2016年上海市闵行区中考化学二模试卷答案.doc

学而思网校上海分校2016年上海市闵行区中考化学二模试卷参考答案与试题解析六、单项选择题（共20分）1（1分）属于物理性质的是（）A稳定性B可燃性C吸附性D氧化性【解答】解：A稳定性需要通过化学变化表现出来，属于化学性质故不符合题意；B可燃性需要通过化学变化表现出来，属于化学性质故不符合题意；C吸附性都不需要通过化学变化表现出来，都属于物理性质故符合题意；D氧化性需要通过化学变化表现出来，属于化学性质故不符合题意故选C2（1分）不属于碳元素的同素异形体的是（）A金刚石B石墨C碳60D一氧化碳【解答】解：互为同素异形体的物质要符合以下两个条件：同种元素形成，不同单质；碳元素的同素异形体必须是碳元素形成的单质A、金刚石是由碳元素形成的单质，属于碳元素的同素异形体，故选项错误B、石墨是由碳元素形成的单质，属于碳元素的同素异形体，故选项错误C、碳60是由碳元素形成的单质，属于碳元素的同素异形体，故选项错误D、一氧化碳属于化合物，不是单质，不属于碳元素的同素异形体，故选项正确故选：D3（1分）物质在不断地运动变化，属于物理变化的是（）A冰雪消融B大米酿酒C木柴燃烧D铁钉生锈【解答】解：A、冰雪消融的过程中没有新物质生成，属于物理变化；B、大米酿酒的过程没有新物质酒精生成，属于化学变化；C、木材燃烧的过程中有新物质二氧化碳和水生成，属于化学变化；D、铁钉生锈的过程中有新物质铁锈生成，属于化学变化；故选A4（1分）含氟牙膏中常添加氟化钠，NaF中F元素的化合价是（）A+1B0C1D2【解答】解：钠元素显+1，设氟元素的化合价是x，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可知氟化钠（化学式为NaF）中氟元素的化合价为：（+1）+x=0，则x=1故选：C5（1分）水样酸性最强的是（）ApH=1.3 的工业废水BpH=4.5 的雨水CpH=7.0 的蒸馏水DpH=7.3 的矿泉水【解答】解：A、工业废水的pH为1.3，小于7，显酸性B、雨水的pH为4.5，小于7，显酸性C、蒸馏水的pH为7.0，等于7，显中性D、矿泉水的pH为7.3，大于7，显碱性根据当溶液的pH小于7时，呈酸性，且pH越小，酸性越强，工业废水的pH最小，所以酸性最强故选A6（1分）属于有机物的是（）A碳酸钙B酒精C二氧化碳D碳酸【解答】解：A、碳酸钙中虽然含有碳元素，但是其性质与无机物相似，能把它看做无机物，故错误；B、酒精中含有碳元素，属于有机物，属于最简单的有机物，故正确；C、二氧化碳中虽然含有碳元素，但是其性质与无机物相似，能把它看做无机物，故错误；D、碳酸中虽然含有碳元素，但是其性质与无机物相似，能把它看做无机物，故错误故选B7（1分）不能形成水溶液的是（）A味精B食盐C白糖D芝麻油【解答】解：A、味精易溶于水，形成均一、稳定的混合物，属于溶液，故选项错误B、食盐易溶于水，形成均一、稳定的混合物，属于溶液，故选项错误C、白糖易溶于水，形成均一、稳定的混合物，属于溶液，故选项错误D、芝麻油难溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，即不能够形成溶液，故选项正确故选：D8（1分）化学用语与含义相符的是（）A2O：2 个氧元素B：铁元素的化合价为+3 价CH2：2 