人教版2023初中物理九年级物理全册第二十章电与磁典型例题.docx

人教版2023初中物理九年级物理全册第二十章电与磁典型例题1单选题1、如图所示，闭合开关，铜棒向右运动，为使开关闭合后铜棒向左运动，下列操作可行的是（）A换用更细的铜棒B将磁体的N、S极对调C向左移动滑动变阻器的滑片D将电源正、负极和磁体N、S同时对调答案：BA换用更细的铜棒，使电阻变大电流变小，但不能改变受力的方向，所以A错误，故A不符合题意；B将磁体的N、S极对调，磁场方向改变，则通电导体的受力方向改变，铜棒向左运动，所以B正确，故B符合题意；C向左移动滑动变阻器的滑片，只能改变电流的大小，不能改变电流的方向，所以C错误，故C不符合题意；D将电源正负极对调，同时将磁体磁极对调，影响磁场力方向的两个因素同时改变，则通电导体的受力方向不变，铜棒仍然向右运动，所以D错误，故D不符合题意。故选D。2、如图甲，磁场对导体的力F竖直向下，用Fab、Fcd、Fab和Fcd分别表示乙、丙中闭合开关时磁场对导体ab、cd、ab、cd的力，则（）AFab竖直向下，Fcd竖直向下BFab竖直向上，Fcd竖直向下CFab竖直向上，Fcd竖直向下DFab竖直向下，Fcd竖直向上答案：CAB导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向均有关，图乙中导体ab中的电流方向与图甲中导体中电流方向相反，且图乙中磁场方向与图甲中磁场方向相反，故可知图乙中导体ab在磁场中的受力方向与图甲中导体的受力方向相同，即Fab竖直向下，图乙中导体cd中的电流方向与图甲中导体中电流方向相同，而图乙中磁场方向与图甲中磁场方向相反，故可知图乙中导体cd在磁场中的受力方向与图甲中导体的受力方向相反，即Fcd竖直向上，故AB不符合题意；CD图丙中导体ab中的电流方向与图甲中导体中电流方向相反，而图丙中磁场方向与图甲中磁场方向相同，故可知图丙中导体ab在磁场中的受力方向与图甲中导体的受力方向相反，即Fab竖直向上，图丙中导体cd中的电流方向与图甲中导体中电流方向相同，且图丙中磁场方向与图甲中磁场方向相同，故可知图丙中导体cd在磁场中的受力方向与图甲中导体的受力方向相同，即Fcd竖直向下，故C符合题意，D不符合题意。故选C。3、电和磁的关系可以理解为“电生磁”或“磁生电”，下列几个装置都与这一关系有关，其中正确的说法是（）A图甲，当电磁继电器线圈通以额定电流时，接线柱AB接通B图乙，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，能吸引的回形针数量越多C图丙，动圈式话筒的工作原理与电动机的工作原理相同D图丁，扬声器是利用电磁感应的原理工作的答案：BA图甲，当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性，将衔铁向下吸，动触点B与静触点C接通，故A错误；B电磁铁磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，图乙中，当线圈电流越大时，电磁铁产生的磁性越强，则能吸引的回形针数量就越多，故B正确；C动圈式话筒工作时，声音的振动带动线圈在磁场中做切割磁感线的运动，在线圈中产生与声音变化一致的感应电流，动圈式话筒工作利用了电磁感应原理，与发电机的工作原理相同，故C错误；D图丁中，扬声器中通入交变电流，通电的线圈在磁场中受力而带动纸盆振动发出声音，因此扬声器是利用通电导体在磁场中受力的作用而工作的，故D错误。故选B。4、小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯液所示制电路中，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是（）A电磁铁的上端为S极B当光照强度增强，控制电路的电流变小C当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强D灯泡应设计在A和B两接线柱之间答案：DA由图可知，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；B当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，故B错误；C当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变小，电磁铁磁性大小与电流大小、线圈匝数有关，电流减小，则磁性变弱，故C错误；D光线较暗时，光敏电阻的阻值大，则控制电路中的电流小，电磁铁的磁性弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，灯泡自动发光，说明灯泡在A和B两接线柱之间，故D正确。