温度小，所以烈日当空的海边，水和沙石、泥土吸收相同的热量，水的温度升高较小，水的温度较低，岸上温度较高，岸上暖空气从陆地上升起，海洋上来的冷空气进行补充，形成了由海里吹向陆地上的风，故D错误。
故选AC。
21、小文是一个爱思考问题的孩子，一天他看到小强用空矿泉水瓶做成了一个“空气大炮”。只见小强将空矿泉水瓶拧好瓶盖，然后用一只手使劲拧矿泉水瓶的尾部，另一只手稍微拧松瓶盖，“砰”的一声，瓶盖就飞了出去，同时看到在瓶口有“白气”冒出。小文对上述现象做出了以下分析，其中正确的是（  ）

A．小强拧矿泉水瓶子，是通过做功的方式，使瓶内气体的内能变大，类似于汽油机压缩冲程
B．瓶盖飞出去是瓶内气体对其做功，将内能转化为瓶盖的机械能，类似于汽油机的做功冲程
C．瓶盖飞出后，瓶内气体的内能减小
D．瓶口看到的“白气”是瓶内残留的水滴汽化所致
答案：ABC
A．用手拧矿泉水瓶子，瓶子容积减小，压缩空气做功，是通过做功的方式改变物体内能，故A正确；
B．瓶内气体对瓶盖做功，瓶盖飞出，将内能转化为瓶盖的机械能，故B正确；
C．瓶盖飞出时，瓶内气体对瓶盖做功，气体内能减少，故C正确；
D．瓶内气体对外做功，内能减少，温度降低，瓶口周围空气中水蒸气放出热量液化成小水滴，出现“白气”，故D错误。
故选ABC。
22、如图为街边美食——碳烤鸡蛋。当烤一段时间后，会听到“砰”的一声鸡蛋壳被内部的气体崩裂开来，同时在裂纹处散发一缕白气。以下有关说法中正确的是（  ）

A．碳燃烧的过程中，将化学能转化为内能
B．烤制鸡蛋的过程中，利用做功的方法把鸡蛋烤熟的
C．鸡蛋崩裂的过程中，与火箭升空过程的能量转化相同
D．鸡蛋崩裂的过程中，鸡蛋内部的气体的内能增大
答案：AC
A．碳燃烧放热，碳的化学能转化为内能，故A正确；
B．烤制鸡蛋的过程中，鸡蛋吸收热量，温度升高，内能增大，利用热传递来改变内能的方法把鸡蛋烤熟的，故B错误；
CD．鸡蛋崩裂的过程中内能转化为机械能，鸡蛋内部的气体的内能减小，气体的内能转化为机械能，与火箭的升空原理相同，故C正确，D错误。
故选AC。
23、小帆用如图所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图象如图，乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（q=3×107J/kg）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，c水=4.2×103 J/(kg·℃)，则下列说法中正确的是（  ）

A．c乙=2.4×103 J/(kg·℃)
B．乙的吸热能力小于甲的吸热能力
C．0~8min乙吸收的热量为3.36×105 J
D．该酒精灯的加热效率为35%
答案：BD
AB．根据图乙可知，质量相同的甲和乙升高相同的温度，甲的加热时间是乙的加热时间的2倍，则甲吸收的热量是乙吸收热量的2倍，则甲的吸热能力大于乙的吸热能力，因水的比热容较大，吸热能力强，所以甲为水；根据c=QmΔt可知，甲的比热容是乙的比热容的2倍，乙的比热容
c乙=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)
故A错误，B正确；
C．用相同的酒精灯加热，在相同的时间内，水吸收的热量等于乙吸收的热量，0~8min乙吸收的热量等于甲吸收的热量
Q乙=Q水=c水m水Δt=4.2×103 J/(kg·℃)×0.1kg×(100℃-20℃)=3.36×104J
故C错误；
D．酒精完全燃烧放出的热量为
Q放=qm酒精=3×107J/kg×0.004kg=1.2×105J
乙从加热到沸腾吸收的热量为
Q乙'=10min8min×3.36×104J=4.2×104J
酒精灯的加热效率为
η=Q乙'Q放×100％=4.2×104J1.2×105J×100％=35％
故D正确。
故选BD。
24、一台柴油机中的燃料完全燃烧放出了8×107J的热量，共计损失了4.8×107J能量，下列说法正确的是（  ）
A．用来做有用功的能量为3.2×107J
B．该柴油机的效率为60%
C．通过科技进步，在未来可以实现能量零损失
D．减少机械间的摩擦可以提高热机效率
答案：AD
A．用来做有用功的能量为
W有=Q放-W损=8×107J-4.8×107J=3.2×107J
故A正确；
B．该柴油机的效率为
η=W有Q放×100%=3.2×107J8×107J×100%=40% 
故B错误；
C．柴油机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而产生额外功，因此效率不能达到100%，即不能实现能量零损失，故C错误；
D．减少机械间的摩擦可以减少能量的损失，因此可以提高热机效率，故D正确。
故选AD。
25、关于热学知识，下列说法正确的是（　　）
A．所有物体的分子都在不停地做无规则运动
B．燃料燃烧产生的热量越多，其热值越大
C．热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体
D．升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量多
答案：AC
A．一切物质的分子都在不停地做无规则运动，故A正确；
B．热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与燃烧是否充分、释放热量多少无关，故B错误；
C．热量只能从温度高的物体向温度低的物体传递；内能小的物体可能温度高，而内能大的物体可能温度低，所以热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故C正确；
D．根据Q吸=cm∆t知，只有在质量相同、升高的温度相同时，比热容大的物体，吸收的热量一定多，故D错误。
故选AC。
填空题
26、在1标准大气压下，完全燃烧2.1kg的干木柴所放出的热量为___________J，这些热量全部吸收备水吸收，可以让初温为30℃、质量为50kg的水温会上升___________℃。[干木柴的热值为1.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]
答案：     2.52×107     70
[1]完全燃烧2.1kg的干木柴所放出的热量
Q放=qm木柴=1.2×107J/kg×2.1kg=2.52×107J
[2]水吸收了燃烧干木柴放出的热量，上升的温度
Δt=Q放cm水=2.52×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=120℃
而水在1标准大气压时，100摄氏度便沸腾了，所以升高的温度为
∆t1=t-t0=100℃-30℃=70℃
27、为了测量某种液体的比热容，某实验小组同学用酒精灯给某液体加热，已知酒精的热值3.0×107J/kg，热量20％被液体吸收。测得2kg的液体温度升高30℃，消耗酒精24g，则这种液体的比热容为________J/（kg·℃）。
答案：2.4×103##2400
完全燃烧24g的酒精放出的热量
Q放=mq=0.024kg×3×107J/kg=7.2×105 J
因为酒精放出的热量有20%被液体吸收，所以
Q吸=Q放×20%=7.2×105 J×20%=1.44×105 J
由Q吸=cmΔt得液体的比热容
c=Q吸m液Δt=1.44×105J2kg×30℃=2.4×103J/kg⋅℃
28、一台单缸四冲程汽油机，如图所示为___________冲程，此冲程的能量转化是___________。若飞轮转速为3600r/min，该汽油机活塞1s对外做功___________次。

