江西省宜春市高安中学2019-2020学年高一化学下学期期中试题.doc

江西省宜春市高安中学2019-2020学年高一化学下学期期中试题

江西省宜春市高安中学2019-2020学年高一化学下学期期中试题

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江西省宜春市高安中学2019-2020学年高一化学下学期期中试题（A）（含解析）
一、选择题
1. 下列关于有机化学发展史的说法错误的是网]
A. 中国科学家成功合成了结晶牛胰岛素，标志着人类合成蛋白质时代的开始
B. 德国化学家李比希提出运用同位素示踪法研究化学反应历程
C. 瑞典科学家贝采利乌斯提出有机化学的概念，使之成为化学的一个重要分支
D. 德国化学家维勒用氰酸铵合成尿素，从而打破了无机物和有机物的界限
【答案】B
【解析】
A正确，中国科学家成功合成了结晶牛胰岛素，标志着人类合成蛋白质时代的开始；B错，德国化学家李比希提出有机物元素定量分析来确定有机物的分子式；C正确，瑞典科学家贝采利乌斯提出有机化学的概念，使之成为化学的一个重要分支；D正确；德国化学家维勒用氰酸铵合成尿素，从而打破了无机物和有机物的界限
2.下列说法正确的是(   )
A. 氟利昂－12(CF2Cl2)是甲烷的氯、氟卤代物，它有2种同分异构体
B. 对甲基苯甲醛()使高锰酸钾酸性溶液褪色，说明它含有醛基
C. 溴水可以区分苯和乙酸
D. 糖类是食物组成中的重要部分，也是产生能量最高的营养物质
【答案】C
【解析】
【详解】A. 氟利昂－12(CF2Cl2)是甲烷的氯、氟卤代物，它只有1种结构，故A错误；
B. 对甲基苯甲醛()使高锰酸钾酸性溶液褪色，苯环连甲基、—CHO都能高锰酸钾酸性溶液褪色，因此不能说明它含有醛基，故B错误；
C. 溴水与苯发生萃取，分层，在上层为橙红色，因此溴水可以区分苯和乙酸，故C正确；
D. 糖类是食物组成中的重要部分，油脂是产生能量最高的营养物质，故D错误。
综上所述，答案为C。
【点睛】对甲基苯甲醛()含有醛基，醛基能使高锰酸钾酸性溶液褪色，苯环连甲基，也能使高锰酸钾酸性溶液褪色。
3.下列反应不需要水浴加热的是(   )
①酚醛树脂的制备 ②乙醛的银镜反应 ③苯与溴的取代反应 ④苯的硝化反应 ⑤溴乙烷的消去反应
⑥乙烯的制取 ⑦乙酸乙酯的水解 ⑧蔗糖的水解 ⑨葡萄糖与新制的氢氧化铜悬浊液反应
A. ①③⑧ B. ③⑥⑨ C. ③④⑧ D. ①⑥⑨
【答案】B
【解析】
【详解】①酚醛树脂的制备需要水浴加热；
②乙醛银镜反应需要水浴加热；
③苯与溴在溴化铁作催化剂作用下发生取代反应，不需要加热；
④苯的硝化反应需要水浴加热；
⑤溴乙烷的消去反应需要水浴加热；
⑥乙烯制取在170℃加热条件下反应，水浴加热只能提供100℃以下的恒温条件，故该反应不需要水浴加热；
⑦乙酸乙酯的水解需要水浴加热；
⑧蔗糖的水解需要水浴加热；
⑨葡萄糖与新制的氢氧化铜悬浊液直接在酒精灯上加热反应；
因此③⑥⑨需要水浴加热；B符合题意，故答案为B。
4.下列化合物中，核磁共振氢谱只出现两组峰且峰面积之比为3：2的是(   )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A. 核磁共振氢谱只出现三组峰且峰面积之比为3∶2∶2，故A不符合题意；
B. 核磁共振氢谱只出现两组峰且峰面积之比为3∶2，故B符合题意；
C. 核磁共振氢谱只出现两组峰且峰面积之比为3∶1，故C不符合题意；
D. 核磁共振氢谱只出现三组峰且峰面积之比为3∶1∶1，故D不符合题意。
答案为B。