故选D。5、将导体ab、开关和灵敏电流表用导线连接，导体ab放置在磁极间，如图所示。下列说法正确的是（）A开关闭合，磁铁不动，ab水平向左快速移动，指针不偏转B磁极对调后，开关闭合，ab水平向右快速运动，指针要偏转C开关闭合，ab竖直上下运动，指针要偏转D开关断开，ab快速运动，指针可能偏转答案：BA开关闭合，磁铁不动，ab水平向左快速移动，导体ab切割磁感线，产生感应电流，指针偏转，故A错误；B磁极对调后，开关闭合，ab水平向右快速运动，导体ab切割磁感线，产生感应电流，指针偏转，故B正确；C开关闭合，ab竖直上下运动，导体ab没有切割磁感线，不会产生感应电流，指针不偏转，故C错误；D开关断开，ab快速运动，电路是断路，不会产生感应电流，指针不会偏转，故D错误。故选B。6、如图是一种温度自动报警器的原理图，在水银温度计中封入一段金属丝下端所指示的温度为90，下列说法错误的是（）A报警器利用了水银导电和热胀冷缩的性质B报警器利用了电磁铁通电时有磁性断电时磁性消失的特点C报警器中，水银温度计和电磁铁串联在电路中D温度达到90时，报警器中的灯亮同时铃响答案：DA报警器利用水银导电，即当到达警戒温度时，水银与金属丝联通，构成了闭合回路，故电铃响，故利用的是水银的导电性，温度计的工作原理就是水银的热胀冷缩，故A正确，A不符合题意；B报警器就是利用了电磁铁通电时有磁性，电铃响，断电时磁性消失，灯泡亮的特点的，故B正确，B不符合题意；C如图所示，报警器中，水银温度计和电磁铁首尾相连，故串联在电路中，故C正确，C不符合题意；D温度达到90时，报警器中的铃响灯灭，而没有到达警戒水位时，电铃不响，灯泡亮，故D错误，D符合题意。故选D。7、如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小B螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变小C螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变大D螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变大答案：A由图可知，电流从螺线管的下端流入，根据安培定则可知，螺线管的上端为N极，下端为S极；由于同名磁极相互排斥，所以螺线管对条形磁铁由向上的斥力。当滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，滑动变阻器接入电阻变小，电路中的总电阻减小，根据I=UR可知，电路中的电流增大，电磁铁磁性增强，螺线管对条形磁铁的斥力增大，所以弹簧测力计示数减小，故A正确，BCD错误。故选A。8、如图直流电动机（已安装换向器）的两个不同时刻的工作原理图，下列分析正确的是（）A甲图导线ab和乙图导线cd电流方向相反，受力方向相反B从上往下看，线圈中电流方向都是逆时针方向C导线cd在这两个时刻电流方向相同，转动方向相同D导线ab在这两个时刻电流流向不同，受力方向不同答案：DA由图示可知，导线ab在甲图中电流方向是由b到a的，受力方向是竖直向下的，导线cd在乙图中电流方向是由c到d的，受力方向是竖直向下的，故A错误；B由图可知，从上往下看，线圈中电流方向都是顺时针方向，故B错误；C导线cd在甲图中电流方向是由d到c的，受力方向是竖直向上的，在乙图中电流方向是由c到d的，受力方向是竖直向下的，故C错误；D由图示可知，导线ab在甲图中电流方向是由b到a的，受力方向是竖直向下的，在乙图中电流方向是由a到b的，受力方向是竖直向上的，故D正确。