个氢原子DZn：锌分子【解答】解：A、元素只讲种类不讲个数，元素符号前面的数字表示几个这样的原子，故2O表示2个氧原子，故选项错误；B、元素符号正上方的数字表示元素的化合价，故表示铁元素的化合价为+3价，故选项正确；C、H2可表示氢气或一个氢分子，2个氢原子可表示为2H，故选项错误；D、Zn可表示金属锌、一个锌原子、锌元素等，不能表示锌分子，故选项错误；故选B9（1分）灼烧某硫酸盐时透过蓝色钴玻璃片观察到火焰呈紫色，该硫酸盐是（）AK2SBNa2SCNa2SO4DK2SO4【解答】解：A、蘸取K2S溶液在火焰上灼烧，含有钾元素，灼烧时火焰的颜色呈紫色，但K2S不属于硫酸盐，故选项错误B、蘸取Na2S溶液在火焰上灼烧，含有钠元素，灼烧时火焰的颜色呈黄色，而不是紫色，故选项错误C、蘸取Na2SO4溶液在火焰上灼烧，含有钠元素，灼烧时火焰的颜色呈黄色，而不是紫色，故选项错误D、蘸取K2SO4溶液在火焰上灼烧，含有钾元素，灼烧时火焰的颜色呈紫色，且K2SO4属于硫酸盐，故选项正确故选：D10（1分）某反应：2NO+2COX+2CO2，X 的化学式为（）AN2BNO2CN2O3DNH3【解答】解：由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式2NO+2COX+2CO2，反应前氮、氧、碳原子个数分别为2、4、2，反应后的生成物中氮、氧、碳原子个数分别为0、4、2，根据反应前后原子种类、数目不变，则每个X分子由2个氮原子构成，则物质X的化学式为N2故选：A11（1分）物质用途错误的是（）A干冰：作制冷剂B稀有气体：作电光源C金刚石：作电极D草木灰：作钾肥【解答】解：A、干冰易升华吸热，使周围温度降低，可以作制冷剂，故A说法正确；B、稀有气体充电后能呈现不同颜色的光，可以作多种电光源，故B说法正确；C、金刚石不能导电，不能做电极，故C说法错误；D、草木灰中含有钾元素，可以作钾肥，故D说法正确故选C12（1分）图示实验操作正确的是（）A加热液体B振荡试管C放回滴瓶D检查气密性【解答】解：A、给试管内的液体加热时，试管内液体不可超过试管容积的三分之一，试管与桌面成45角，用外焰加热，故A正确；B、振荡试管时要左右晃动，不可上下晃动，故B错误；C、滴瓶内的专用滴管不需清洗，故C错误；D、检查图示装置的气密性时，用夹子夹住导管，向长颈漏斗中加水，漏斗中的液面不下降，说明气密性良好，故D错误故选A13（1分）增加CO2在水中的溶解度，可行的操作是（）A升温B加压C增加水量D不断通入CO2【解答】解：气体的溶解度随温度的升高而减小，随着压强的增大而增大，故要增加CO2在水中的溶解度，可以采用加压、降温的操作方法A、气体的溶解度随温度的升高而减小，升温能降低CO2在水中的溶解度，故选项错误；B、气体的溶解度随着压强的增大而增大，加压能增加CO2在水中的溶解度，故选项正确；C、溶解度不受溶剂质量、溶液质量多少的影响，增加水量不能增加CO2在水中的溶解度，故选项错误；D、溶解度不受溶剂质量、溶液质量多少的影响，增加二氧化碳的量，也不能增加溶解量，不能增加CO2在水中的溶解度，故选项错误故选：B14（1分）关于水的说法错误的是（）A水净化加入明矾使小颗粒凝聚B水净化通入氯气杀菌消毒C水净化沙滤装置除去不可溶性杂质D水电解产生H2和O2的质量比 2：1【解答】解：A、由于明矾溶于水的生成物具有吸附性，水净化加入明矾使小颗粒凝聚，故A正确；B、由于氯气溶于水生成的次氯酸具有氧化性，所以水净化通入氯气能杀菌消毒，故B正确；C、水净化沙滤装置除去不可溶性杂质，故C正确；D、水电解产生H2和O2的体积比 2：1，质量比是1：8，故D错误故选D15（1分）实验操作能够达到目的是（）A证明金属活动性ZnFeB比较 MnO2和 