答案：     做功     内能转化为机械能     30
[1] [2]如图，进气门、排气门都关闭，活塞下移，是做功冲程；该冲程中，燃气推动活塞做功，是内能转化为机械能的过程。
[3]若飞轮转速为3600r/min=60r/s，也就是1s飞轮转动60r，飞轮转动60r，则完成30个工作循环，燃气对外做功30次。
29、请阅读《新型陶瓷》并回答题。
新型陶瓷
传统陶瓷主要采用天然的岩石、矿物、粘土等材料做原料。新型陶瓷则采用人工合成的高纯度无机化合物为原料。新型陶瓷材料在性能上有其独特的优越性。
导电陶瓷是在陶瓷的表面涂覆各种导电材料，使它具有耐高温、抗氧化、抗腐蚀等特性，适用于条件恶劣的环境。但也有它的缺点：脆，易碎。导电陶瓷具有其他材料无可比拟的特性，目前已经广泛运用到我们日常的生产和生活中。并且在这些科技领域起着非常重大的作用，如：用于燃料电池、航天器、发动机、微电子行业、电力系统、交通运输、选矿和探矿、环保和医药、高能核试验和热核聚变，冶金过程中温度的监测等。
压电陶瓷是一种能够将机械能和电能互相转换的陶瓷材料，具有压电性，包括正压电性和逆压电性。如图甲所示，正压电性是指某些电介质在机械外力作用下，介质内部正负电荷中心发生相对偏移而引起极化，从而导致电介质两端表面内出现符号相反的束缚电荷。如图乙所示，逆压电性是指给具有压电性的电介质加上外电压会发生的变化，压电陶瓷会有变形。压电陶瓷之所以会有变形，是因为当加上与自发极化相同的外电压时，相当于增强了极化强度。传声器、耳机、蜂鸣器、超声波探测仪等应用的声音转换器，都是应用压电陶瓷制作的。 

请根据上述材料，回答下列问题：
（1）陶瓷实现导电的做法______；
（2）新型陶瓷材料在性能方面的优越性有_______ ；（写出一个方面即可）
（3）压电陶瓷是将______能和电能互相转换；
（4）正压电性和逆压电性的区别______。
答案：     表面涂有各种导电材料     耐高温     机械     见解析
（1）[1]由材料可知，陶瓷实现导电的做法是在陶瓷的表面涂覆各种导电材料。
（2）[2]由材料可知，新型陶瓷具有耐高温的特性。
（3）[3]由材料可知，压电陶瓷是一种能够将机械能和电能互相转换的陶瓷材料。
（4）[4]由材料可知，正压电性是外力作用下，介质内部产生极化，将机械能转换为电能。逆压电性是加外电压后，压电陶瓷会有变形，将电能转换为机械能。
30、一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是2400r/min，该汽油机每秒内做功______次。燃料内能增加的过程叫______冲程。
答案：     20     压缩
[1]该汽油机飞轮的转速为2400r/min，则飞轮1s转动40转，飞轮每转2转做功1次，所以该汽油机每秒内做功20次。
[2]在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩燃料混合物做功，机械能转化为内能，燃料的内能增加。

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