故选D。9、在探究通电螺线管的磁场特点时，通电螺线管在某状态下的两个实验现象如图所示，其中小磁针（黑色一端为N极）静止时的指向情况如图甲所示。铁屑静止时的分布情况如图乙所示。图中能正确用磁感线描述这两个实验现象的是（）ABCD答案：C通电螺线管的外部磁场和条形磁体的磁场相似，由甲图中小磁针的分布情况可以判断该通电螺线管的左侧为S极，右侧为N极。我们规定小磁针静止时的N极指向为该点的磁场方向，所以在磁体外部，磁感线总是从N极出发回到S极。而在磁体内部，磁感线的分布和磁体的N、S极一致，由此判断，A、B、D不符合题意；C符合题意。故选C。10、下图为直流电动机的两个不同时刻的工作原理图，下列分析不正确的是（）A导线ab中的电流在这两个时刻方向不同，受到的磁场力方向也不同B甲乙两图中的线圈再转动90度角，都能到达平衡位置C由上往下看，线圈中电流均为顺时针方向D如果电动机持续转动，则电动机内外流的都是直流电答案：DA由图可知，导线ab在这两个时刻电流方向不同，由于导体受力方向与磁场方向和电流方向有关，所以两次导线ab的受力方向不同，故A正确，不符合题意；B平衡位置是指线圈平面与磁感线垂直的位置，图中磁感线从左向右，故甲乙两图中的线圈再转动90度角，都能到达平衡位置，故B正确，不符合题意；C读图由左手定则可知：电源的左侧为正极，从上往下看，线圈中电流都是顺时针方向，故C正确，不符合题意；D电动机之所以能转动，是因为换向器每当转过平衡位置就会改变线圈中电流的方向，即电动机线圈外是直流电，线圈内是交流电，故D错误，符合题意。故选D。11、如图所示，是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，滑片P向左移动，使静止在水平桌面的条形磁体滑动，打开门锁。下列说法正确的是（）A通电后电磁铁a端为S极B滑片向左移动的过程中电磁铁的磁性增强C条形磁体在滑动过程中受到向左的摩擦力D条形磁体在滑动过程中受到的摩擦力变小答案：BA由图中可知，通电后电流从电磁铁的b端流入，由安培定则可知，电磁铁的a端为N极，故A错误；B滑片向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，故电路中电流变大，则电磁铁的磁性增强，故B正确；C因条形磁铁的b端为S极，故由异名磁极相互吸引可知，条形磁体会受到向左的磁力作用而向左滑动，故条形在滑动过程中受到桌面向右的摩擦力，故C错误；D条形磁体在滑动过程中，在竖直方向上处于受力平衡状态，条形磁铁与桌面之间的压力和粗糙程度不变，故条形磁体在滑动过程中受到的摩擦力不变，故D错误。故选B。12、如图所示的磁悬浮地球仪，在地球仪底端有一个磁铁，在底座内部有一个金属线圈，线圈通电后，地球仪可悬浮在空中。下列说法正确的是（）A地球仪周围存在磁场，同时也存在磁感线B地球仪周围的磁场分布是均匀的C地球仪周围各点的磁场方向都相同D地球仪是利用同名磁极相互排斥的原理悬浮的答案：DA磁场真实存在，磁感线真实不存在，故A错误；B地球仪周围磁场强度不同，磁场不均匀，故B错误；C地球仪周围的磁场方向不同，故C错误；D地球仪可悬浮在空中是利用同名磁极相互排斥的原理，故D正确。故选D。13、人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据武经总要记载，如图所示，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼，图中是它静止时的指向。下列判断正确的是（）A鱼形铁不能被磁体吸引B指南鱼周围存在磁感线C指南鱼鱼头应标注“N”D指南鱼的腹部磁性最强答案：CA铁片烧红后，达到特定温度，蘸水淬火后，在地磁场作用下，内部的分子排列有方向性，获得磁性，即磁化，鱼形铁被磁化后能被磁体吸引，故A错误；B磁体周围存在磁场，故指南鱼被磁化后周围存在磁场；磁感线是为了形象描述磁场而画的一些线，磁感线实际并不存在，故B错误；C将做好的指南鱼放入水盆中，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，指南鱼的N极指向地磁场的南极，即地理的北极，即指南鱼鱼头应标注“N”，故C正确；D磁体的磁极磁性最强，指南鱼的鱼头与鱼尾磁性最强，故D错误。