Fe2O3的催化效果C探究溶解性的影响因素D探究分子的运动【解答】解：A、比较锌和铁的金属活动性，应控制其它因素相同，选项中使用的酸不同，无法比较金属活动性，故选项实验操作不能够达到目的B、比较MnO2和Fe2O3的催化效果，由于过氧化氢溶液的浓度不同，不能比较MnO2和Fe2O3的催化效果，故选项实验操作不能够达到目的C、探究溶解性的影响因素，应控制其它因素相同，选项中溶剂不同，无法确定探究溶解性的影响因素，故选项实验操作不能够达到目的D、浓盐酸易挥发，挥发出的氯化氢气体溶于水其溶液为酸性，大烧杯外的紫色石蕊溶液起对比作用，实验现象为大烧杯中的紫色石蕊溶液变红，但浓盐酸与紫色石蕊溶液没有直接接触，说明分子是在不断的运动的，故选项实验操作能够达到目的故选：D16（1分）为了证明氢氧化钠溶液已变质，其中不能达到实验目的是（）A通适量CO2气体B加入澄清石灰水C加入氯化钡溶液D加入足量盐酸【解答】解：氢氧化钠变质是因为与空气中的二氧化碳反应生成碳酸钠，证明氢氧化钠溶液已变质，即证明有碳酸钠存在A、二氧化碳不与碳酸钠溶液反应，不能用于证明氢氧化钠溶液已变质，故选项正确B、碳酸钠与澄清石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀和氢氧化钠，可用于证明氢氧化钠溶液已变质，故选项错误C、碳酸钠与氯化钡溶液反应生成碳酸钡白色沉淀和氯化钠，可用于证明氢氧化钠溶液已变质，故选项错误D、碳酸钠与足量盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，可用于证明氢氧化钠溶液已变质，故选项错误故选：A17（1分）推理是化学学习中常用的思维方法，推理正确的是（）A化学反应前后由于原子个数不变，则分子个数一定不变B单质中只含一种元素，则只含一种元素的纯净物一定是单质C向固体中滴加稀盐酸，若有气泡产生，则固体中一定含有碳酸根D碱溶液呈碱性，则呈碱性的溶液一定是碱溶液【解答】解：A、化学变化的实质是分子分成原子，原子再重新组合成新分子，化学变化中分子个数可能发生改变，故选项推理错误B、单质中只含一种元素，则只含一种元素的纯净物一定是单质，故选项推理正确C、向固体中滴加稀盐酸，若有气泡产生，固体中不一定含有碳酸根，也可能是活泼金属等，故选项推理错误D、碱溶液呈碱性，但呈碱性的溶液不一定是碱溶液，也可能是碳酸钠等盐溶液，故选项推理错误故选：B18（1分）除去物质中混有的少量杂质，所选用的试剂及操作方法正确的是（）物质杂质除杂质应选用的试剂和操作方法AN2O2铁丝，点燃BCaOCaCO3固体加水，过滤CCu（NO3）2溶液AgNO3溶液加过量的铜粉，过滤DKNO3溶液KOH 溶液加适量的 CuSO4溶液，过滤AABBCCDD【解答】解：A、铁丝在含有少量氧气的氮气中不能燃烧，不能除去杂质，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误B、CaO能与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙难溶于水，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误C、过量的铜粉能与AgNO3溶液反应生成硝酸铜溶液和银，再过滤，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确D、KOH 溶液能与适量的CuSO4溶液反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钾，能除去杂质但引入了新的杂质硫酸钾，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误故选：C19（1分）将 100g 碳酸钙高温煅烧一段时间后，冷却测得剩余固体质量为 78g，再向剩余固体中加入足量稀盐酸，充分反应后，理论上共产生二氧化碳的物质的量是（）A0.2molB0.5molC0.78molD1mol【解答】解：根据题意，碳酸钙高温煅烧生成氧化钙和二氧化碳，碳酸钙与稀盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，碳酸钙无论是高温煅烧还是加入足量稀盐酸，其中的碳酸根离子都会转化为二氧化碳，100g 