5.环氧乙烷()可用作一次性医用口罩的灭菌剂。通常可用以下两种方法制备：
① 氯代乙醇法：CH2=CH2＋Cl2＋Ca(OH)2→＋CaCl2＋H2O
② 银催化氧化法：2CH2=CH2＋O2→2
下列说法错误的是(   )
A. 方法① 和② 均为氧化还原反应
B. 环氧乙烷分子中所有原子不可能处于同一平面
C. 环氧乙烷用作灭菌剂是因为其强氧化性
D. 方法② 的反应类型为加成反应，原子利用率100%且原料更环保
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A. 方法①和②均有元素化合价变化，都为氧化还原反应，故A正确；
B. 环氧乙烷分子中一个碳原子与周围四个原子连接，只能是这五个中的三个原子共平面，因此所有原子不可能处于同一平面，故B正确；
C. 环氧乙烷灭菌原理是通过其与蛋白质分子上的巯基(—SH)、氨基(—NH2)、羟基(—OH)和羧基(—COOH)以及核酸分子上的亚氨基(—NH—)发生烷基化反应，造成蛋白质失去反应基团，阻碍了蛋白质的正常生化反应和新陈代谢，导致微生物死亡，从而达到灭菌效果，故C错误；
D. 根据方法②反应方程式得出反应类型为加成反应，原子利用率100%且原料更环保，故D正确。
答案为C。
【点睛】加成反应、化合反应原子利用率都为100%。
6.下列各项事实能够说明有机物分子内基团间的相互影响会导致物质化学性质不同的是(   )
①苯酚与溴水常温可以反应，而苯与溴水不能反应;
②甲酸甲酯可以发生新制Cu(OH)2反应，而乙酸甲酯不能
③甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色;
④苯酚与氢氧化钠溶液可以反应，而乙醇不能与氢氧化钠溶液发生反应;
⑤苯乙烯能与溴水反应，而苯不能与溴水反应
⑥甲苯与浓硝酸(浓硫酸/△)作用可得到2，4，6-三硝基甲苯，而苯与浓硝酸(浓硫酸/△)作用得到硝基苯。
A. 全部 B. 只有①②④⑤ C. 只有②③④ D. 只有①③④⑥
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】①苯酚与溴水常温可以反应，而苯与溴水不能反应，说明酚羟基影响苯环，使得羟基的邻位、对位性质活泼，易断裂；②甲酸甲酯可以发生新制Cu(OH)2反应，而乙酸甲酯不能，主要是甲酸甲酯中含有醛基，而乙酸甲酯中不含；③甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，主要是苯环影响甲基，使得甲基性质活泼；④苯酚与氢氧化钠溶液可以反应，而乙醇不能与氢氧化钠溶液发生反应，主要是苯环影响羟基，使的酚羟基易断裂；⑤苯乙烯能与溴水反应，而苯不能与溴水反应，主要是苯乙烯中含有碳碳双键，和溴水发生加成，而苯中不含碳碳双键；⑥甲苯与浓硝酸(浓硫酸/△)作用可得到2，4，6-三硝基甲苯，而苯与浓硝酸(浓硫酸/△)作用得到硝基苯，主要是甲基影响苯环，使得甲基的邻位和对位性质活泼，易断裂；因此①③④⑥能够说明有机物分子内基团间的相互影响会导致物质化学性质不同；故D符合题意。
综上所述，答案为D。

7.下列实验的现象、解释或结论都正确的是(   )
选项
实验操作
现象
解释或结论
A
用乙醇制取乙烯，将产生的气体直接通入酸性高锰酸钾溶液中
溶液紫色褪去
乙烯能与酸性高锰酸钾溶液反应
B
取少量酸催化后的淀粉水解液于试管中，先加入过量氢氧化钠溶液中和酸，再加少量碘水
溶液呈无色
淀粉已完全水解
C
向盛有Br2的CCl4溶液的试管中通入乙烯
溶液逐渐褪色，静置后观察到溶液有分层现象
乙烯与Br2发生了加成反应
D
氯乙烷与NaOH溶液共热后，先加入稀硝酸酸化，再滴加 AgNO3 溶液
生成白色沉淀
氯乙烷发生了水解