故选C。14、下列关于电与磁的说法，错误的是（）A通过电流越大的线圈磁性一定越强B任何磁体都有N、S两极C导体中负电荷的定向移动会产生磁场D发电机是利用电磁感应的原理工作的答案：AA电磁铁磁性强弱与通过电磁铁线圈的电流大小和匝数有关，所以通过电流越大的线圈磁性不一定越强，故A错误，符合题意；B任何磁体都有两个磁极，即N极和S极，故B正确，不符合题意；C正、负电荷的定向移动都能形成电流，根据电流的磁效应可知，电流周围存在磁场，故C正确，不符合题意；D发电机是利用电磁感应的原理工作的，故D正确，不符合题意。故选A。15、三个相同的磁环a、b、c（质量均为m）套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是（）Aa对b的磁力和a的重力是平衡力Bb对c的磁力小于c对b的磁力Cc受到b的磁力大小为2mgDc对底座的压力大小为mg答案：CAa对b的磁力和a的重力的方向相同，不是平衡力，故A错误；Bb对c的磁力和c对b的磁力是相互作用力，两个力的大小相等，故B错误；C将a和b看成一个整体，ab处于静止状态，c对b的磁力和ab的总重力是平衡力，由二力平衡的条件可知c对b的磁力大小F=2mg由力的作用相互性可知b对c的磁力大小和c对b的磁力大小相等，则c受到b的磁力大小为2mg，故C正确；Dc对底座的压力大小等于c的重力和b对c的磁力大小之和，即F压=mg+2mg=3mg故D错误。故选C。多选题16、如图所示是物理课本上的部分插图，下列结合插图进行的分析正确的是（）A甲图，当压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差变大B乙图，道路两旁的隔音墙，是从噪声的传播这一环节有效地减小噪声的影响C丙图，当导线中有电流，静止的小磁针发生偏转，说明通电导线周围有磁场D丁图，两个悬挂着的带电泡沫小球之间相互排斥，说明两个小球都带正电荷答案：ABCA如图实验，当压强计的探头在水中深度逐渐增大时，探头受到水的压强变大，则U形管两边液面高度差变大，故A正确；B高架路两旁的隔音墙是在传播过程中减弱噪声，故B正确；C如图是奥斯特实验装置，当导线中通过电流时，小磁针受到力的作用发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故C正确；D两个带点泡沫小球相互远离，说明带的是同种电荷，可能是正电荷，也可能是负电荷，故D错误。故选ABC。17、生活中处处都存在并运用着物理知识，下面是小华同学对身边的一些现象进行观察分析后作出的判断，其中错误的有（）A磁吸式挂衣钩是利用了磁体能够吸引铁的性质制成的B法拉第发现电磁感应现象比奥斯特发现电流周围存在磁场要更早C楼道中的电灯是由声控开关和光控开关共配控制的，只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关是并联的D电流表、电压表工作时的原理都是利用通电线圈在磁场受力转动制成的答案：BCA磁吸式挂衣钩是利用了磁体能够吸引铁的性质制成的，故A正确，A不符合题意；B奥斯特最先发现电流的周围存在磁场的，后才是法拉第发现电磁感应现象，故B错误，B符合题意；C只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关是串联的，故C错误，C符合题意；D都需要外部提供电池，故电流表、电压表工作时的原理都是利用通电线圈在磁场受力转动制成的，故D正确，D不符合题意。故选BC。18、关于磁场，下列说法中正确的是（）A磁场对放入其中的物体有力的作用B可以用小磁针来判断磁场中某点磁场的方向C小磁针在磁场中静止时，其N极所指的方向为该点的磁场方向D铁屑撒在磁铁周围，可显示磁场的分布，但不能确定磁场的方向答案：BCDA磁体的周围存在磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，不是对所有物体都有力的作用。故A错误；BC人们规定：在磁场中的某一点小磁针静止时，其N极所指的方向为该点的磁场方向，因此，可以用小磁针来判断磁场中某点磁场的方向。