碳酸钙转化为二氧化碳的量与高温煅烧还是加入足量稀盐酸无关；设理论上共产生二氧化碳的质量为锌，可得关系式：CaCO3CO2，100 44100g xx=44g共产生二氧化碳的物质的量为=1mol故选：D20（1分）向一定量AgNO3溶液中加入铜、锌的混合粉末，充分反应后过滤，得到溶液甲和固体乙，下列判断错误的是（）A若向溶液甲中滴加氯化钠溶液产生白色沉淀，则固体乙是 AgB若溶液甲呈蓝色，则固体乙中一定含 Ag，可能含有 CuC若固体乙中含有锌、铜、银三种金属，则溶液甲中的溶质是Zn（NO3）2D若向固体乙中滴加稀盐酸没有气泡，则溶液甲中的溶质可能有两种情况【解答】解：A、若向溶液甲中滴加氯化钠溶液产生白色沉淀，说明硝酸银过量，锌和铜完全反应，则固体乙是反应生成的Ag，该选项说法正确；B、若溶液甲呈蓝色，则固体乙中一定含 Ag，可能含有Cu，例如铜和硝酸银反应生成硝酸铜和银，硝酸铜溶液是蓝色溶液，如果铜过量，则乙中含有铜，该选项说法正确；C、若固体乙中含有锌、铜、银三种金属，说明硝酸银不足以和锌完全反应，铜没有反应，则溶液甲中的溶质是锌和硝酸银反应生成的Zn（NO3）2，该选项说法正确；D、若向固体乙中滴加稀盐酸没有气泡，则溶液甲中的溶质可能的情况有：锌不足时，溶质是过量的硝酸银和反应生成的硝酸锌，锌恰好和硝酸银反应时溶质是反应生成的硝酸锌，锌完全反应后硝酸银过量，铜和硝酸银反应时铜不足，溶质是硝酸锌、剩余的硝酸银和反应生成的硝酸铜，铜和硝酸银恰好完全反应时溶质是反应生成的硝酸锌和硝酸铜，该选项说法不正确故选：D七、填空题（共20分）21（5分）实验室有四个药品橱，已存放如下药品：实验室新购进一些木炭，应将它存放在甲橱中（填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）甲橱红磷在氧气中燃烧的主要现象是冒出大量的白烟，放出大量的热乙橱中的固体物质可以作干燥剂的是NaOH（写化学式）丙橱中药品都属于盐类别（填“酸”、“盐”或“单质”）丁橱的物质露置于空气一段时间后（不考虑水分挥发），说法正确的是IIII溶质质量都减少II溶剂质量都增大溶质质量分数都减少溶液质量都减少【解答】解：甲中硫、红磷属于非金属单质，购进的木炭属于非金属单质，因此应将它存放在甲厨中，故填：甲；红磷在氧气中燃烧的主要现象是冒出大量的白烟，放出大量的热，故填：冒出大量的白烟，放出大量的热氢氧化钠固体具有吸水性，可以作干燥剂，故填：NaOH；胆矾、石碱都是由金属离子和酸根离子构成的化合物，都属盐，故填：盐；、I浓盐酸挥发出溶质氯化氢而导致溶质减少，浓硫酸溶质不变，故错误；II浓盐酸溶剂质量不变，浓硫酸具有吸水性，易吸收空气中的水分而使溶剂质量增加，故错误；浓盐酸具有挥发性，易挥发出溶质氯化氢而导致溶液中溶质质量分数减小，浓硫酸具有吸水性，易吸收空气中的水分而使溶质质量分数减小，故正确；浓盐酸挥发出溶质而导致溶液质量减小，浓硫酸易吸水而使溶液质量增加，故错误故选III22（5分）尿素是一种常用的化肥，工业上生产尿素的微观反应示意图如下：尿素的化学式为CO（NH2）2，由4种元素组成，摩尔质量为60g/mol，氮元素的质量分数为46.7%（精确到 0.1%），0.1mol 的尿素中约含氢原子2.41023个（用科学记数法表示）生产尿素的反应中，物质 A 与 B 的物质的量之比为2：1【解答】解：根据工业上生产尿素的反应的微观示意和质量守恒定律可知，A、B、C、D分别为NH3、CO2、CO（NH2）2、H2O，反应的方程式是：2NH3+CO2CO（NH2）2+H2O，由此可知：尿素的化学式为CO（NH2）2，由4种元素组成，尿素的相对分子质质量是：12+16+（14+12）2=60，所以尿素的摩尔质量为60g/mol，氮元素的质量分数为：46.7%，由于1mol 的尿素中约含分子的个数是：6.021023个，一个尿素分子中含有4个氢原子，所以，0.1mol 