A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
【详解】A. 用乙醇制取乙烯，将产生的气体直接通入酸性高锰酸钾溶液中，由于乙醇易挥发，因此使紫色褪去可能是乙醇与酸性高锰酸钾溶液反应，故A错误；
B. 检验淀粉是否水解彻底，不能先加氢氧化钠溶液，氢氧化钠溶液会与碘水反应，故B错误；
C. 溶液逐渐褪色， 1，2-二溴乙烷与CCl4溶液互溶，溶液不会有分层现象，故C错误；
D. 氯乙烷与NaOH溶液共热后，先加入稀硝酸酸化，再滴加AgNO3溶液，生成白色沉淀，说明氯乙烷发生了水解反应，故D正确。
综上所述，答案为D。
【点睛】检验淀粉是否水解彻底，需要将水解后的产物直接加入碘水，碘水变蓝，说明淀粉未水解彻底。
8.下列有机物中，在不同条件下，既能发生水解反应和消去反应，又能发生酯化反应并能与金属钠反应放出氢气的是 (　　)

①②③④
A. ② B. ②③ C. ①② D. ①②③
【答案】B
【解析】
【详解】①该有机物分子中含有羧基，能够发生酯化反应，能够与金属钠反应生成氢气，含有官能团氯原子，能够发生水解反应，但是与氯原子相邻的碳上不含氢原子，不能发生消去反应，故①错误；
②分子中含有官能团氯原子，且与氯原子所连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，故其能够发生水解反应，也能够发生消去反应；含有官能团羧基，能够发生酯化反应，也能够与钠反应生成氢气，故②正确；
③该有机物分子中含有酯基，能够发生水解反应，含有羟基与其所连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能够发生酯化反应和消去反应，也能够与钠反应放出氢气，故③正确；
④该有机物分子不含羧基和羟基，无法发生酯化反应，故④错误；
故答案为B。
9.“清肺排毒汤”来源于中医经典方剂组合，对新冠肺炎病毒感染的轻型、普通型的治疗具有良好的效果。其中的一味中药黄芩的有效成分的结构简式如图所示，下列说法错误的是(   )

A. 黄芩苷是芳香化合物，其分子式为C21H18O11
B. 黄芩苷可发生取代、加成、氧化反应
C. 黄芩苷分子中苯环上的一氯代物有3种
D. 1 mol黄芩苷与足量钠反应，所得H2的体积在标准状况下为67.2 L
【答案】C
【解析】
【详解】A. 黄芩苷含有苯环，因此是芳香化合物，根据结构得到分子式为C21H18O11，故A正确；
B. 黄芩苷含有羧基，可以发生取代反应，含有苯环、碳碳双键和羰基等，能发生加成反应，含有酚羟基，易发生氧化反应，故B正确；
C. 黄芩苷分子中苯环上的一氯代物有4种，如图，故C错误；
D. 1 mol黄芩苷含有2mol酚羟基，3mol醇羟基，1mol羧基，因此与足量钠反应，得到3mol H2，所得H2的体积在标准状况下为67.2 L，故D正确。
综上所述，答案为C。
10.我国科学家研制出一种纳米反应器，可用于催化草酸二甲酯(DMO)和反应获得有机物EG，反应过程示意图如图。下列说法不正确的是( )

A. 草酸二甲酯(DMO)的结构简式为
B. 在纳米铜催化下，H2先分解为H
C. 有机物MG的化学名称为乙酸甲酯
D. 反应最终产物是乙二醇和甲醇
【答案】C
【解析】
【详解】A. 根据草酸二甲酯(DMO)结构得到草酸二甲酯的结构简式为，故A正确；
B. 根据图中信息得到在纳米铜催化下，H2先分解为H，故B正确；
C. 有机物MG结构简式为CH3OOCCH2OH，其化学名称为不是乙酸甲酯，故C错误；
D. 根据图中信息得到反应最终产物是乙二醇和甲醇，故D正确。
综上所述，答案为C。
11.一种用于隐形眼镜材料的聚合物片段如图所示，下列关于该聚合物的说法正确的是( )

A. 结构简式为
B. 氢键是分子间作用力，对该分子的性能没有影响
C. 完全水解后得到的高分子有机物含有两种官能团
D. 完全水解后得到的小分子有机物具有4种不同化学环境的氢原子
【答案】A
【解析】
【详解】A. 连接是最后的重复单元，从而得出结构简式为，故A正确；
B. 氢键是分子间作用力，对该分子的物理性质有影响，故B错误；
C. 完全水解后得到的高分子有机物含有一种官能团即羧基，故C错误；
D. 完全水解后得到的小分子有机物为HOCH2CH2OH，具有2种不同化学环境的氢原子，故D错误。
综上所述，答案为A。
12.某有机物A(C8H16O2)能发生如图所示的变化，其中C与F是同分异构体。则下列说法不正确的是(A、B、C、D、E、F均为有机物) (　 　)