故BC正确；D铁屑撒在磁铁周围，会受到磁力的作用，因此，可以根据铁屑的分布，显示磁场的分布，但是无法据此判断磁场的方向，故D正确。故选BCD。19、某同学利用如图所示的装置进行实验，下列说法中正确的是（）A该装置可研究磁场对通电导体的作用B该装置揭示的原理可应用于发电机C该装置实验时能将电能转化为机械能D导体AB在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关答案：ACDAB该装置电路中有电源、导体AB、滑动变阻器和开关，导体AB放在磁场中的导轨上。闭合开关，导体AB中有电流通过，所以实验装置是研究磁场对通电导线的作用，与电动机工作原理相同，故A正确，B错误；C闭合开关，通电导线会在磁场中受到安培力作用，导体将发生运动，电能转化为机械能，故C正确；D根据左手定则可知磁场垂直穿过手心，四指和电流方向相同，大拇指方向就是磁场对通电导体施加的力的方向，通电导体在磁场受力方向与磁场方向和电流方向相互垂直，所以导体AB在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，故D正确。故选ACD。20、如图中关于电与磁的说法正确的是（）A改变电路中电流的方向，小磁针偏转的方向也会改变B图中只将磁体的两极对调，开关S闭合后导体棒ab的运动方向不改变C实验说明电能可以转化为机械能D闭合开关后，吸起大头针的数目不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关答案：ADA该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场；磁场的方向与电流的方向有关，改变电路中电流的方向，小磁针偏转的方向也会改变，故A正确；B通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，图中只将磁体的两极对调时，电流方向不变，而磁场方向改变，所以开关S闭合后导体棒ab的运动方向会改变，故B错误；C图中闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，该实验说明机械能可以转化为电能，故C错误；D图中两个电磁铁串联，通过的电流相同，线圈匝数不同，吸起大头针的数目不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故D正确。故选AD。21、物理学是认识世界、改变世界、服务人类的应用型学科。请仔细分析图中的几个探究实验，选出图对应规律的应用发明描述正确的一项（）A发电机的发明应用了图的实验探究结论B话筒的发明应用了图的实验探究结论C电磁继电器的发明应用了图的实验探究结论D磁悬浮列车的发明应用了图的实验探究结论答案：ACDA由图可知，这是电磁感应现象，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故A正确；B图实验装置是用来研究通电导线在磁场中受力的作用的实验，而动圈式话筒的原理是电磁感应现象，故B错误；C图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素，电磁继电器就是利用电磁铁来工作的，故C正确；D磁悬浮列车是利用同名磁极相互排斥的原理工作的，故D正确。故选ACD。22、以下属于电动机工作原理的是（）ABCD答案：ACA图中有电源，线圈中有电流，原理是通电导体在磁场中会转动，是电动机原理，故A符合题意；B由图可知，该装置中若线圈转动，会做切割磁感线而产生感应电流，是发电机原理图，不属于电动机的原理，故B不符合题意；C由图可知，电路中有电源，是研究通电导体受到磁场力的作用发生运动的，属于电动机的原理，故C符合题意；D由图可知，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，属于发电机的原理，故D不符合题意。故选AC。23、小利同学设计并进行了一组探究实验，实验过程如图所示。实验发现，当电路闭合时，原来静止在南北方向上的可自由转动的小磁针会发生偏转，偏转的方向如图中的箭头指示的方向。