的尿素中约含氢原子的个数是：6.0210230.142.41023由上述方程式可知，生产尿素的反应中，物质 A 与 B 的物质的量之比为 2：1故答为：4；60g/mol；46.7%；2.41023；2：123（5分）如图1是 X、Y、Z 三种固体物质的溶解度曲线，请回答下列问题：t3C时三种物质溶解度由大到小的顺序是X=YZ要使饱和的 Z 溶液变为不饱和溶液，可采取的一种措施是降温t2C 时，25gX 的饱和溶液中含有 5gX，则此时 X 的溶解度是25g/100g 水溶液 Y 中含有少量的 X，要得到较纯净的 Y，可以采用的方法是降温结晶t3C X 的不饱和溶液逐渐冷却至 t1C，图2中有关量随时间变化的趋势一定错误的是BD【解答】解：据图可以看出，t3C时三种物质溶解度由大到小的顺序是X=YZ，故填：X=YZ；Z的溶解度随温度的降低而增大，故要使饱和的 Z 溶液变为不饱和溶液，可以采用降温的方法，故填：降温；t2C 时，25gX 的饱和溶液中含有 5gX，则此时 X 的溶解度是：=25g，故填：25；Y的溶解度随温度的升高而增大明显，故溶液 Y 中含有少量的 X，要得到较纯净的 Y，可以采用降温结晶的方法，故填：降温结晶；t3C X 的不饱和溶液逐渐冷却至 t1C，溶质质量可能开始不变，然后析出晶体，最后不变，A可能正确；溶解度不会保持不变，一定是逐渐减小，错误；若是一直没有晶体析出，则溶质质量分数保持不变，C可能正确；一降温就析出晶体的只有饱和溶液，X的不跑和溶液降温会先变成饱和溶液，然后才会有晶体析出，D错误故填：BD24（5分）根据下面的实验过程和提供的数据，回答下列问题（不考虑反应中水分的蒸发，假设生成的气体全部逸出）生成二氧化碳的物质的量0.08mol通过化学方程式计算大理石中碳酸钙的质量分数80%（写出计算过程）过滤后溶液的质量为54.48g【解答】解：由质量守恒定律可知，生成二氧化碳的质量为：50g+10g54.48g=3.52g，二氧化碳的物质的量是：=0.08mol设大理石中碳酸钙的质量为xCaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2100 44x 3.52g 解得：x=8g大理石中碳酸钙的质量分数是：=80%过滤后溶液的质量为：50g+8g3.52g=54.48g故填：0.08；80%； 54.48八、简答题（共20分）25（8分）下面是实验室常用的一些装置，请根据要求回答问题写出仪器 a 的名称锥形瓶用氯酸钾和二氧化锰制取氧气时，反应的化学方程式是2KClO32KCl+3O2，可以选用的发生装置是D（填装置编号），若用 E 装置进行收集，则氧气应由导管c进入C 装置叫启普发生器，可通过调节导管上的活塞来控制反应的发生与停止要将 B 装置改进成具有 C的功能，一般需再增加的一个实验用品是多孔塑料隔板用双氧水和二氧化锰制取氧气，反应的化学方程式是2H2O22H2O+O2；图2是溶质质量分数分别为 w1、w 2、w3、w 4的双氧水完全分解生成氧气的体积与时间的关系的示意图为使反应能保持平稳地进行，需考虑的因素是：发生装置：选用 A 的理由是能通过分液漏斗控制液体试剂滴加速度；选择合适浓度的双氧水【解答】解：仪器 a 的名称是锥形瓶；故填：锥形瓶；氯酸钾在二氧化锰作催化剂加热的条件下分解为氯化钾和氧气，该反应属于固体加热型，所以选择仪器D来制取，氧气的密度比空气大，所以用装置E收集氧气时，氧气从长管进入；故填：2KClO32KCl+3O2；D；c；启普发生器能控制化学反应的开始与停止，所以要将图B改进成具有图C的功能，一般需增加的实验用品是：多孔塑料隔板；故填：多孔塑料隔板；过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解为水和氧气；为使反