A. D到F两步氧化的条件不同
B. 符合上述转化关系的有机物A的结构有4种
C. 1 mol D完全转化为E转移2 mol电子
D. B到C发生复分解反应
【答案】B
【解析】
【分析】
某有机物A(C8H16O2)能发生如图所示的变化，其中C与F是同分异构体，说明C、F含有碳原子相同，每个物质都含有4个原子，C为羧酸，D为醇且为R-CH2OH这种醇，E为醛，F为羧酸，含有4个碳原子的羧酸为CH3CH2CH2COOH或(CH3)2CHCOOH。
【详解】A. D到F两步氧化的条件不同，前者醇催化氧化条件是铜作催化剂加热，后者醛催化氧化条件是醋酸锰作催化剂加热，故A正确；
B. 根据分析得出符合上述转化关系的有机物A的结构有2种分别为CH3CH2CH2COOCH2CH(CH3)2、(CH3)2CHCOOCH2CH2CH2CH3，故B错误；
C. 2mol D和1mol氧气反应生成2mol E，因此1mol D完全转化为E转移2mol电子，故C正确；
D. B是羧酸钠和盐酸反应生成C羧酸和氯化钠，发生复分解反应，故D正确；
综上所述，答案为B。
13.网络趣味图片“一脸辛酸”，是在人脸上重复画满了辛酸的键线式结构（如图）。在辛酸的同分异构体中， 含有一个“－COOH”和三个“－CH3”的结构（不考虑立体异构），除外，还有(　　)

A. 7种 B. 11种 C. 14种 D. 17种
【答案】D
【解析】
辛酸含有一个“—COOH”和三个“—CH3”的主链最多有6个碳原子。
（1）若主链有6个碳原子，余下2个碳原子为2个—CH3，先固定一个—CH3，移动第二个—CH3，碳干骨架可表示为：（数字代表第二个—CH3的位置），共4+3+2+1=10种。
（2）若主链有5个碳原子，余下3个碳原子为可能为：①一个—CH3和一个—CH2CH3或②一个—CH（CH3）2。①若为一个—CH3和一个—CH2CH3，先固定—CH2CH3，再移动—CH3，碳干骨架可表示为：；②若为一个—CH（CH3）2，符合题意的结构简式为（题给物质）；共3+3+1=7种。
（3）若主链有4个碳原子，符合题意的同分异构体的结构简式为（CH3CH2）3CCOOH。
辛酸含有一个“—COOH”和三个“—CH3”的同分异构体有10+7+1=18种，除去题给物质，还有17种，答案选D。
点睛：本题考查限定条件同分异构体数目的确定，注意采用有序方式书写，避免重复和漏写。
14. 由下列6种基团中的2个不同基团两两组合，形成的物质能与NaOH反应的有
①—OH ②—CH3③—COOH ④⑤—CHO ⑥—H
A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
【答案】D
【解析】
试题分析：①④组合为苯酚，能与NaOH反应；①③组合为碳酸、②③组合为乙酸、③④组合为苯甲酸、③⑤组合为OHC-COOH，③⑥组合为HCOOH，均含-COOH，具有酸性与NaOH反应，①⑤组合为甲酸，与③⑥组合相同，则两两组合，形成的物质能与NaOH反应的有6种，故选C。
考点：考查了有机物的结构与性质的相关知识。
15.纳米分子机器日益受到关注，机器常用的“车轮”组件结构如下图所示，下列说法正确的是(   )