对于这组实验，下列说法中正确的是（）A该组实验证明了电磁感应现象B甲、乙两图的实验说明电流的周围存在着磁场C该组实验现象可用来说明发电机的工作原理D甲、丙两图的实验说明通电导体周围的磁场方向与导体中的电流方向有关答案：BDAB甲图通电时，放在通电导线周围的小磁针方向发生偏转；乙图断电时，放在导线周围的小磁针方向未发生偏转。该组实验为奥斯特实验，放在通电导线周围的小磁针的方向发生偏转，说明电流周围存在磁场，而不是证明了电磁感应现象，故A错误，B正确；C电动机是利用电流的磁效应，即通电导体在磁场中受到力的作用，而发电机是利用电磁感应现象，即闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象。该组实验证明了通电导体在磁场中受到力的作用，反映的是电动机的工作原理，故C错误；D根据图甲可知，通电导体下方的小磁针发生偏转；根据图丙可知，当改变导体中电流方向，通电导体下方的小磁针偏转方向改变，因此该实验说明了通电导体周围的磁场方向与电流方向有关，故D正确。故选BD。24、勤思考、爱交流的小明对电与磁的知识进行了总结，并与小红进行交流，小红认为小明的结论有的正确、有的错误。小明总结的下列结论中正确的是（）A地磁场的北极在地理南极附近B通电导体周围存在磁场C改变了磁场的方向，通电导线在磁场中的受力方向一定发生改变D闭合回路的导体在磁场中运动时，导体中一定会产生感应电流答案：ABA地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，故A正确；B将通电导体放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场，故B正确；C改变磁场的方向，同时电流的方向改变，则通电导线在磁场中的受力方向不会发生改变，故C错误；D闭合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生感应电流，故D错误。故选AB。25、手机无线充电方便了人们的生活，如图所示，它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。关于无线充电下列说法中正确的是（）A利用受电线圈的原理可以制成电动机B送电线圈是利用电磁感应原理工作的C受电线圈的原理与发电机工作原理相同D手机充电时将电能转化为化学能答案：CDABC充电板内的送电线圈产生交变磁场，利用的是电流的磁效应；手机内的受电线圈感应到电磁信号，产生感应电流给手机电池充电，这是电磁感应现象，即受电线圈是利用电磁感应原理产生感应电流的；发电机也是利用电磁感应原理工作的，但电动机不是利用该原理工作的，故AB错误，C正确；D手机充电的过程中，消耗了电能，将电能转化为化学能，故D正确。故选CD。填空题26、如题图甲所示是小明设计的盐水密度控制模拟装置，A物体浸没在盐水中，R为定值电阻，RF为力敏电阻，其阻值随下方轻质细线拉力的变化关系如图乙所示。已知U=12V，VA=100cm3，A=1.6g/cm3。当电磁铁线圈中的电流I0.048A时，铁质开关K被吸上，当I0.04A时，K被释放，从而通过控制水泵向容器中注水使盐水密度保持在一定范围内。电磁铁线圈电阻忽略不计，假设水加入容器后与盐水立刻混合均匀。（g取10N/kg）（1）闭合开关，电磁铁的上端是_极。若往容器中注水，轻质细线上的拉力将_（选填“增大”“减小”或“不变”）；（2）若此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3，则R=_，该装置所能控制的最小盐水密度是_g/cm3；（3）若将R更换为阻值更大的电阻，该装置控制的最大盐水密度将_，该装置控制的最大盐水密度与最小盐水密度的差值将_（均选填“变大”“变小”或“不变”）。答案：S变大501.1变大变小（1）1由图可知，电流从螺线管的上端流入，由安培定则可知它的上端S极，下端是N。2若往容器中注水，盐水的密度减小，物体排开液体的体积不变，根据F浮=液gV排可知物体A所受浮力变小，由于轻质细线上的拉力F=G-F浮，则拉力F变大。