应能保持平稳地进行可以选择装置A，A装置可以通过分液漏斗控制液体试剂滴加速率来控制反应的速度；由图2可知，过氧化氢溶液的浓度越小，反应的速度越慢，所以可以考虑的另一个因素是过氧化氢溶液的浓度；故填：2H2O22H2O+O2；能通过分液漏斗控制液体试剂滴加速度；选择合适浓度的双氧水26（5分）向一定质量的Na2CO3、Na2SO4混合溶液中先后滴加BaCl2、HCl溶液，反应过程中加入溶液的质量与产生沉淀或气体的质量关系如图写出0a过程中的发生反应的一个化学方程式Na2CO3+BaCl2=2NaCl+BaCO3，反应类型复分解反应加入盐酸 bc 的现象是沉淀部分溶解，有气泡产生c 点溶液中含有的溶质是NaCl、BaCl2a、b、c、d 四点所含BaCl2的质量关系是dcba（用“”、“”或“=”表示）【解答】解：0a过程中，氯化钡和碳酸钠反应生成碳酸钡沉淀和氯化钠，和硫酸钠反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，反应的化学方程式为：Na2CO3+BaCl2=2NaCl+BaCO3，BaCl2+Na2SO4BaSO4+2NaCl，都属于复分解反应故填：Na2CO3+BaCl2=2NaCl+BaCO3；复分解反应加入盐酸时，碳酸钡和稀盐酸反应生成氯化钡、水和二氧化碳，bc 的现象是沉淀部分溶解，有气泡产生故填：沉淀部分溶解，有气泡产生c 点溶液中含有的溶质是碳酸钠、硫酸钠和氯化钡反应生成的NaCl和碳酸钡和稀盐酸反应生成的BaCl2故填：NaCl、BaCl2a点时，氯化钡恰好和碳酸钠、硫酸钠反应，质量是0，c点时，氯化钡的质量是ab的氯化钡质量和bc时碳酸钡和稀盐酸反应生成的氯化钡质量之和，因此c点氯化钡质量大于b点氯化钡质量，d点时，氯化钡的质量是ab的氯化钡质量和碳酸钡和稀盐酸完全反应生成的氯化钡质量之和，因此d点时氯化钡质量最大，因此a、b、c、d 四点所含BaCl2的质量关系是dcba故填：dcba27（7分）某小组同学利用混有少量CO2的 CO 气体进行还原氧化铜实验并验证有关气体的性质（装置气密性良好）：实验开始时，先通气体（选填“通气体”或“加热”），目的是排尽装置中的空气，防止加热发生爆炸B 中的现象是黑色粉末逐渐变红，反应的化学方程式是CO+CuOCu+CO2小红同学认为 C 中气体是CO2、CO、H2O，但上述 A：E 装置不能验证小红同学的观点，装置正确的连接是 ABDCE小兰同学认为为了防止溶液倒吸，本实验停止加热前先断开 B 和 C 的连接，小明同学认为不需要，理由是在停止加热前一直在通气体，不能导致溶液倒吸实验后小高同学又指出：上图装置的尾气处理 E 也可以用 F 装置代替，F 装置的作用是贮存CO 气体【解答】解：由于一氧化碳与空气的混合气体遇明火易发生爆炸，实验开始时，先通CO，目的是排尽装置内的空气，防止加热发生爆炸在加热的条件下，一氧化碳具有还原性，能还原氧化铜，B中的现象是：黑色粉末逐渐变红，反应的化学方程式：CO+CuOCu+CO小红同学认为 C 中气体是CO2、CO、H2O，但上述 A：E 装置不能验证小红同学的观点在验证水时，应放在通入溶液之前，水常用无水硫酸铜来检验，二氧化碳常用澄清的石灰水来检验，一氧化碳具有可燃性燃烧时产生蓝色火焰，所以装置正确的连接是：ABDCE小兰同学认为为了防止溶液倒吸，本实验停止加热前先断开 B 和 C 的连接，小明同学认为不需要，理由是在停止加热前一直在通气体，不能导致溶液倒吸实验后小高同学又指出：上图装置的尾气处理 E 也可以用 F 装置代替，由F装置的特点可知，F装置的作用是：贮存CO 气体故答为：通气体，排尽装置内的空气，防止加热发生爆炸；黑色粉末逐渐变红，CO+CuOCu+CO2；DCE；在停止加热前一直在通气体，不能导致溶液倒吸；贮存CO 气体第17页（共17页）