A. ①②③④均属于烃 B. ②④的二氯代物物分别有3种和6种
C. ①③均属于苯的同系物 D. ①②③均能发生取代反应
【答案】B
【解析】
【详解】A. 富勒烯只含碳元素，不含氢元素，是单质，不属于烃，故A错误；
B. 立方烷的二氯代物为、，共3种，金刚烷的二氯代物为、，共6种，故B正确；
C. 苯的同系物是只含一个苯环，而①含有三个苯环，故C错误；
D. 富勒烯只含碳元素，不能发生取代反应，故D错误。
综上所述，答案为B。
【点睛】苯的同系物是只含一个苯环，支链为烷烃基。
16.某醇和醛的混合物0.05 mol，能从足量的银氨溶液中还原出16.2 g银，已知该醇为饱和一元醇，该醛的组成符合通式CnH2nO，下列结论正确的是 (　　)
A. 此混合物中的醛一定不是甲醛
B. 此混合物中的醇、醛的物质的量之比是1∶3
C. 此混合物中的醛、醇可以是任意比
D. 此混合物中的醇、醛的物质的量之比是1∶1
【答案】B
【解析】
【详解】醛与银氨溶液反应还原出16.2 g银即物质量，根据—CHO ～ 2Ag，得到醛的物质的量为0.075mol，则醛的物质的量大于总量，说明醛为甲醛，HCHO～4Ag，则甲醛物质的量为0.0375mol，醇的物质的量为0.05mol－0.0375mol =0.0125mol，因此醇和醛的物质的量之比是0.0125ol：0.0375mol = 1:3，故B正确。
答案为B。
二、填空题
17.(1)下列选项中互为同系物的是__________;互为同分异构体的是__________;属于同种物质的是__________。
①H2O与D2O；②1H、2H、3H；③；④与；⑤ ；⑥戊烯与环戊烷； ⑦与
(2)羟基、羧基的性质具有明显的差异，为实现如图所示的各步转化，请在括号内填入适当试剂的化学式。

①__________；②__________；③__________；④__________；⑤__________；
(3)聚碳酸酯的透光率良好，可制作车、船、飞机的挡风玻璃等。①原来合成聚碳酸酯的一种原料是有毒的光气(COCl2)，现在改用绿色化学原料碳酸二甲酯()与____(填序号)缩合聚合而成。 
A.二卤代物 B.二酚类 C.二醛类 D.二烯类
②写出用绿色化学原料合成聚碳酸酯反应的化学方程式____________________________________
【答案】 (1). ⑤ (2). ⑥ (3). ①⑦ (4). NaHCO3 (5). H2SO4或HCl (6). NaOH或Na2CO3 (7). H2O、CO2 (8). Na (9). B (10). n+n→+(2n－1)CH3OH
【解析】
【分析】
(1)同系物是结构相似，分子组成相差一个或若干个CH2原子团；同分异构体是分子式相同，结构不同的有机物。

(2)羧基、酚羟基、醇羟基都与Na反应，羧基、酚羟基都与氢氧化钠溶液反应，碳酸钠溶液反应，羧基与碳酸氢钠反应，酚羟基不与碳酸氢钠反应。
(3)根据聚碳酸酯的结构，可以得出聚碳酸酯是由和发生缩聚反应得到。
【详解】(1)①H2O与D2O都为水；②1H、2H、3H三者质子数相同，中子数不同，互为同位素；③，两者结构相差一个CH2，但结构不相似，前者为酚，后者为醇，不能互为同系物；④与，两者都为醇，但官能团数目不同，结构不相似，不能互为同系物；⑤ ，都为羧酸，结构相似，分子组成相差2个CH2，互为同系物；⑥戊烯与环戊烷，分子式相同，结构式不同，互为同分异构体；⑦与是同种物质；因此互为同系物的是⑤；互为同分异构体的是⑥；属于同种物质的是①⑦；故答案为：⑤；⑥；①⑦。
(2)A中含有羧基和酚羟基，两者都与氢氧化钠溶液、碳酸钠溶液反应，因此不能用氢氧化钠溶液、碳酸钠溶液，碳酸氢钠与羧基反应，与酚羟基不反应，因此①为NaHCO3；B变为A主要是羧酸钠变为羧基，利用强酸制弱酸原理，因此②为H2SO4或HCl；B变C主要是酚羟基变为酚钠，加入氢氧化钠溶液或则碳酸钠溶液反应，因此③为NaOH或Na2CO3；C变为B主要是酚钠变为酚羟基，C加入二氧化碳和水反应生成B，不能加盐酸或稀硫酸，因此④为H2O、CO2；C到D反应是醇羟基变为醇钠，C和金属钠反应生成D，因此⑤为Na；故答案为：NaHCO3；H2SO4或HCl；NaOH或Na2CO3；H2O、CO2；Na。
(3)①根据聚碳酸酯的结构，可以得出聚碳酸酯是由和发生缩聚反应得到，因此属于二酚类；故答案为：B。
②根据上面得到绿色化学原料合成聚碳酸酯反应的化学方程式为n+n→+(2n－1)CH3OH；故答案为：n+n→+(2n－1)CH3OH。
18.某烃类化合物A的质普图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢。在下图中，D1、D2互为同分异构体，E1、E2互为同分异构体