（2）3物体A的重力GA=mAg=AVAg=1.6103kg/m310010-6m310N/kg=1.6N若此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3，物体A所受的最大浮力F浮最大=最大VAg=1.3103kg/m310010-6m310N/kg=1.3N此时轻质细线上的拉力F最小=G-F浮=1.6N-1.3N=0.3N根据图象可知F最小=0.3N，RF1=200此时铁质开关K应吸上，排水电路开始排水，则电磁铁线圈中的电流I0.048A，电路中的总电阻R总=UI=12V0.048A=250根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得定值电阻R=R总-RF1=250-200=504根据题意可知，当电流达到I=0.04A时，铁质开关K被释放，停止放水；电路中的总电阻R总=UI=12V0.04A=300此时RF的阻值RF=R总-R=300-50=250由图乙可知，此时的拉力为F最大=0.5N，物体A所受的最小浮力F浮最小=G-F最大=1.6N-0.5N=1.1N盐水的最小密度最小=F浮最小VAg=1.1N10010-6m310N/kg=1.1103kg/m3（3）5当R的阻值调大时，由于控制电路中释放或吸上铁质开关的电流值不变，则控制电路对应的总电阻不变，由RF=R总-R可知，RF的阻值会变小，由图象可知物体A受到的拉力减小；根据F浮=G-F可知物体A受到的浮力变大，根据液=F浮V排g可知液体的密度变大。6当R的阻值调大时，RF的阻值要变小，由图像可知，RF的阻值变化量比拉力变化量大，当最大盐水密度与最小盐水密度时，RF的对应的阻值差（RF1-RF2）保持不变，受到的拉力最大与最小的差值变小，根据F浮=G-F可知物体A受到的浮力最大与最小的差值变小，根据液=F浮V排g得到液体的密度最大与最小的差值变小。27、如图所示，通电螺线管的a端相当于条形磁体的_极；若螺线管中的电流增大，它的磁性会_。答案：N（北）增强1由图可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，则大拇指所指的那一端即为N（北）极，所以通电螺旋管的a端相当于条形磁体的N（北）极。2通电螺线管的磁性大小与电流的大小有关，当其它条件不变时，电流越大，它的磁性越强。28、如图甲所示是利用磁悬浮原理设计的地漏。若地漏不密封，排水管内臭气会由于气体分子永不停息地_，而扩散到室内。如图乙所示为其工作原理图，当密封盖上方无水时，在磁体B作用下，磁体A将密封盖顶起，若磁体A下端为N极，则磁体B上端为_极。答案：做无规则运动N1由分子动理论可知，组成物质的分子永不停息地做无规则运动。若地漏不密封，排水管内臭气会由于气体分子永不停息地做无规则运动，而扩散到室内。2由题可知，两磁体之间的作用力是斥力，同名磁极相互排斥，所以，若磁体A下端为N极，则磁体B上端为N极。29、磁在日常生活中的应用无处不在。如图所示，这是一款磁吸式数据线，线体可以和不同型号的充电头通过磁性吸附对接，达到一线多头的使用效果。线体和充电头吸附的原理是_（选填“同”或“异”）名磁极相互吸引，指南针的工作原理与此相同，当指针静止时，指向地理南极的是指针的_（选填“N”或“S”）极。答案：异S1充电头为磁性材质，线体端同样为磁性材质，同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥，故线体和充电头为异名磁极。2地磁场的北极在地理南极附近，地磁场的南极在地磁场的北极附近，指针静止时，因异名磁极相互吸引，地理南极是地磁场北极，故指针的S极指向地理南极。30、远距离采用高压输电可以减少输电线上电能的损失，最后到达终端变压器再次变压到达我校教学楼进入教室。从终端变压器输出有三根火线一根零线。零线排在用电走向右边第二根（即c线），如图，则Uab=_V，Uac=_V，一般交流电的频率是_Hz。答案：3802205012三相电源配备了4线，三个火线和一个零线，火线和零线间的电压是220伏，火线和火线间的电压都是380伏，如图，a、b、d为火线，c为零线，所以Uab=380V，Uac=220V。3我国使用的交流电每秒有50个周期性变化，即频率为50Hz。25