(1)A中的碳原子是否都处于同一平面?__________(填“是”或者“不是”)。
(2)反应②的化学方程式为__________。
(3)C的化学名称是__________，其反式加聚产物的结构简式是__________。
(4)E2在Cu催化作用下氧化的化学方程式为__________。
【答案】 (1). 是 (2). +2NaOH+2NaCl+2H2O (3). 2，3-二甲基-1，3-丁二烯 (4). (5).
【解析】
【分析】
某烃类化合物A的质普图表明其相对分子质量为84，84÷12=7，去1个碳原子，得12个氢原子，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，因为分子式为C6H12，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢，说明A为(CH3)2C=C(CH3)2。A与氯气发生加成反应生成B()，B发生消去反应生成，1mol 与1mol溴单质发生加成1,2-加成或1,4-加成，得到的产物再发生水解反应得到醇。据此解答。
【详解】(1)A为(CH3)2C=C(CH3)2，根据乙烯中六个原子在同一平面内，得到A中的碳原子都处于同一平面；故答案为：是。
(2)A与氯气发生加成反应生成，在氢氧化钠乙醇加热条件下反应生成烯烃、氯化钠和水，因此②的化学方程式为；故答案为：。
(3)C的结构简式为，其化学名称是2，3-二甲基-1，3-丁二烯；其反式加聚产物的结构简式是；故答案为：2，3-二甲基-1，3-丁二烯；。
(4)C到D2是发生1，4加成得到，D2水解生成，E2()在Cu催化作用下氧化的化学方程式为；故答案为：。
19.环己烯是合成赖氨酸、环己酮、苯酚等的重要原料，也常用作石油萃取剂及高辛烷值汽油稳定剂。
制备环己烯的反应原理：主反应；副反应
制备环己烯的实验装置图如下：(夹持装置及加热装置已省略)

相应的实验流程如下图所示：

相关物质沸点、密度、溶解性如下：

沸点/℃
密度/()
水中溶解性
环己醇
161
0.962 4
可溶于水
环己烯
83
0.811
不溶于水
85%溶液

1.69
易溶于水
环己烯与水形成的共沸物(含水10%)
70.8

环己醇与水形成的共沸物(含水80%)
97.8

回答下列问题：
(1)实验中不用浓硫酸，而用85%溶液，说明理由________________(写出一条即可)。
(2)向粗产物环己烯中加入食盐使水层饱和的目的是_____________；水浴蒸馏前加入无水氯化钙的目的是___________________________.
(3)仪器A、B的名称分别是________________________。
(4)蒸馏提纯时用到水浴加热的方法，其优点是______________(写出两条即可)。
(5)文献资料要求本实验的反应温度应不超过90℃，其原因是_____________________。
(6)本实验最终得环己烯纯品2.75g，环己烯的产率为__________________%。
【答案】 (1). 浓硫酸具有强氧化性，会氧化部分原料，导致产率降低(其他合理答案也可) (2). 降低环己烯的溶解度，加快有机层与无机层的分层 (3). 除去残留在有机层中的水，防止蒸馏产品形成环己烯与水的共沸物，提高所得产品纯度 (4). 直形冷凝管、分液漏斗 (5). 受热均匀、易控制加热温度(其他合理答案也可) (6). 环己醇能与水形成共沸物，且该共沸物的沸点为97.8℃，若加热温度超过90℃会造成原料环己醇的大量流失，从而降低产率 (7). 34.9
【解析】
【分析】
环己醇在85%磷酸溶液中反应生成环己烯和水，副反应为环己醚，将环己醇、85%磷酸和沸石加入到烧瓶中，安装好一起加热、控制反应温度小于90℃，利于生成主反应反应，避免环己醇与水形成的共沸物，减少环己醇损失，得到粗产品加入食盐至饱和，利于分离出环己烯，再用无水氯化钙干燥，避免环己烯与水形成共沸物，用水浴蒸馏。
【详解】(1)实验中不用浓硫酸，而用85%溶液，、易被浓硫酸氧化，说明理由浓硫酸具有强氧化性，会氧化部分原料，导致产率降低；故答案为：浓硫酸具有强氧化性，会氧化部分原料，导致产率降低(其他合理答案也可)。
(2)向粗产物环己烯中加入食盐使水层饱和的目的是降低环己烯的溶解度，加快有机层与无机层的分层；水浴蒸馏前加入无水氯化钙，根据题中信息环己烯与水易形成共沸物，因此无水氯化钙吸收残留在有机层中的水，防止蒸馏产品形成环己烯与水的共沸物，提高所得产品纯度；故答案为：降低环己烯的溶解度，加快有机层与无机层的分层；除去残留在有机层中的水，防止蒸馏产品形成环己烯与水的共沸物，提高所得产品纯度。
(3)根据题中得出仪器A、B的名称分别是直形冷凝管、分液漏斗；故答案为：直形冷凝管、分液漏斗。
(4)蒸馏提纯时用到水浴加热的方法，其优点是受热均匀、易控制加热温度；故答案为：受热均匀、易控制加热温度(其他合理答案也可)。
(5)文献资料要求本实验的反应温度应不超过90℃，根据题中信息环己醇与水形成的共沸物(含水80%)的沸点是97.8℃，温度高于90℃，大量环己醇就会被蒸馏除去，造成环己醇利用率低；故答案为：环己醇能与水形成共沸物，且该共沸物的沸点为97.8℃，若加热温度超过90℃会造成原料环己醇的大量流失，从而降低产率。
(6)，根据方程式理论上得到环己烯的质量为，环己烯的产率为；故答案为：34.9。
【点睛】有机反应题型是近几年常考题型，将实验与有机知识结合考察学生分析问题、解决问题的能力。
20.中国工程院院士李兰娟团队发现阿比朵尔在10~30微摩尔浓度下，能有效抑制冠状病毒达60倍，并有显著抑制病毒对细胞的病变效应。“阿比朵尔”是抗击新型冠状病毒潜在用药，其合成路线如下：

回答下列问题：
②(1)有机物A的名称是____________。
(2)反应②、⑥反应类型分别是_________、______________。
(3)F中含氧官能团的名称是_______________；G的分子式为_______________。
(4)请写出反应③的化学反应方程式____________________________________。
(5)M是B的一种同分异构体，满足下列条件的同分异构体有________种；其中核磁共振氢谱为有4组峰，峰面积之比为2:2:2:1的结构简式为_________。
①苯环上有3个取代基；②能发生银镜反应；③能发生水解反应，且1 mol M水解消耗4mol NaOH 。
(6)设计由甲苯和2-丙醇为原料制备的合成路线________。
【答案】 (1). 对硝基苯酚或 4-硝基苯酚 (2). 还原反应 (3). 取代反应 (4). 酯基 (5). C15H17NO4 (6). (7). 6 (8). 和 (9). ；

【解析】
【分析】
A发生取代反应生成B，B与铁、氯化铵反应还原反应生成C，C与D发生反应形成碳氮双键生成E，E发生反应生成F，F与无水碳酸钾、硫酸二乙酯反应生成G，G发生取代反应生成H。
【详解】(1)有机物A的名称是对硝基苯酚或4-硝基苯酚；故答案为：对硝基苯酚或4-硝基苯酚。
(2)反应②是—NO2变为—NH2，反应类型为还原反应，反应⑥是苯环上、甲基上发生取代；故答案为：还原反应；取代反应。
(3)F中含氧官能团名称是酯基；根据G的的结构简式得到分子式为C15H17NO4；故答案为：酯基；。
(4)反应③是—NH2与C=O发生反应形成碳氮双键，其化学反应方程式；故答案为：。
(5)M是B的一种同分异构体，①苯环上有3个取代基；②能发生银镜反应，说明有醛基；③能发生水解反应，说明有酚酯，且1 mol M水解消耗4mol NaOH，则说明含有两个酚酯，两个酚酯—OOCH在邻位，—NH2在苯环上有2种，两个酚酯—OOCH在间位，—NH2在苯环上有3种，两个酚酯—OOCH在对位，—NH2在苯环上有1种，满足下列条件的同分异构体有6种；其中核磁共振氢谱为有4组峰，峰面积之比为2:2:2:1的结构简式为和；故答案为： 和。
(6)2-丙醇在催化剂作用下氧化成丙酮，甲苯在浓硫酸加热作用下与浓硝酸反应生成，与Fe、氯化铵作用下反应生成，与丙酮反应生成，其合成路线为：；；故答案为：；。
【点睛】有机推断中常见是根据分子式分析反应类型或根据反应条件分析反应类型。